1、景東一中2022屆高一下學期期末考試物理試卷第i卷（選擇題，共46分）一、單選題（本大題共10小題，每題3分，共計30分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的）1. 汽車以6m/s的速度在水平地面上勻速行駛，突然遇到緊急情況而剎車，加速度大小為2m/s2則該汽車4s內的位移是（）a. 8mb. 40mc. 9md. 27m【答案】c【解析】【詳解】汽車剎車的時間為所以3s末汽車速度為0，汽車4s內運動的位移故c正確，abd錯誤。故選c。2. 如圖所示，當汽車通過拱橋頂點的速度為10m/s時，車對橋頂的壓力為車重的，如果要使汽車在粗糙的橋面行駛至橋頂時，剛好不受摩擦力作用，則汽車通

2、過橋頂的速度應為（）a. 15m/sb. 20m/sc. 25m/sd. 30m/s【答案】b【解析】【詳解】根據牛頓第二定律得即解得當摩擦力為零時支持力為零，有解得故b正確，acd錯誤。故選b。3. 如圖所示，分別為汽車甲的位移時間圖象和汽車乙的速度時間圖象，則a. 甲的加速度大小為b. 乙的加速度大小為c. 甲在4s內的位移大小為40 md. 乙在4 s內的位移大小為20 m【答案】b【解析】a、在圖象中，斜率表示速度，由圖象可知：甲做勻速直線運動，加速度為0，故a錯誤；b、在速度-時間圖象中，斜率表示加速度，乙的加速度大小為 a，故b正確；c、甲在內的位移大

3、小為，故c錯誤；d、由圖象與時間軸圍成的面積表示位移可知：乙在內的位移大小為，故d錯誤點睛：本題的關鍵要明確圖象與圖象的區別，知道v-t圖象的斜率表示加速度，圖象的斜率表示速度，兩種圖象不能混淆4. 如題所示，質量為m的物體懸掛在輕質支架上，斜梁ob與豎直方向的夾角為。設水平橫梁oa和斜梁ob作用與o點的彈力分別為f1和f2，以下結果正確的是（）a. f1=mgsinb. f1=c. f2=mgcosd. f2=【答案】d【解析】【詳解】以o點為研究對象，進行受力分析可得：繩子對o點作用力豎直向下，大小等于mg；水平橫梁oa對o點的彈力f1沿水平方向向左；斜梁ob對o點的彈力f2沿ob方向向上

4、，如圖所示，由平衡條件可得f1=mgtan，f2=故d項正確，abc三項錯誤。故選d。5. 如圖所示，質量為m的三角形木塊a放在水平面上，把另一質量為m的木塊b放在a的斜面上，斜面傾角為，對a施一水平力f，使b不沿斜面滑動，不計一切摩擦，則b對a的壓力大小為（）a. mgcosb. c. d. 【答案】d【解析】【詳解】不計一切摩擦，b不沿斜面滑動，即ab相對靜止，作一個整體，在水平力作用下，一定沿水平面向左加速運動，根據牛頓運動定律有解得對木塊b分析，不計摩擦，只受到自身重力和斜面支持力作用，由于加速度水平向左，所以二者合力水平向左，大小為，如圖，則有所以b對a的壓力大小為或。故d項正確，a

5、bc三項錯誤。故選d。6. 如圖為某種健身裝置，輕繩結點處o懸掛重物與豎直方向的夾角為，某健身者手執b端，在水平地面上緩慢移動（各段輕繩均不可伸長，繩始終水平），當健身者（）a. 向右移動時，繩拉力變小b. 向左移動時，繩拉力變小c. 向右移動時，繩拉力的合力變大d. 向左移動時，健身者與地面的摩擦力變大【答案】b【解析】【詳解】設oa的拉力為，ob的拉力為，重物c的質量為m，因o點始終處于平衡狀態，o點受力分析如圖所示，根據平衡條件有解得a當健身者緩慢向右移動時，角變大，則均變大，a錯誤；b當健身者緩慢向左移動時，角變小，則均變小，b正確；c不論健身者朝哪邊移動，繩拉力的合力保持不變，大小等

6、于重物c的重力，c錯誤；d對健身者受力分析，因為健身者所受的摩擦力與繩拉力大小相等、方向相反，向左移動時，變小，故健身者與地面間的摩擦力變小，選項d錯誤。 故選b。7. 如圖所示，一個m=3kg的物體放在粗糙水平地面上，從t=0時刻起，物體在水平力f作用下由靜止開始做直線運動，在03s時間內物體的加速度a隨時間t的變化規律如圖所示已知物體與地面間的動摩擦因數處處相等則( )a. 在03s時間內，物體的速度先增大后減小b. 3s末物體的速度最大，最大速度為c. 2s末f最大，f的最大值為12nd. 前2s內物體做勻變速直線運動，力f大小保持不變【答案】b【解析】【詳解】ab由圖可知，在03s內始

7、終加速，3s末速度最大，最大為圖象圍成“面積”，即，a錯誤，b正確；c動摩擦因素未知，不能計算動摩擦力大小，因而不能確定拉力f的大小，c錯誤；d但滑動摩擦力不變，02s加速度變大，則拉力大小變大，d錯誤選b.【點睛】加速度時間圖象主要考查的是：圖線與時間軸圍成的面積表示速度，并結合牛頓第二定律進行分析求解.8. 如圖所示，輕彈簧下端固定在水平面上一個小球從彈簧正上方某一高度處由靜止開始自由下落，則小球從接觸彈簧到下降到最低點的過程中( )a. 小球剛接觸彈簧瞬間速度最大b. 小球的加速度方向都是豎直向上c. 小球的速度先增大后減小d. 小球的加速度先增大后減小【答案】c【解析】【分析】在接觸彈

8、簧前小球只受到重力作用，做自由落體運動接觸彈簧后小球受到向上的彈力作用，在彈力小于重力的時候小球仍具有向下的加速度，但是加速度大小隨彈力增加而減小；在彈力大于重力的時候小球具有向上的加速度，開始做減速運動【詳解】a項，小球接觸彈簧后仍做加速運動，當彈力等于重力時速度最大，故a項錯誤b項，當彈力大于重力后合力才變為豎直向上，故b項錯誤cd項，由過程分析可知，小球接觸彈簧后先做加速度不斷減小的加速運動，后做加速度不斷增大的減速運動，故c對；d錯；故選c9. 如右圖所示汽車以速度v勻速行駛，當汽車到達某點時，繩子與水平方向恰好成角，此時物體m的速度大小（）a. b. c. d. 【答案】b【解析】【

9、詳解】汽車參與兩個分運動，沿繩子拉伸方向和垂直繩子方向（繞滑輪轉動）的兩個分運動，如圖所示，將汽車合速度正交分解。 物體上升速度等于汽車沿繩子拉伸方向的分速度故選b。10. 如圖所示的位移時間（）圖像和速度時間（）圖像中給出了四條圖線，甲、乙、丙、丁代表四輛車由同一地點向同一方向運動的情況，則下列說法正確的是（）a. 甲車做直線運動，乙車做曲線運動b. 時間內，甲車通過的路程等于乙車通過的路程c. 丙、丁兩車在時刻相遇d. 時間內，丙、丁兩車的平均速度相等【答案】b【解析】【詳解】a位移時間圖像描述的是直線運動，其圖線的斜率表示速度，甲做勻速直線運動，乙做速度減小的直線運動，故a錯誤；b位移-

10、時間圖像中兩圖線的交點表示位移相等，時間內，甲車通過的路程等于乙車通過的路程，故b正確；c時間內，由速度-時間圖像的“面積”讀出位移，丙的位移小于丁的位移，它們不相遇，故c錯誤；d時間內，丙的位移小于丁的位移，丙的平均速度小于丁的平均速度，故d錯誤。故選b。二、多選題（本題共4小題，每小題4分，共計16分。在每小題給出的四個選項中，有兩項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）11. 在電梯內，某人發現體重計上的示數比自己的正常體重減少了10%，則以下判斷可能正確的是（）a. 電梯以9m/s2的加速度加速上升b. 電梯以1m/s2的加速度加速下降c. 電梯以1m/s

11、2的加速度減速上升d. 電梯以9m/s2的加速度減速上升【答案】bc【解析】【詳解】根據牛頓第二定律解得a=1m/s2方向向下，可知電梯可能以1m/s2的加速度加速下降，或者以1m/s2的加速度減速上升。故選bc。12. 用一恒力將重為20n的物體，以3m/s的速度勻速向上提升6m，則（）a. 物體的動能增加了9jb. 物體的勢能增加了120jc. 重力對物體做了120jd. 拉力的平均功率為60w【答案】bd【解析】【詳解】a物體勻速上升，則物體的動能不變，選項a錯誤；bc重力對物體做功則物體的勢能增加了120j，選項b正確，c錯誤；d拉力的平均功率為選項d正確。故選bd。13. 如圖所示，

12、a為地球赤道上的物體，b為沿地球表面附近做勻速圓周運動的人造衛星，c為地球同步衛星關于a、b、c做勻速圓周運動的說法中正確的是（ ）a. 地球對b、c兩星的萬有引力提供了向心力，因此只有a受重力，b、c兩星不受重力b. 周期關系為ta = tc > tbc. 線速度的大小關系為va < vc < vbd. 向心加速度的大小關系為aa > ab > ac【答案】bc【解析】【分析】ac轉動的周期相等，bc同為衛星，萬有引力這塊公式較多，涉及的物理量較多，在使用的時候一定要注意各個物理量表示的含義，然后選擇正

13、確的公式分析解題，【詳解】a.bc受到的萬有引力完全充當向心力，a受到的萬有引力一部分提供向心力，三者都受到重力作用，a錯誤；b.因為ac角速度相同，所以周期相同，故，根據公式可得，半徑越大，周期越大，故，所以 ，b正確；c.對bc來說，萬有引力完全充當向心力，所以根據公式可得，半徑越大，線速度越小，故有，對于ac來說，運動周期相同，故根據公式可得，故，c正確；d.根據公式可得，半徑越大，加速度越小，故，根據公式，角速度相同，半徑越大，加速度越大，故，所以，故d錯誤；【考點】萬有引力定律14. 如圖所示是某次同步衛星發射過程的示意圖，先將衛星送入一個近地圓軌道，然后在p處點火加速，進入橢圓轉移

14、軌道，其中p是近地點，q是遠地點，在q點再次點火加速進入同步軌道設衛星在近地圓軌道的運行速率為v1，加速度大小為a1；在p點短時間點火加速之后，速率為v2，加速度大小為a2；沿轉移軌道剛到達q點速率為v3，加速度大小為a3；在q處點火加速之后進入圓軌道，速率為v4，加速度大小為a4，則a. v1<v2，a1a2b. v1v2，a1<a2c. v3<v4，a3a4d. v3<v4，a3<a4【答案】ac【解析】【分析】根據萬有引力提供向心力，列方程可得到衛星速率與半徑的關系來判斷速率大小由牛頓定律研究衛星在q、p兩點加速度大小【詳解】衛星從近地圓軌道上的p點需加速，

15、使得萬有引力小于向心力，進入橢圓轉移軌道所以在衛星在近地圓軌道上經過p點時的速度小于在橢圓轉移軌道上經過p點的速度，即，根據牛頓第二定律得，在衛星在近地圓軌道上經過p點時的加速度等于在橢圓轉移軌道上經過p點的加速度，故a正確，b錯誤；沿轉移軌道剛到達q點速率為，加速度大小為；在q點點火加速之后進入圓軌道，速率為，所以在衛星在轉移軌道上經過q點時的速度小于在圓軌道上經過q點的速度，即，根據牛頓第二定律得，在衛星在轉移軌道上經過q點時的加速度等于在橢圓轉移軌道上經過q點的加速度，故c正確，d錯誤；故選ac【點睛】衛星在不同軌道上運行時各個量的比較，往往根據萬有引力等于向心力列出物理量與半徑的關系，

16、然后比較第卷（非選擇題，共54分）三、實驗題（本題共2小題，每空2分，共計16分）15. 某同學利用如圖（a）所示的實驗裝置驗證牛頓第二定律，打點計時器所接交流電的頻率為50hz。實驗過程中，該同學均采用正確的實驗步驟進行操作。（1）圖（b）為該同學在某次實驗中得到的一條紙帶，兩相鄰計數點間還有四個點未畫出，實驗數據如圖所示，則打c點時小車的速度大小為_m/s，小車的加速度大小為_；（結果均保留兩位有效數字）（2）在打圖（b）所示的紙帶時，該同學測得小車的質量為0.929kg，已知當地的重力加速度，則本次實驗中所使用的鉤碼質量為_g。【答案】 (1). 0.60 (2). 0.51 (3).

17、51【解析】【詳解】（1）1由于小車做勻加速直線運動，而c點為b、d兩點的時間中點，所以代入數據可解得2由逐差法可知代入數據可解得（2）3設輕繩對小車的拉力為t，鉤碼質量為m，小車質量為m，則由牛頓第二定律可得兩式聯立可得代入數據可解得16. 用如圖甲所示，實驗裝置驗證m1、m2組成的系統機械能守恒，m2從高處由靜止開始下落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律。圖乙給出的是實驗中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個點，每相鄰兩個計數點間還有4個點（圖中未標出），計數點間的距離如圖乙所示。已知、，則：（g取10m/s2，結果保留兩位有效數字）(1)在紙帶上

18、打下計數點5時的速度_m/s；(2)在打點05過程中系統動能的增加量_j，系統勢能的減少量_j，由此得出的結論是：_；(3)若某同學作出的h圖象如圖丙所示，則當地的實際重力加速度_m/s2。【答案】 (1). 2.4 (2). 0.58 (3). 0.60 (4). 在誤差允許的范圍內，m1、m2 組成的系統機械能守恒 (5). 9.7【解析】【詳解】(1)1根據在勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度，可知打第5個點時的速度為(2)2物體初速度為零，所以動能的增加量為3重力勢能的減小量等于物體重力做功，故4在誤差允許的范圍內，m1、m2 組成的系統機械能守恒。(3)5本題中根據機械能守恒可知即有所以作出圖象中，斜率表示重力加速度，由圖可知斜率故當地的實際重力加速度四、計算題（本題共3題，17題12分，18題12分，1，9題14分，共38分。解答需寫出文字說明、證明過程或演算步驟）17. 質量為0.5kg的物體，從離地面18m高處，由靜止開始勻加速下落，經3s落地，取g=10m/s2求：（1）物體下落的加速度大小；（2）下落過程中物體所受阻力的大小；（3）物體最后一秒下落距離；【答案】（1）4m/s2；（2）3n；（3）10m【解析】【詳解】（1）由運動學公式可得解得物體下落的加速度大