1、2019學年第一學期衢州四校聯盟期中聯考高二年級物理學科試題考生須知：1本卷共8頁滿分100分，考試時間90分鐘；2答題前，在答題卷指定區域填寫班級、學號和姓名；考場號、座位號寫在指定位置；3所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無效；4考試結束后，只需上交答題紙；5本卷中若無特別說明重力加速度g均取10m/s2選擇題部分一、選擇題（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列各物理量中，均屬于矢量的是（）a. 路程、速度b. 加速度、重力勢能c. 電場強度、安培力d. 磁通量、磁感應強度【答案】c【解析】【詳解】a路

2、程是只有大小沒有方向的標量，速度是有大小又有方向的矢量，故a錯誤；b加速度是有大小又有方向的矢量，重力勢能只有大小沒有方向，故b錯誤；c電場強度、安培力都是有大小又有方向的矢量，故c正確；d磁通量是只有大小沒有方向的標量，磁感應強度是有大小又有方向的矢量，故d錯誤。故選c。2.下列各式中屬于定義式的是（）a. b. c. d. 【答案】b【解析】【詳解】a加速度決定式，不是定義式，故a錯誤；b電容器電容的定義式，屬于定義式，故b正確；c是歐姆定律的表達式，不屬于比值定義式，故c錯誤；d是點電荷的電場強度的決定式，故d錯誤。故選b。3.某同學將小球以一定的初速度豎直向上拋出并開始計時，小球所受空

3、氣阻力大小與速率成正比，下列描述小球運動的v-t圖象可能正確的是（）a. b. c. d. 【答案】d【解析】【詳解】考慮空氣阻力時，上升過程中，根據牛頓第二定律得知隨著v減小，a上減小，對應vt圖像的斜率減小，下降過程中，根據牛頓第二定律得知速度方向反向且隨著v增大，a下繼續減小，對應vt圖像的斜率減小，而在最高點時v=0則a=g故選d。4.如圖，ab兩點為奶茶塑封機手壓桿上的兩點，a在桿的頂端，b在桿的中點處。桿在向下轉動的過程中，下列說法正確的是（）a. a、b兩點線速度大小之比為1：2b. a、b兩點角速度大小之比為1：1c. a、b兩點周期大小之比為2：1d. a、b兩點向心加速度大

4、小之比為1：1【答案】b【解析】【詳解】aba、b兩點屬于同軸轉動，則a、b角速度相等，由于根據公式可知，a、b兩點線速度大小之比為2：1，故a錯誤，b正確；c由于a、b角速度相等，由公式可知，a、b兩點周期大小之比為1：1，故c錯誤；d由于a、b角速度相等，由公式可知，a、b兩點向心加速度大小之比為2：1，故d錯誤。故選b。5.2019年春節，電影流浪地球熱播。影片中，人們給地球裝上發動機，讓地球從繞太陽公轉的圓形軌道進入霍曼轉移軌道，這樣就可以用最少的燃料到達木星軌道。下列說法正確的是（）a. 沿軌道運行時，過a點的線速度大于過b點的線速度b. 沿軌道運行時，過a點的加速度小于過b點的加速

5、度c. 地球沿軌道運行的周期大于沿軌道運行的周期d. 沿軌道運行至a點時，需要向前噴氣減速才能進入軌道【答案】a【解析】【詳解】a沿軌道運行時，地球從a點到b點引力做負功，動能減小，則過a點的線速度大于過b點的線速度，故a正確；b從a到b的過程，b點距太陽更遠，由公式可知，b點加速度更小，故b錯誤；c根據開普勒第三定律得：軌道半徑越大，周期越長，所以軌道i上運行周期長，故c錯誤；d沿軌道運行至a點時，需要向后噴氣加速使地球做離心運動才能進入軌道，故d錯誤。故選a。6.2019年女排世界杯比賽中，中國隊再奪世界杯冠軍。如圖，當排球上升至最高點時，隊員朱婷將球水平擊出。不計空氣阻力，下列說法正確的

6、是（）a. 擊球瞬間，排球發生彈性形變使得排球受到彈力的作用b. 擊球瞬間，人對排球的力大于排球對人的作用力，排球飛出c. 水平擊出后，在相同時間間隔內，排球的速度變化量始終不變d. 水平擊出后，在相同時間間隔內，排球的動能變化量相同【答案】c【解析】【詳解】a擊球瞬間，運動員的手發生形變使得排球受到彈力的作用，故a錯誤；b根據牛頓第三定律，力的作用是相互的，故擊球瞬間手對排球的作用力等于排球對手的作用力，故b錯誤；c水平擊出后，球做平拋運動，加速度不變，由公式可知，在相同時間間隔內，排球的速度變化量始終不變，故c正確；d根據動能定理可知，排球的動能變化量等于重力所做的功，由于豎直方向上球做自

7、由落體運動，相等時間內運動的位移不同，則重力做功不同，所以球的動能變化量不同，故d錯誤。故選c。7.在國慶“70周年閱兵式”中，加受油機梯隊接受了檢閱。為保證空中加油過程順利進行，加、受油機必須保持勻速行駛，且運動時所受阻力與重力成正比，則（）a. 以受油機為參考系，加油機處于相對運動狀態b. 加油機和受油機的推力全程恒定不變c. 加油后，加油機的質量減小，必須增加發動機的輸出功率d. 加油后，受油機的質量增加，必須增加發動機的輸出功率【答案】d【解析】【詳解】a在加、受油機加油過程中，只加油機和受油機必須相對靜止才能完成加油，故a錯誤；b加油機向受油機供油，受油機質量增大，運動時所受阻力f增

8、大，根據平衡條件可知，受油機的推力增大，加油機質量減小，運動時所受阻力f減小，則加油機的推力減小，故b錯誤；cd加油機向受油機供油，受油機質量增大，運動時所受阻力f增大，由p=fv可知，要保持勻速運動，必須增大發動機的輸出功率p；加油機向受油機供油，加油機質量減小，運動時所受阻力f減小，由p=fv可知，要保持勻速運動，必須減小發動機輸出功率p，故c錯誤，d正確。故選d8.如圖，兩個相距l的固定點電荷a、b，所帶電量均為+q。另有一質量為m的點電荷c，以速度v繞ab連線中點o點做勻速圓周運動，且所在圓平面與ab連線垂直，ac的距離為l。已知靜電力常量為k，電荷c的重力忽略不計，電荷c所帶電量為（

9、）a. b. c. d. 【答案】b【解析】【詳解】由幾何關系可知a點電荷與c電荷間的引力與b與c電荷間的引力大小相等且兩引力的合力提供向心力，則有聯立解得且a點電荷與c電荷間為引力，則c點電荷帶負電，故b正確。故選b。9.如圖，質量為m，長為3l的均勻直導線折成等邊三角形線框lmn，豎直懸掛于兩根絕緣細線上，并使邊mn呈水平狀態?，F置于與其所在平面相垂直的勻強磁場中，磁感應強度為b。當兩根絕緣細線所受拉力為零時，通過導線mn的電流強度大小為（）a. b. c. d. 【答案】b【解析】【詳解】當兩根絕緣細線所受拉力為零時，即等邊三角形線框，lmn所受的安培力與重力大小相等，方向相反，由于nl

10、m導線的等效長度為l，由并聯電路特點可知，由平衡條件有解得故選b。10.近年來，農村光伏項目得到大力發展。如圖，我市某戶居民在樓頂安裝了60平米的多晶硅光伏發電系統。據了解，該系統組件設計要求為每平米發電功率150w，實際發電功率約為設計功率的70%。其中發電總量的30%供自家使用，還有富余發電以0.7元/度的價格并入國家電網。2018年衢州地區每天平均有效日照時間為3.8h，關于該戶居民所安裝的發電系統，下列說法正確的是（）a. 平均每天的發電量大約可供一盞15w的節能燈使用600hb. 2018年發電總量約1.2×104kw·hc. 富余發電的年平均收入約為4280元d

11、. 容易造成光污染，不適合在農村推廣【答案】c【解析】【詳解】a每天的發電量為可供一盞15w節能燈使用時間為故a錯誤；b2018年發電總量約故b錯誤；c每年富余發電則年平均收入約為故c正確；d光伏發電為將光能轉化為電能，則不會造成光污染，故d錯誤。故選c。二、選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題列出的四個備選項中至少有一個選項是符合題目要求的。全部選對的得4分，選對不全的得2分，錯選不得分）11.用卡車運輸質量為m的勻質圓筒狀工件，為使工件保持固定，將其置于兩光滑斜面之間，如圖所示。兩斜面i、置于車上，傾角均為。當卡車沿平直公路勻速行駛時，兩斜面與卡車始終保持相對靜止，圓筒對斜面

12、i、壓力的大小分別為f1、f2，則（）a. 斜面i與車廂平面之間一定存在摩擦力b. 斜面與車廂平面之間一定存在摩擦力c. 斜面i傾角減小，壓力f2增大d. 斜面i傾角減小，壓力f1先減小后增大【答案】ad【解析】【詳解】a由于勻質圓筒狀工件對斜面i有斜向左下方的壓力，斜面i有向左運動的趨勢，則由平衡可知，斜面i與車廂平面之間一定存在摩擦力，故a正確；b勻質圓筒狀工件對斜面ii有斜向右下方的壓力，水平方向受到車向左的作用力，當水平方向作用力平衡時，則斜面ii與車廂平面之間沒有摩擦力，故b錯誤；cd將勻質圓筒狀工件重力分析如圖，由圖可知，斜面i傾角減小，壓力f2一直減小，壓力f1先減小后增大，故c

13、錯誤，d正確。故選ad。12.如圖，傾角為的光滑斜面下端固定一絕緣輕彈簧，整個裝置處在場強大小為e、方向沿斜面向下的勻強電場中?，F把一個質量為m、帶電量為q的小球從m點由靜止釋放，釋放后小球沿著斜面向下運動，且m點與彈簧的上端n點的距離為s。已知靜電力常量為k，彈簧的勁度系數為k0。則下列說法中正確的是（）a. 小球帶負電，故n點電勢高于m點的電勢b. 下滑過程中，小球的電勢能一直在增大c. 當小球下滑至n點時，速度大小為d. 當彈簧壓縮量為時，小球的速度最大【答案】bd【解析】【詳解】a根據沿電場線方向電勢降低可知，n點的電勢低于m點的電勢，故a錯誤；b下滑過程中，電場力對負電荷做負功，電勢

14、能增大，故b正確；c由動能定理可得解得故c錯誤；d當小球的合力為0時，小球速度最大，由平衡可得解得故d正確。故選bd。13.如圖甲，家用電磁爐已走進千家萬戶。圖乙為電磁爐中安裝的旋渦狀線圈，當通以高頻交流電流時，線圈產生的磁感線的條數和方向會隨電流的強度和方向的變化而變化，導致電磁爐上方的鐵鍋產生感應電流，從而使其發熱。下列說法正確的是（）a. 磁場變化的頻率越高，電磁爐的加熱效果越好b. 由上往下看，圖乙線圈中該時刻電流方向為順時針c. 電磁爐工作原理是應用電磁感應在鍋體中產生渦流來工作d. 普通陶瓷砂鍋也可利用電磁爐來煲湯【答案】ac【解析】【詳解】a磁場變化的頻率越高，磁通量變化率越大，

15、由法拉第電磁感應定律可知，產生的電動勢越大，回路中的電流越大，加熱效果越好，故a正確；b由于不知道磁場大小的變化情況，則無法確定感應電流的方向，故b錯誤；c電磁爐工作原理是利用交變電流通過線圈產生交變磁場，從而使金屬鍋自身產生無數小渦流而直接加熱于鍋內的食物，故c正確；d交變磁場在普通陶瓷砂鍋內不能形成渦流，則不能用來加熱，故d錯誤。故選ac。14.如圖，某同學在玻璃皿中心放一個圓柱形電極接電源的負極，沿邊緣放一個圓環形電極接電源的正極，做“旋轉的液體”實驗。若蹄形磁鐵兩極正對部分的磁場可視為勻強磁場，磁感應強度大小為b=0.1t，玻璃皿的半徑為a=0.05m，電源的電動勢為e=3v，內阻r=

16、0.1，限流電阻r0=4.9，玻璃皿中兩電極間液體的等效電阻為r=1.0。閉合開關后，液體受到安培力做功而具有一定的動能，此時電壓表示數為1.5v。下列說法正確的是（）a. 電源輸出功率為0.891wb. 液體的熱功率為0.25wc. 由上往下看，液體做逆時針旋轉d. 液體所受的安培力1.5×103n【答案】acd【解析】【詳解】a由閉合電路歐姆定律可知，回路中的電流為 電源輸出功率為故a正確；b液體的熱功率為故b錯誤；c由于中心放一個圓柱形電極接電源的負極，沿邊緣放一個圓環形電極接電源的正極，在電源外部電流由正極流向負極，因此電流由邊緣流向中心，器皿所在處的磁場豎直向上，由左手定則

17、可知，導電液體受到的磁場力沿逆時針方向，因此液體沿逆時針方向旋轉，故c正確；d液體所受的安培力大小為故d正確。故選acd。非選擇題部分三、非選擇題（本題共6小題，共54分）15.某實驗小組利用如圖甲實驗裝置進行相關力學實驗(1)將一條紙帶穿過打點計時器，李同學發現有如圖乙兩種穿法，你認為正確是_。（填“a”或“b”）(2)關于該裝置，下列說法正確的是_；a做“探究小車速度隨時間變化的關系”實驗時，可將軌道不帶滑輪一端適當墊高b做“探究小車速度隨時間變化的關系”實驗時，小車每次必須從同一點釋放c做“探究小車加速度與力和質量的關系”實驗時，每次改變小車質量都必須重新平衡摩擦力d做“探究功與速度變化

18、的關系”實驗時，調節滑輪高度，使細線與軌道平行(3)在“探究小車速度隨時間變化的關系”實驗時，除了圖甲中的儀器，下圖儀器中還需要_；實驗完畢后，得到一條清晰紙帶如圖丙所示，截取當中一段用毫米刻度尺進行測量。在紙帶上標注了“0、1、2、3、4、5”五個計數點（每2個點標注一個計數點），已知打點計時器頻率為50hz，則打計數點2點時小車的速度為_m/s。（結果保留2位有效數字）；(4)某同學利用該裝置完成“探究功與速度變化的關系”實驗時，通過測量小車從靜止開始運動的位移x大小與小車獲得的末速度v的值進行探究，則該組同學是否一定要平衡摩擦力？_（填“是”或“否”）【答案】 (1). b (2). a

19、d (3). d (4). 0.51（0.50-0.53） (5). 否【解析】【詳解】(1)1為了打點計時器能在紙帶上打點，紙帶應放在復寫紙下方同時穿過限位孔，故b正確；(2)2a做“探究小車速度隨時間變化的關系”實驗時，可將軌道不帶滑輪一端適當墊高，讓小車做加速運動，故a正確；b做“探究小車速度隨時間變化的關系”實驗時，小車每次不一定從同一點釋放，故b錯誤；c平衡摩擦力的方法是將木板帶打點計時器的一端適當墊高，這樣做的目的是利用小車重力沿斜面分力補償小車運動中所受阻力的影響，即式子成立與質量無關，故改變質量后不需重新進行平衡，故c錯誤；d做“探究功與速度變化的關系”實驗時，必須調整滑輪高度

20、使連接小車的細線與滑板平行，故d正確。故選ad；(3)3由于實驗中還要測量紙帶上各點間的距離，則還要刻度尺，由于打點計時器為電火花計時器，所以不用學生電源，也不用秒表，由于“探究小車速度隨時間變化的關系”不用測量質量，所以也不用天平和砝碼，故選d；4根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，則有由于誤差(0.500.53)m/s均可；(4)5當小車受到的合力一定時，通過改變小車的位移，從而改變合力做功，同時測出小車對應的速度，則可以探究功與速度變化的關系，說明不平衡摩擦力也可以進行。16.為描繪“2.5v，0.3a”的小燈泡的伏安特性曲線，某實驗小組設計了如圖甲所示的實驗電路，

21、要求小燈泡兩端電壓從0開始變化。(1)實驗室中有兩種型號的滑動變阻器，應選擇的是_；（填“a”或“b”）a滑動變阻器r1（200，0.3a）b滑動變阻器r1（10，2a）(2)按照要求，在圖甲中用筆畫線代替導線完成電路連接_a。閉合開關，某次測量時電流表的指針如圖乙所示，其讀數為_a；(3)實驗測得小燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示，由實驗曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的電阻_（選填“增大”、“不變”或“減小”），燈絲的電阻率_（選填“增大”、“不變”或“減小”）；(4)用一個阻值為5的定值電阻與上述小燈泡組成串聯電路，連接到內阻不計、電動勢為3v的電源上，則流過小燈泡的電流約為_a?！敬鸢浮?(

22、1). b (2). (3). 0.26 (4). 增大 (5). 增大 (6). 0.43（0.42-0.44）【解析】【詳解】(1)1由于實驗中滑動變阻器用分壓式，則應選用總阻值較小的即選b；(2)2按照原理圖連接實物圖如圖3由燈泡的最大電流為0.3a，所以電流表用量程為0.6a，最小刻度為0.02a，讀數為0.26a；(3)45圖像斜率倒數表示電阻，則由實驗曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的電阻增大，由電阻定律可知，燈絲的電阻率增大；(4)6將阻值為5的定值電阻與電源看作新電源，則有將此圖線作在燈泡伏安曲線中，如圖由圖可知，流過小燈泡的電流約為0.43a，由于誤差(0.42-0.44)a均

23、可17.如圖，質量m=10kg的一箱蘋果靜置于水平地面上的a點，ab間距l=35m，箱子與地面間的動摩擦因數。現用大小為140n，與水平方向成的力斜向下推動此箱蘋果，使它由a點靜止開始運動并能到達b點。求：（已知cos=0.8，sin=0.6）(1)推力作用下箱子的加速度a大小；(2)推力作用的最短時間t；(3)撤去推力后，箱子正中央一個質量m0=02kg的蘋果受到其他蘋果給它的作用力大小。【答案】(1)；(2)5s；(3)【解析】【詳解】(1)由牛頓第二定律得：則(2)設撤去推力后的加速度為，撤去推力后到箱子停止所用時間為，則得箱子加速階段和減速階段發生的總位移其中，聯立各式得(3)中央蘋果

24、受到其他蘋果給它的作用力18.舊物循環再利用是愛護環境的一種體現，某學校舉辦了一次舊物改造大賽，其中有一同學利用舊紙板和鋁片改造的“賽車軌道”小玩具引起了許多人的關注?！百愜囓壍馈钡暮喴啄Ｐ腿鐖D所示，ab、de和ef段都是粗糙直軌道，動摩擦因數為0.2，de段的傾角=，lde=0.5m，lef=0.3m，其余軌道不計摩擦。bc段是半徑r1=0.4m的圓弧軌道，圓心角=，與直軌道相切于b點、c點，豎直圓軌道半徑r2=0.2m，最低點錯開，cd段水平。一輛質量m=0.2kg的玩具賽車（可看成質點）從a點靜止釋放，恰好能通過豎直圓軌道，不考慮d點和e點的能量損失，求：（已知cos=0.8，sin=0

25、.6）(1)賽車過c點時對軌道的作用力；(2)ab段的距離；(3)若想讓賽車停在ef段，賽車要從距離b點多遠處釋放。【答案】(1) 7n，方向豎直向下； (2)；(3) 【解析】【詳解】(1)賽車恰好能過豎直圓軌道，最高點滿足賽車從c點到最高點根據動能定理c點根據牛頓第二定律聯立各式得根據牛頓第三定律：賽車對軌道的作用力為7n，方向豎直向下(2)設ab段的距離為，從a點到c點根據動能定理得得(3)如果賽車停止e點，從出發到e點根據動能定理得得說明剛好到e點就過不了豎直圓軌道，如果賽車停止在f點，從出發到f點根據動能定理得：則綜上可得19.如圖甲所示，電阻忽略不計的兩根平行光滑金屬導軌豎直放置，軌道間距為l=1m，上端接有電阻r=0.3。在水平虛線mm'、nn'間有一與導軌所在平面垂直的勻強磁場b，磁場區域的高度為d=2m?，F將質量m=0.3kg，電阻r=0.2的導體桿ab從mm'處垂直導軌由靜止釋放，釋放同時獲