1、2014-2015學年廣西河池市高一（下）期末物理試卷一、選擇題（共12小題，命題4分，共48分.其中第1-8題，每題只有一個選項正確，第9-12題，每題有兩個或兩個以上選項正確，全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不選的得0分）1（4分）（2015春河池期末）下列關于運動和力的敘述中，正確的是（）A若物體做勻速圓周運動，則其所受的合力一定指向圓心B若物體做曲線運動，則其所受的合力一定是變化的C若物體所受合力方向與運動方向相反，則其可能做曲線運動D若物體運動的速率在增加，則其所受合力與運動方向可能相反考點：向心力；線速度、角速度和周期、轉速分析：物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一

2、條直線上，合外力大小和方向不一定變化，若物體運動的速率在增加，則合力做正功解答：解：A、物體做勻速圓周運動，所受的合力提供向心力，一定指向圓心，所以A正確；B、曲線運動可以是勻變速運動，如平拋運動，加速度為g，合力不變，所以B錯誤；C、當物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，若合力方向與運動方向相反，則做直線運動所以C錯誤；D、若物體運動的速率在增加，合力做正功，則其所受合力與運動方向一定相同，故D錯誤；故選：A點評：本題關鍵是對質點做曲線運動的條件的考查，勻速圓周運動，平拋運動等都是曲線運動，對于它們的特點要掌握住2（4分）（2015春河池期末）關于做功和物體動能變化的關系，正確

3、的是（）A只有動力對物體做功時，物體動能可能減少B物體克服阻力做功時，它的動能一定減少C動力和阻力都對物體做功，物體的動能一定變化D外力對物體做功的代數和等于物體的末動能和初動能之差考點：功能關系；動能和勢能的相互轉化分析：根據動能定理得合力做功量度動能的變化解答：解：A、根據動能定理得W總=Ek，合力做功量度動能的變化只有動力對物體做功，所以總功是正功，所以動能一定增加，不可能減少故A錯誤B、物體克服阻力做功，物體還有可能受動力做功，所以物體受各個力做功的代數和即總功是正功還是負功不明確，所以動能不一定減少故B錯誤C、動力和阻力都對物體做功，物體受各個力做功的代數和可能為零，所以物體的動能可

4、能不變D、根據動能定理內容知道外力對物體做功的代數和等于物體的末動能與初動能之差，故D正確故選：D點評：解這類問題的關鍵要熟悉功能關系，也就是什么力做功量度什么能的變化，并能建立定量關系3（4分）（2015春河池期末）某行星繞太陽運行的橢圓軌道如圖所示，F1和F2是橢圓軌道的兩個焦點，行星在A點的速率比在B點的小，則太陽位于（）AABBCF1DF2考點：開普勒定律專題：萬有引力定律的應用專題分析：開普勒第二定律的內容，對任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等時間內掃過相等的面積 行星沿著橢圓軌道運行，太陽位于橢圓的一個焦點上如果時間間隔相等，即t2t1=t4t3，那么面積A=面積B由此可知行星

5、在遠日點A的速率最小，在近日點B的速率最大解答：解：根據開普勒第二定律，對任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等時間內掃過相等的面積如果時間間隔相等，即t2t1=t4t3，那么面積A=面積B由此可知，行星在A點的速率比在B點的小，則A點為遠日點，B點為近日點，所以太陽位于F1，故C正確，ABD錯誤故選：C點評：考查了開普勒第二定律，再結合時間相等，面積相等，對應弧長求出平均速度4（4分）（2015春白山期末）構筑于4層建筑物之上是“中山幻影摩天輪”的最大特色，在直徑為80m的輪體上綴有36個座艙（可視為質點），在座艙中的游客從最低點運動（做勻速圓周運動）到最高點的過程中（）A所需的向心力越來越

6、大B所需的向心力大小保持不變C到達最高點時，游客對座椅的壓力大于其它受到的重力D到達最高點時，游客對座椅的壓力等于其受到的重力考點：向心力專題：勻速圓周運動專題分析：根據向心力的表達式，由于該摩天輪做勻速圓周運動，即v不變，故游客不論在哪個位置，所需要的向心力都一樣大，在最高點和最低點都有合外力提供向心力，根據向心力公式列式分析即可解答：解：AB、游客做勻速圓周運動，向心力大小不變，方向始終指向圓心，故A錯誤，B正確；CD、到達最高點時，合外力提供向心力，則有：由于不知道具體的速度大小，所以不好判斷游客對座椅的壓力和其受到的重力的關系，故CD錯誤故選：B點評：本題考查了向心力的表達式、要知道，

7、在勻速圓周運動中，速率不變，難度不大是，屬于基礎題5（4分）（2015春河池期末）如圖所示，輕質彈簧的一端固定在豎直板P上，另一端與靜止放在光滑桌面上的物體A相連，A右邊接一細線繞過光滑的定滑輪懸掛物體B，開始時用手托住B，讓細線恰好拉直，然后由靜止釋放B，直到B獲得最大速度，在此過程中（）A彈簧的彈性勢能增大B物體A的重力勢能增大C物體B的機械能不變D物體A、B組成的系統的機械能不變考點：機械能守恒定律專題：機械能守恒定律應用專題分析：本題首先要分析清楚過程中物體受力的變化情況，清理各個力做功情況；根據功能關系明確系統動能、B重力勢能、彈簧彈性勢能等能量的變化情況，注意各種功能關系的應用解答

8、：解：A、從開始到B速度達到最大的過程中，彈簧的伸長量增大，彈性勢能增大，故A正確B、A的高度不變，重力勢能不變，故B錯誤C、繩子的拉力對B一直做負功，所以B的機械能一直減小，故C錯誤D、對于物體A、B組成的系統，由于彈簧的彈力對A做負功，系統的機械能減小，故D錯誤故選：A點評：正確受力分析，明確各種功能關系，是解答這類問題的關鍵，要注意研究對象的選擇，這類問題對于提高學生的分析綜合能力起著很重要的作用6（4分）（2015春河池期末）如圖所示，ABC是光滑軌道，BC段是半徑為r的半圓弧，直徑BC豎直，今讓一小球從A點（與C點在同一水平線上）由靜止開始沿軌道ABC運動，已知如果小球與軌道發生碰撞

9、就會損失機械能，則（）A小球恰能到達C點B小球可能到C點后做平拋運動C小球到BC間某一點后再沿原軌道返回A點D小球不可能再回到A點考點：機械能守恒定律；向心力專題：機械能守恒定律應用專題分析：本題中，物體只受重力和支持力，支持力與速度垂直，只有重力做功，機械能守恒，物體要能到達最高點，速度至少為解答：解：假設小球能到達最高點C，在最高點C，有 mg+N=m，故v物體只受重力和支持力，支持力與速度垂直，只有重力做功，機械能守恒，故如果小球能到達最高點C，到達C點的速度為零，小于C點的速度，故小球不可能到達最高點C小球在BC間某一點離開軌道，速度不為零，做斜上拋運動，小球不可能再回到A點，故ABC

10、錯誤，D正確；故選：D點評：本題關鍵掌握物體恰能通過最高點的條件：重力提供向心力，結合機械能守恒定律分析求解7（4分）（2015上海模擬）如圖所示，船從A處開出后沿直線AB到達對岸，若AB與河岸成37°角，水流速度為4m/s，則船從A點開出的最小速度為（）A2m/sB2.4m/sC3m/sD3.5m/s考點：運動的合成和分解專題：運動的合成和分解專題分析：本題中船參與了兩個分運動，沿船頭指向的分運動和順水流而下的分運動，合速度方向已知，順水流而下的分運動速度的大小和方向都已知，根據平行四邊形定則可以求出船相對水的速度的最小值解答：解：船參與了兩個分運動，沿船頭指向的分運動和順水流而下

11、的分運動，其中，合速度v合方向已知，大小未知，順水流而下的分運動v水速度的大小和方向都已知，沿船頭指向的分運動的速度v船大小和方向都未知，合速度與分速度遵循平行四邊形定則（或三角形定則），如圖當v合與v船垂直時，v船最小，由幾何關系得到v船的最小值為v船=v水sin37°=2.4m/s故B正確，A、C、D錯誤故選：B點評：本題關鍵先確定分速度與合速度中的已知情況，然后根據平行四邊形定則確定未知情況8（4分）（2015春河池期末）已知地球同步衛星的軌道半徑為地球半徑的7倍，某衛星的同步衛星軌道半徑均為該行星半徑的3.5倍，該行星的自轉周期約為地球自轉周期的一半，那么該行星的平均密度與地

12、球的平均密度之比為（）ABC2D8考點：人造衛星的加速度、周期和軌道的關系；萬有引力定律及其應用專題：人造衛星問題分析：某天體的同步衛星的周期跟該中心天體自轉的周期相同，根據萬有引力提供向心力求出中心天體的質量，再求出平均密度，然后分析答題解答：解：萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：G=mr，解得：M=，密度：=，=；故選：B點評：本題考查了萬有引力定律的應用，知道衛星做圓周運動萬有引力提供向心力，應用萬有引力公式、牛頓第二定律、密度公式可以解題，解題時要注意比值法的應用9（4分）（2015春河池期末）如圖所示，空天飛機是既能航空又能航天的新型飛行器，它像普通飛機一樣起飛，以超高音速在大氣

13、層內飛行，在30100公里高空直接著陸若發射了一顆衛星成為航天飛行器，返回大氣層后，像飛機一樣在機場著陸若發射了一顆衛星在較高軌道上運行，而空天飛機做為航天飛行器關閉動力在較低軌道上運動下列說法正確的是（）A衛星的加速度比空天飛機的加速度大B衛星的運行速度比空天飛機的運行速度大C衛星的運行周期比空天飛機的運行周期大D空天飛機要想返回地面，應制動減速考點：人造衛星的加速度、周期和軌道的關系；萬有引力定律及其應用專題：人造衛星問題分析：航天飛機和衛星都繞地球做勻速圓周運動萬有引力提供圓周運動向心力，據此分析描述圓周運動物理量的大小關系，航天飛機要返回地球，需要做近心運動，據衛星變軌原理分析解答：解

14、：根據萬有引力提供圓周運動向心力A、向心加速度a=可知衛星的軌道半徑大向心加速度小，故A錯誤；B、運行速度v=可知衛星的軌道半徑大運行速度小，故B錯誤；C、周期T=可知衛星的軌道半徑大運行周期大，故C正確；D、航天飛機要返回地面需要做近心運動，根據衛星變軌原理航天飛機需要在軌道上制動減速做近心運動返回地面，故D正確故選：CD點評：萬有引力提供圓周運動向心力并由此根據軌道半徑大小確定描述圓周運動物理量的大小是正確解題的關鍵10（4分）（2015春河池期末）如圖所示，x軸在水平地面內，y軸沿豎直方向圖中畫出了從y軸上沿x軸正向拋出的三個小球a、b和c的運動軌跡，其中b和c是從同一點拋出的不計空氣阻

15、力，則 （）Aa在空中運動的時間比b的長Bb和c在空中運動的時間相同Ca的初速度比b的大Db的初速度比c的大考點：平拋運動專題：平拋運動專題分析：根據下降的高度比較平拋運動的時間，結合水平位移和時間比較初速度的大小解答：解：A、根據t=知，b、c的高度相同，大于a的高度，則b、c的運動時間相等，大于a的運動時間，故A錯誤，B正確C、根據x=v0t知，a的運動時間短，水平位移大，則a的初速度大于b的初速度，故C正確D、b、c的運動時間相等，b的水平位移大于c的水平位移，則b的初速度大于c的初速度，故D正確故選：BCD點評：解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，知道運動的時間

16、由高度決定，初速度和時間共同決定水平位移11（4分）（2015山東校級一模）隨著世界航空事業的發展，深太空探測已逐漸成為各國關注的熱點假設深太空中有一顆外星球，質量是地球質量的3倍，半徑是地球半徑的則下列判斷正確的是（）A該外星球的同步衛星周期一定小于地球同步衛星周期B某物體在該外星球表面上所受重力是在地球表面上所受重力的27倍C該外星球上第一宇宙速度是地球上第一宇宙速度的3倍D繞該外星球的人造衛星和以相同軌道半徑繞地球的人造衛星運行速度相同考點：人造衛星的加速度、周期和軌道的關系；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度專題：人造衛星問題分析：根據萬有引力提供向心力公式列及同步衛星的相關知識

17、即可分析解答：解：A、根據萬有引力提供向心力=mr解得：T=2，而不知道同步衛星軌道半徑的關系，所以無法比較該外星球的同步衛星周期與地球同步衛星周期關系，故A錯誤；B、根據=ma解得：a=假設深太空中有一顆外星球，質量是地球質量的3倍，半徑是地球半徑的所以某物體在該外星球表面上所受重力是在地球表面上所受重力的27倍，故B正確；C、根據=m解得：v=，所以該外星球上第一宇宙速度是地球上第一宇宙速度的3倍，故C正確；D、根據C分析可知：v=，軌道半徑r相同，但質量不同，所以速度也不一樣，故D錯誤故選：BC點評：了解第一宇宙速度是近地衛星的環繞速度，也是最大的圓周運動的環繞速度要比較一個物理量大小，

18、我們可以把這個物理量先表示出來，在進行比較12（4分）（2015春河池期末）一個初動能為E的小物塊從斜面底端沖上足夠長的斜面，返回斜面底端時速度大小為v，該過程物體克服摩擦力做功為若小物塊沖上斜面的初動能變為2E，則（）A返回斜面底端時動能為B返回斜面底端時動能為C返回斜面底端時速度大小為2vD返回斜面底端時速度大小為考點：動能定理的應用專題：動能定理的應用專題分析：（1）沖上斜面和返回到斜面底端兩過程中克服摩擦阻力做功相等；（2）初動能增大后，上升的高度也隨之變大，可根據勻減速直線運動的速度位移公式求出上升的位移，進而表示出克服摩擦力所做的功；（3）對兩次運動分別運用動能定理即可求解解答：解

19、：以初動能為E沖上斜面并返回的整個過程中運用動能定理得：mV2E=設以初動能為E沖上斜面的初速度為V0，則以初動能為2E沖上斜面時，初速度為V0，加速度相同，根據2ax=V2V02可知第二次沖上斜面的位移是第一次的兩倍，所以上升過程中克服摩擦力做功是第一次的兩倍，整個上升返回過程中克服摩擦力做功是第一次的兩倍，即為E以初動能為2E沖上斜面并返回的整個過程中運用動能定理得：mV22E=E 所以返回斜面底端時的動能為E，A錯誤，B錯誤；由得：V=V，C錯誤，D正確故選D點評：該題考查了動能定理的直接應用，注意以不同的初動能沖上斜面時，運動的位移不同，摩擦力做的功也不同二、實驗題（2小題，共15分）

20、13（6分）（2015春河池期末）某物理興趣小組采用如圖所示的裝置測平拋問題的初速度，A、B小球處于同一高度，M為A球中心初始時在水平地面上的垂直投影用小錘打擊彈性金屬片，使小球沿水平方向飛出，同時松開B球，B球自由下落A球落到地面N點處，B球落到地面P點處測得B球距地面的高度是0.784m，M、N兩點間的距離為1.2m，則B球落到P點的時間為0.4s，A球剛拋出時的速度為3m/s（忽略空氣阻力，g取9.8m/s2）考點：研究平拋物體的運動專題：實驗題；平拋運動專題分析：A球沿水平方向拋出做平拋運動，同時B球被松開，自由下落做自由落體運動，發現每次兩球都同時落地，只能說明平拋豎直方向的分運動是

21、自由落體運動，根據自由落體運動的基本規律解題即可解答：解：B球自由下落做自由落體運動，所以B球落到P點的時間t=0.4sA球沿水平方向拋出做平拋運動，M、N點間的距離為1.2m，所以平拋的初速度v0=m/s故答案為：0.4；3點評：本題考查分析推理的能力本實驗采用對比的方法來研究平拋運動水平方向的分運動情況掌握自由落體和平拋運動的規律14（9分）（2015春河池期末）小剛同學用如圖實驗裝置研究“機械能守恒定律”他進行如下操作并測出如下數值用天平測定小球的質量為0.50kg；用游標卡尺測出小球的直徑為10.0mm；用刻度尺測出電磁鐵下端到光電門的距離為82.05cm；電磁鐵先通電，讓小球吸在開始

22、端；電磁鐵斷電時，小球自由下落；在小球經過光電門時間內，計時裝置記下小球經過光電門所用時間為2.50×103s，由此可算得小球經過光電門的速度；計算得出小球重力勢能減小量Ep=4.08J，小球的動能變化量Ek=4.00J（g取9.8m/s2，結果保留三位有效數字）從實驗結果中發現Ep稍大于Ek（填“稍大于”、“稍小于”或“等于”），試分析可能的原因空氣阻力的影響，或高度測量中忽略了小球的尺度等考點：驗證機械能守恒定律專題：實驗題；機械能守恒定律應用專題分析：解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的儀器、操作步驟和數據處理以及注意事項利用平均速度代替瞬時速度算得小球經過光電門時的速

23、度，從而求出動能根據功的定義式求出重力做功由于存在空氣阻力；測量有誤差；讀數誤差；計算速度值有誤差等解答：解：計算小鋼球經過光電門時的速度可利用表達式v= 進行計算，該速度是t時間內的平均速度，由于小球做勻加速直線運動，所以該速度小于小球經過d的中點時的瞬時速度，所以此計算結果比小球的實際速度略小；利用平均速度代替瞬時速度算得小球經過光電門時的速度得：小球經過光電門時的速度為：v=m/s=4.00m/s小球從電磁鐵處下落到經過光電門時，小球重力勢能減小量為：EP=mgh=0.5×10.0×0.8155J=4.08J小球動能變化量為：Ek=mv20=×0.5

24、5;42J=4.00J由于存在空氣阻力，或測量中忽略了小球的尺度，導致實驗結果中減小的重力勢能稍大于增加的動能故答案為：4.08；4.00；稍大于；空氣阻力的影響，高度測量中忽略了小球的尺度等點評：本題關鍵是要根據探究功與動能變化關系的實驗的實驗原理，測出需要比較的物理量計算過程中要注意單位的換算和有效數字的保留，同時注意小球下落的高度為球心到光電門的距離三、計算題（3小題，共37分.要求寫出必要的公式或演算步驟，有數值計算的題最后結果要寫明數值和單位）15（10分）（2015春白山期末）已知引力常量為G地球半徑為R，月心和地心之間的距離為r，同步衛星距地面的軌道為h，月球繞地球運轉的周期為T

25、i，地球表面的重力加速度為g，某同學根據以上條件，提出一種估算地球質量M的方法，同步衛星繞地球做圓周運動，由G=m（）2（R+h）得M=（1）請判斷上面的結果是否正確，如不正確，請給出正確的解法和結果；（2）請根據已知條件再提出一種估算地球質量的方法，并得出結果考點：萬有引力定律及其應用專題：萬有引力定律的應用專題分析：（1）地球赤道表面的物體隨地球做圓周運動的向心力并不是物體所受的萬有引力，而是萬有引力與地面對物體支持力的合力（2）研究同步衛星繞地球做勻速圓周運動，要清楚物理公式中各個物理量的含義，其中向心力公式里的r為軌道半徑，即同步衛星到地心的距離r=R+h根據萬有引力提供向心力，列出等

26、式求出中心體地球的質量也可以求解同步衛星的運行速度解答：解：（1）計算結果錯誤，在計算過程中所用周期不是T1而應該是T2，同步衛星繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：G=M（R+h），解得：M=；（2）方法一：月球繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：G=mr，解得：M=；方法二：地球表面的物體受到的重力等于萬有引力，即：G=mg，解得：M=；答：（1）不正確，質量為：；（2）如上所述點評：在對物理規律和公式理解和應用的同時，要知道公式中各個物理量的準確含義向心力的公式選取要根據題目提供的已知物理量或所求解的物理量選取應用16（12分）（2015春白山期末

27、）如圖所示，ABCD為一豎直平面的軌道，其中BC水平，A點比BC高出10m，BC長為2m，AB和CD軌道光滑，且均與BC平滑連接，一質量為0.5kg的物體，從A點以6m/s的速度開始運動，經過BC后滑到高出C點10.8m的D點時其速度為零，已知物體第一次從A點運動到B點的過程中，所用時間為0.8s，取g=10m/s2，求：（1）物體第一次從A點運動到B點的過程中，重力的平均功率；（2）物體與BC軌道的動摩擦因數；（3）物體最后靜止的位置距B點的距離考點：動能定理的應用專題：動能定理的應用專題分析：（1）由W=mgh求出重力的功，然后由功率公式求出重力的平均功率（2）由動能定理可以求出動摩擦因數（3）對整個過程應用動能定理，求出物體總路程，然后分析答題解答：解：（1）物體第一次從A到B過程，重力做功：W=mgH，重力的平均功率：P=62.5W；（