1、精選優質文檔-傾情為你奉上2018-2019學年度第一學期高二物理期末考試試卷參考答案一、選擇題（本題共13小題，每小題4分，共52分。在每小題給出的是個選項中，其中19題只有一項符合題目要求，第1013題有多項符合要求。全部選對的得4分，選對但是不全的得2分，有錯選和不選的得0分。）1.關于磁感線的說法，下列正確的是（ ）A. 磁感線從磁體N極出發，終止于S極B. 沿磁感線方向，磁場逐漸減弱C. 磁感線就是磁場中碎鐵屑排列成的曲線D. 磁感線可表示磁場的強弱和方向【答案】D【解析】磁感線在磁體的外部從磁體N極出發到S極；內部從S極出發到N極，形成閉合的曲線，選項A錯誤；沿磁感線方向，磁場不一

2、定逐漸減弱，選項B錯誤；磁感線是為了描述磁場而人為引入的虛擬線，并不存在，故C錯誤磁感線可表示磁場的強弱和方向，磁感線的疏密表示磁場強弱，磁感線的切向方向表示磁場的方向，選項D正確；故選D.2. 對“靜電場”一章中幾個公式的理解，正確的是（ ）A. 公式C=Q/U指出，電容器的電容隨電容器所帶電荷量Q的增加而增加B. 由E=U/d可知，電場中兩點的距離越大，電場場強E越小C. 在公式F=kQ1Q2/r2中，kQ2/r2是Q2所在位置的電場強度的大小D. 公式EP=q中，同一個負電荷在電勢越高的地方電勢能越小【答案】D【解析】公式C=Q/U指出，電容器的電容等于電容器所帶電荷量Q與兩板電壓U的比

3、值，電容器的電容與所帶電量無關，選項A錯誤；勻強電場的電場強度與電場中兩點的距離無關，選項B錯誤；在公式F=kQ1Q2/r2中，kQ2/r2是Q2在Q1所在位置的電場強度的大小,選項C錯誤；公式EP=q中，同一個負電荷在電勢越高的地方電勢能越小，選項D正確；故選D.點睛：本題考查對電場中幾個公式的理解能力，關鍵要抓住各個公式的適用條件、公式中每個量的含義進行分析可根據點電荷場強的計算公式E=kQ/r2，來重新理解庫侖定律3.如下圖所示，放在絕緣支架上帶正電的導體球A，靠近放在絕緣支架上不帶電的導體B，導體B用導線經開關接地，現把S先合上再斷開，再移走A，則導體B()A 不帶電B 帶正電C 帶負

4、電D 不能確定【答案】C【解析】根據靜電感應現象和電荷間的相互作用，可判斷導體B帶負電，故選C.4.一個質點做變速直線運動的vt圖象如下圖，下列說法中正確的是()A 第1s內與第5s內的速度方向相反B 第1s內的加速度大于第5s內的加速度COA、AB、BC段的加速度大小aBCaOAaABDOA段的加速度方向與速度方向相反【答案】C【解析】第1 s內與第5 s內的速度圖象都在時間軸的上方，都為正，方向相同，A錯誤；斜率表示加速度，傾斜度越大，加速度越大，從圖可以看出aBCaOAaAB，故B錯誤，C正確；OA段的加速度與速度方向都為正，D錯誤5.2013年5月2日凌晨0時06分，我國“中星11號”

5、通信衛星發射成功“中星11號”是一顆地球同步衛星，它主要用于為亞太地區等區域用戶提供商業通信服務圖為發射過程的示意圖，先將衛星發射至近地圓軌道1，然后經Q點點火，使其沿橢圓軌道2運行，最后再一次點火，將衛星送入同步圓軌道3.軌道1、2相切于Q點，軌道2、3相切于P點，則當衛星分別在1、2、3軌道上正常運行時，以下說法正確的是()A 衛星在軌道3上的速率大于在軌道1上的速率B 衛星在軌道3上的角速度大于在軌道1上的角速度C 衛星在軌道1上經過Q點時的速度大于它在軌道2上經過Q點時的速度D 衛星在軌道2上經過P點時的速度小于它在軌道3上經過P點時的速度【答案】D【解析】同步衛星在圓軌道上做勻速圓周

6、運動時有：Gm，v，因為r1r3，所以v1v3，由得13在Q點，衛星沿著圓軌道1運行與沿著橢圓軌道2運行時所受的萬有引力相等，在圓軌道1上引力剛好等于向心力，即F.而在橢圓軌道2上衛星做離心運動，說明引力不足以提供衛星以v2速率做勻速圓周運動時所需的向心力，即F，所以v2v1.衛星在橢圓軌道2上運行到遠地點P時，根據機械能守恒可知此時的速率v2v2，在P點衛星沿橢圓軌道2運行與沿著圓軌道3運行時所受的地球引力也相等，但是衛星在橢圓軌道2上做近心運動，說明Fm，衛星在圓軌道3上運行時引力剛好等于向心力，即Fm，所以v2v3.由以上可知，速率從大到小排列為v2v1v3v2.6.如圖所示，大、小兩輪

7、接觸面互不打滑，大輪半徑是小輪半徑的2倍A、B分別為大、小輪靠摩擦傳動做勻速轉動的大小輪邊緣上的點，C為大輪上一條半徑的中點則()A 兩輪轉動的角速度相等B 大輪轉動的角速度是小輪的2倍C 質點加速度aA2aBD 質點加速度aB4aC【答案】D【解析】靠摩擦傳動做勻速轉動的大、小兩輪接觸面互不打滑，知A、B兩點具有相同的線速度故A錯誤根據vr，vAvB，知小輪轉動的角速度是大輪的兩倍故B錯誤A、B兩點具有相同的線速度，根據a，知，故C錯誤A、B具有相同的線速度，根據vr，A、C具有相同的角速度，.根據ar2，故D正確7.如圖所示,絕緣的斜面處在一個豎直向上的勻強電場中,一帶電金屬塊由靜止開始沿

8、斜面滑到底端,已知在金屬塊下滑的過程中動能增加了0.3J,重力做功1.5J,電勢能增加0.5J,則以下判斷正確的是（ ）A. 金屬塊帶負電荷B. 靜電力做功0.5JC. 金屬塊克服摩擦力做功0.7JD. 金屬塊的機械能減少1.4J【答案】C【解析】在金屬塊滑下的過程中動能增加了，金屬塊克服摩擦力做功，重力做功，根據動能定理得：，解得：，所以電場力做功，金屬塊的電勢能增加由于金屬塊下滑，電場力做負功，所以電場力應該水平向右，所以金屬塊帶正電荷，故A、D正確，B錯誤；在金屬塊滑下的過程中重力做功，重力勢能減小，動能增加了，所以金屬塊的機械能減少，故C錯誤。考點：電勢能、功能關系8.如圖所示，虛線A

9、、B、C表示某電場中的三個等勢面，相鄰等勢面間的電勢差相等，一電子從右側垂直等勢面A向左進入電場，運動軌跡與等勢面分別交于a、b、c三點，若電子僅受到電場力作用，其在a、b、c三點的速度大小分別為va、vb、vc，則（ ）A. 三個等勢面的電勢大小為中C>B>A；B. 電子由a到b電場力做功等于由b到c電場力做功；C. 電子在a、b、c三點的速度關系vb>vc>va；D. 電子在a、b、c三點的電勢能關系EPA>EPB>EPC【答案】B【分析】對于帶電粒子在電場中的運動，首先根據運動軌跡判斷出電場力做功問題，然后動能定理或功能關系判斷相關問題；【詳解】A、根

10、據電子運動的軌跡可判斷電場力對電子做負功，電子的電勢能增大，即，故電勢的關系為，故選項AD錯誤；B、根據題意相鄰等勢面間的電勢差相等，則根據公式可知電子由a到b電場力做功等于由b到c電場力做功，故選項B正確；C、由于電場力對電子做負功，電子的電勢能增大，則動能減小，由于電子質量不變，故電子在a、b、c三點的速度關系，故選項C錯誤。9.如圖所示，平行金屬板中帶電質點P原處于靜止狀態，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，則（）A. 電壓表讀數減小 B. 電流表讀數變大C. 質點P將向上運動 D. R1上消耗的功率逐漸增大【答案】C【解析】由圖可知，R2與滑動變阻器

11、R4串聯后與R3并聯后，再與R1串聯接在電源兩端；電容器與R3并聯；當滑動變阻器R4的滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻變大，則電路中總電阻變大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流減?。宦范穗妷鹤兇?，同時R1兩端的電壓也減小，故并聯部分的電壓變大；由歐姆定律可知流過R3的電流變大，流過并聯部分的總電流減小，故電流表示數減小；因并聯部分電壓變大，而R2中電壓減小，故電壓表示數變大，故AB錯誤；因電容器兩端電壓變大，故電荷受到的向上電場力變大，則重力小于電場力，合力向上，質點將向上運動，故C正確；因R1兩端的電壓變小，由P=可知，R1上消耗的功率變??；故D錯誤；故選C。10.靜電場方向平行于x軸，

12、其電勢隨x的分布可簡化為如圖所示的折線下列說法正確的是（ ）A. x軸上x1與x2之間的電場強度小于x3與x4之間的電場強度B. 正電荷沿x軸從0移到x1的過程中，電場力做負功，電勢能增加C. 負電荷沿x軸從x3移到x4的過程中，電場力不做功，電勢能不變D. 電荷量為q的電荷沿x軸從x1移到x3，電場力做功為q（21）【答案】BC【分析】根據，圖象的斜率表示電場強度，沿著電場線電勢降低，電場力做功等于電勢能的減小量。A、圖象-x的斜率表示電場強度，即x軸上x1與x2之間的電場強度等于x3與x4之間的電場強度，都為零，故選項A錯誤；B、由圖像可知：沿x軸從0移到x1的過程中電勢升高，故電場力對正

13、電荷做負功，電勢能增加，故選項B正確；C、由于x3與x4之間斜率為零，即場強為零，故在此過程中電場力對負電荷不做功，電勢能不變，故選項C正確；D、電荷量為q的電荷沿x軸從x1移到x3，電場力做功為，故選項D錯誤。11.如圖所示是粒子速度選擇器的原理圖，如果粒子的重力不計。已知速度為v0的質子流可以從a點沿直線運動到b點，以下說法正確的是（ ）A. 速度為v0的射線（He核流）也可以從a沿直線運動到b點；B. 速度為v0的射線（電子流）也可以從a沿直線運動到b點；C. 速度為v0的質子流也可以從b沿直線運動到a點；D. 速度大于v0的射線（光子流，不帶電）也可以從a沿直線運動到b點【答案】ABD

14、【解析】帶電粒子受到的電場力和洛倫茲力平衡時，才能沿直線通過，根據左手定則判斷洛倫茲力方向，確定兩個力能否平衡，即可判斷粒子能否沿直線運動；A、由于質子帶正電，a點沿直線運動到b點，即電場力向下，洛倫茲力向上，則若射入速度為v0的射線（He核流），仍然是電場力向下，洛倫茲力向上，仍滿足，即也可以從a沿直線運動到b點，故選項A正確；B、若射入速度為v0的射線（電子流），則電場力向上，洛倫茲力向下，仍滿足，即也可以從a沿直線運動到b點，故選項B正確；C、若射入速度為v0的質子流也可以從b沿直線運動到a點，則其受到電場力向下，洛倫茲力也向下，不滿足二力平衡，故選項C錯誤；D、若射入速度大于v0的射線

15、（光子流，不帶電），則不受電場力和洛倫茲力作用，即可以從a沿直線運動到b點，故選項D正確。12.如圖所示，在國慶60周年閱兵盛典上，我國預警機“空警-2000”在天安門上空時機翼保持水平，以4.5×102km/h的速度自東向西飛行該機的翼展（兩翼尖之間的距離）為50m，北京地區地磁場的豎直分量向下，大小為4.7×10-5T，則（）A. 兩翼尖之間的電勢差為0.29VB. 兩翼尖之間的電勢差為2.9VC. 飛行員左方翼尖的電勢比右方翼尖的電勢高D. 飛行員左方翼尖的電勢比右方翼尖的電勢低【答案】AC【解析】飛機在飛行時切割磁感線，則由可求得兩翼間的電勢差，由右手定則可判斷兩翼

16、電勢的高低由可得，兩翼間的電勢差，故A正確B錯誤；由右手定則可知，若有閉合回路，則電路中電流應由右方流向左方，因飛機此時作為電源處理，故電勢應為左方向高，故C正確D錯誤；13.如圖所示為勻強電場的電場強度E隨時間t變化的圖象當t0時，在此勻強電場中由靜止釋放一個帶電粒子，設帶電粒子只受電場力的作用，則下列說法中正確的是（ ）A. 帶電粒子將始終向同一個方向運動B. 2 s末帶電粒子回到原出發點C. 3 s末帶電粒子的速度為零D. 03 s內，電場力做的總功為零【答案】CD【解析】試題分析：由牛頓第二定律可知，帶電粒子在第1s內的加速度為：，第2s內加速度為：故 a2=2a1，因此先加速1s再減

17、小0.5s時速度為零，接下來的0.5s將反向加速，v-t圖象如圖所示：帶電粒子在前1秒勻加速運動，在第二秒內先做勻減速后反向加速，所以不是始終向一方向運動，故A錯誤根據速度時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知，在t=2s時，帶電粒子離出發點最遠，故B錯誤；由圖可知，粒子在第1s內做勻加速運動，第2s內做勻減速運動，3s末的瞬時速度剛減到0，故C錯誤；因為第3s末粒子的速度剛好減為0，根據動能定理知粒子只受電場力作用，前3s內動能變化為0，即電場力做的總功為零故D正確故選：D考點：帶電粒子在電場中的運動；動能定理。二、實驗題14.用如圖（甲）所示的電路圖研究額定電壓為2.4V的燈泡L的伏安特性

18、，并測出該燈泡在額定電壓下工作時的電功率（1）在閉合開關S前，滑動變阻器觸頭應該放在端_（選填“a”或“b”）；（2）根據所得到的IU圖像如圖（乙）所示，小燈泡在額定電壓下的實際功率P_W；（3）若將該燈泡直接接在電動勢為2.4V，內阻為6的電源兩端，此時電路工作的效率為_【答案】 (1).a（1分） (2).1.2（2分） (3).25（3分）【解析】（1）明確變阻器采用分壓式接法時，電鍵閉合前應將滑片置于輸出電壓最小的一端以保護電流表；（2）根據歐姆定律寫出電阻測量值和真實值的表達式即可；（3）畫出電源的圖像，兩圖像交點即為小燈泡工作電壓和電流；【詳解】（1）閉合開關前，應將滑動觸頭置于輸

19、出電壓最小的a端，以保護電流表；（2）根據歐姆定律，電阻測量值為，若考慮電壓表內阻影響，待測電阻的真實值為，比較可知，所以測出的燈泡電阻值比真實值偏小；根據I-U圖象讀出時對應的電流，所以小燈泡的實際功率為；（3）作出電源的如圖所示：由圖像可知，此時小燈泡兩端電壓為則此時電路工作的效率為：。15.在“測量金屬的電阻率”的實驗中，需要用刻度尺測出被測金屬絲的長度l，用螺旋測微器測出金屬絲的直徑d，用電流表和電壓表測出金屬絲的電阻Rx。(1)請寫出測金屬絲電阻率的表達式：_(用上述測量的字母表示)(2)若實驗中測量金屬絲的長度和直徑時，刻度尺和螺旋測微器的示數分別如圖所示，則金屬絲長度的測量值為l

20、_cm，金屬絲直徑的測量值為d_ mm.(3)如圖，要用伏安法測量Rx的電阻，已知電壓表內阻約幾千歐，電流表內約1 ，若用圖甲電路，Rx的測量值比真實值_(填“偏大”或“偏小”)，若Rx的阻值約為10 ，應采用_(填“甲”或“乙”)圖的電路，誤差會較小【答案】(1)（1分） (2)3.335（2分）1.767(1.7651.769都正確)（2分） (3)偏?。?分） 甲（2分）三、計算題16（10分）.如圖所示，R為電阻箱，為理想電壓表，當電阻箱讀數為R12時，電壓表讀數為U14V；當電阻箱讀數為R25時，電壓表讀數為U25V求：(1)電源的電動勢E和內阻r.(2)當電阻箱R讀數為多少時，電源

21、的輸出功率最大？最大值Pm為多少？【答案】(1)6V1(2)當R的讀數為1時，輸出功率最大，為9W【解析】(1)由閉合電路歐姆定律EU1r （1分）EU2r （1分） 聯立并代入數據解得E6V，r1 （2分）(2)由電功率表達式P()2R （2分）將式變形為P （2分）由式知，Rr1時，P有最大值Pm9W. （2分）17（10分）.質量為1kg的金屬桿靜止于相距1m的兩水平軌道上，金屬桿中通有方向如圖所示大小為20A的恒定電流，兩軌道處于豎直方向的勻強磁場中金屬桿與軌道間的動摩擦因數為取 欲使桿向右勻速運動，求磁場的磁感應強度大小和方向欲使桿向右以加速度為作勻加速運動，求磁場的磁感應強度大小【答案】（1）0.3T，方向豎直向上 （2）0.4T【解析】(1)桿向右勻速運動，說明桿受到的安培力是向右的，根據左手定則可以知道，磁場的方向豎直向上 （2分）桿向右勻速運動，安培力大小和桿受到的摩擦力大小相等，則（2分） （1分）(2)欲使桿向右以加速度作勻加速運動，由牛頓第二定律可知 （3分）則 （2分）18（10分）.如圖所示，一帶電粒子質量為m，電量為q（不計重力），以恒定速率垂直射入磁感應強度B、寬度為d的有界勻強磁場中，穿過磁場時速度方向與原來入射方向的夾角為30°求：（1）帶電粒子在勻強磁場中做圓周運動的軌道半徑；（2）帶電粒子穿過磁場區的時