2024-2025學年新疆兵團第二師華山中學高三5月會考物理試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，三段長度相等的直導線a、b、c相互平行處在同一豎直面內，a、b間的距離等于b、c間的距離，通電電流Ia＜Ib＜Ic，方向如圖所示，則下列判斷正確的是（）A．導線b受到的安培力可能為0B．導線a受到的安培力可能為0C．導線c受到的安培力的方向一定向左D．導線a、b受到的安培力的方向一定相同2、如圖所示，總阻值為R的正方形線框的左半側處在磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向與線框平面垂直，線框的對稱軸MN恰與磁場邊緣平齊。若第一次將線框從磁場中以恒定速度v1向右勻速拉出，第二次以線速度v2讓線框繞軸MN勻速轉過90°，下列說法正確的是（）A．第一次操作過程中線框產生的感應電流方向沿逆時針方向B．兩次操作過程中經過線框橫截面的電量之比為2∶1C．若兩次操作過程中線框產生的焦耳熱相等，則v1：v2=π：2D．若兩次操作過程中線框產生的平均感應電動勢相等，則v1：v2=2：π3、如圖所示，一端擱在粗糙水平面上，另一端系一根細線（線豎直）處于靜止狀態的重直桿A受到的作用力個數（）A．1 B．2C．3 D．44、如圖甲所示，在x≥0的區域有在垂直于xOy平面(紙面)向里的勻強磁場，現用力使一個等邊三角形閉合導線(粗細均勻)框，沿x軸向右勻速運動，運動中線框平面與紙面平行，底邊BC與y軸平行，從頂點A剛入磁場開始計時，在線框全部進入磁場過程中，其感應電流I（取順時針方向為正）與時間t的關系圖線為圖乙中的（）A． B． C． D．5、兩列完全相同的機械波于某時刻的疊加情況如圖所示，圖中的實線和虛線分別表示波峰和波谷，關于此時刻的說法錯誤的是（）A．a，b連線中點振動加強B．a，b連線中點速度為零C．a，b，c，d四點速度均為零D．再經過半個周期c、d兩點振動減弱6、在空間中水平面MN的下方存在豎直向下的勻強電場，質量為m的帶電小球由MN上方的A點以一定初速度水平拋出，從B點進入電場，到達C點時速度方向恰好水平，A、B、C三點在同一直線上，且AB=2BC，如圖所示，由此可知（）A．小球帶正電B．電場力大小為3mgC．小球從A到B與從B到C的運動時間相等D．小球從A到B與從B到C的速度變化相等二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、物塊套在光滑的豎直桿上，通過光滑的定滑輪用不可伸長的輕繩將物塊由A點勻速拉到B點，AB高度為h，則在運動過程中（）A．繩中張力變小B．繩子自由端的速率減小C．拉力F做功為D．拉力F的功率P不變8、在傾角為θ的固定光滑斜面上有兩個用輕彈簧相連接的物塊A、B，它們的質量分別為m1、m2，其中A帶+q的電荷量，B不帶電。彈簧勁度系數為k，C為一固定擋板，系統處于靜止狀態。現加一個平行于斜面向上的勻強電場，場強為E，使物塊A向上運動，當物塊B剛要離開擋板C時，物塊A運動的距離為d，速度為v，則（）A．物塊A的電勢能增加了EqdB．此時物塊A的加速度為C．此時電場力做功的瞬時功率為EqvsinθD．此過程中，彈簧的彈性勢能變化了Eqd－m1gdsinθ－9、如圖所示，在半徑為R的圓形區域內有垂直紙面的勻強磁場，磁感應強度為B。P是磁場邊界上的一點，大量電荷量為q、質量為m、相同速率的離子從P點沿不同方向同時射入磁場。其中有兩個離子先后從磁場邊界上的Q點（圖中未畫出）射出，兩離子在磁場邊緣的出射方向間的夾角為，P點與Q點的距離等于R。則下列說法正確的是（）A．離子在磁場中的運動半徑為B．離子的速率為C．兩個離子從Q點射出的時間差為D．各種方向的離子在磁場邊緣的出射點與P點的最大距離為10、如圖所示，將小砝碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的拉力將紙板迅速抽出，砝碼的移動很小，幾乎觀察不到，這就是大家熟悉的慣性演示實驗，若砝碼和紙板的質量分別為M和m，各接觸面間的動摩擦因數均為μ，重力加速度為g（）A．紙板相對砝碼運動，紙板所受摩擦力的大小為B．要使紙板相對砝碼運動F一定大于C．若砝碼與紙板分離時的速度大于，則砝碼不會從桌面上掉下D．當時，砝碼恰好到達桌面邊緣三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學設計了如圖甲所示的電路測電源的電動勢和內阻。(1)閉合電鍵S1，將單刀雙擲開關合向a，調節滑動變阻器，測得多組電壓和電流的值，在U-I坐標平面內描點作圖再將單刀雙擲開關合向b，調節滑動變阻器，測得多組電壓和電流的值，在U-I坐標平面內描點作圖兩次作出的圖象如圖乙所示，則將單刀雙擲開關合向a時測出的數據描點作出的圖象應是___________(填“A”或“B”)。將電鍵合向___________(填“a”或“b”)時，測得的電源電動勢沒有系統誤差。(2)根據兩次測得的數據分析可知，根據圖線___________(填“A”或“B”)求得的電動勢更準確，其電動勢的值為E=___________V。(3)若該同學通過實驗測出電流表的內阻為RA=1Ω，則利用圖線___________(填“A”或“B”)測得的電源的內阻更準確，由此求得電源的內阻為r=___________Ω。12．（12分）興趣課上老師給出了一個質量為m的鉤碼、一部手機和一個卷尺，他要求王敏和李明兩同學估測手上拋鉤碼所做的功。兩同學思考后做了如下操作：(1)他們先用卷尺測出二樓平臺到地面的距離h，王敏在二樓平臺邊緣把鉤碼由靜止釋放，同時李明站在地面上用手機秒表功能測出鉤碼從釋放到落到地面的時間t0，在忽略空氣阻力的條件下，當地的重力加速度的大小可以粗略的表示為g=______（用h和t0表示）；(2)兩同學站在水平地面上，李明把鉤碼豎直向上拋出，王敏用手機的秒表功能測出鉤碼從拋出點到落回拋出點的時間。兩同學練習幾次，配合默契后某次李明把鉤碼豎直向上拋出，同時王敏用手機的秒表功能測出鉤碼從拋出點到落回拋出點的時間t，在忽略空氣阻力的條件下，該次李明用手上拋鉤碼所做的功可以粗略地表示為W=_____（用m、h、t0和t表示）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）半徑為R的玻璃半圓柱體，橫截面如圖所示，圓心為O，兩條平行單色紅光沿截面射向圓柱面，方向與底面垂直，光線1的入射點A為圓柱面的頂點，光線2的入射點為B，∠AOB=60°，已知該玻璃對紅光的折射率為n=．①求紅光在玻璃中的傳播速度為多大？②求兩條光線經圓柱面和底面折射后的交點與O點的距離d;14．（16分）如圖所示，足夠長的“U”形框架沿豎直方向固定，在框架的頂端固定一定值電阻R，空間有范圍足夠大且垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B，電阻值均為R的金屬棒甲、乙垂直地放在框架上，已知兩金屬棒的質量分別為m=2.0×10-2kg、m乙=1.0×10-2kg。現將金屬棒乙鎖定在框架上，閉合電鍵，在金屬棒甲上施加一豎直向上的恒力F，經過一段時間金屬棒甲以v=10m/s的速度向上勻速運動，然后解除鎖定，金屬棒乙剛好處于靜止狀態，忽略一切摩擦和框架的電阻，重力加速度g=10m/s2。則(1)恒力F的大小應為多大？(2)保持電鍵閉合，將金屬棒甲鎖定，使金屬棒乙由靜止釋放，則金屬棒乙勻速時的速度v2應為多大？(3)將兩金屬棒均鎖定，斷開電鍵，使磁感應強度均勻增加，經時間t=0.1s磁感應強度大小變為2B此時金屬棒甲所受的安培力大小剛好等于金屬棒甲的重力，則鎖定時兩金屬棒之間的間距x應為多大？15．（12分）如圖所示，質量m=2kg的物體靜止于水平地面的A處，A、B間距L=20m。用大小為30N，沿水平方向的外力拉此物體，經t0=2s拉至B處。（取g=10m/s2）（1）求物體與地面間的動摩擦因數μ；（2）該外力作用一段時間后撤去，使物體從A處由靜止開始運動并能到達B處，求該力作用的最短時間t。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A．根據同向電流相互吸引、反向電流相互排斥可知，導線b受到的安培力不可能為0，故A錯誤；BD．導線a受到導線b給的向右的安培力和導線c給的向左的安培力，又因為通電電流Ia＜Ib＜Ic，ac之前的距離大于ab之間的距離，所以導線a受到的安培力可能為0，而導線b受到的安培力不可能為0，所以導線a、b受到的安培力的方向不一定相同，故B正確，D錯誤；C．根據同向電流相互吸引、反向電流相互排斥可知，導線c受到的安培力的方向一定向右，故C錯誤。故選B。2、D【解析】

A．由右手定則可知，第一次操作過程中感應電流的方向為順時針方向，選項A錯誤；B．由公式可知兩次操作過程中經過線框橫截面的電量相同，選項B錯誤；C．設線框的邊長為L，若兩次操作過程中線框產生的焦耳熱相等，第一次將線框從磁場中以恒定速度v1向右勻速拉出第二次以線速度v2讓線框轉過90°Q1=Q2所以選項C錯誤；D．若兩次操作過程中線框產生的平均感應電動勢相等，第一次將線框從磁場中以恒定速度v1向右勻速拉出第二次以線速度v2讓線框轉過90°得D選項正確。故選D。3、C【解析】

棒保持靜止狀態，合力為零；對棒受力分析，受重力、繩子豎直向上的拉力，地面的支持力，由于繩子豎直向上的拉力，有合力為零，故地面對棒沒有靜摩擦力，因此棒共受到3個力作用，故C正確，ABD錯誤；故選C．【點睛】受力分析時為防止漏力、多力，可以按照重力、彈力、摩擦力的順序分析，同時要結合平衡態分析，注意繩子的拉力方向是解題的關鍵．4、B【解析】導線框從左進入磁場，磁通量向里增加，根據楞次定律可知，感應磁場向外，根據安培定則可知，感應電流方向為逆時針，即負方向；設導線框沿x軸方向運動的速度為v，經時間t運動的位移為，根據幾何關系可知，導線框的有效長度為，感應電流，即電流I與t成正比，故選B.5、B【解析】

AB．a是兩個波谷相遇，位于波谷，振動加強，但此時速度為0；b是兩個波峰相遇，位于波峰，振動加強，但此時速度為0；a、b兩點是振動加強區，所以a、b連線中點振動加強，此時是平衡位置，速度不為0；故A正確，B錯誤；C．c和d兩點是波峰和波谷相遇點，c、d兩點振動始終減弱，振幅為0，即質點靜止，速度為零，故a，b，c，d四點速度均為零，故C正確；D．再經過半個周期c、d兩點仍是振動減弱，故D正確。本題選錯誤的，故選B。6、B【解析】

根據小球從B點進入電場的軌跡可看出，小球帶負電，故A錯誤；因為到達C點時速度水平，所以C點速度等于A點速度，因為AB=2BC，設BC的豎直高度為h，則AB的豎直高度為2h，由A到C根據動能定理：mg×3h-Eqh=0，即Eq=3mg，故B正確；小球從A到B在豎直方向上的加速度為g，所用時間為：；在從B到C，的加速度為向上，故所用時間：，故t1=2t2，故C錯誤；小球從A到B與從B到C的速度變化大小都等于，但方向相反，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

A．因為物塊做勻速直線運動，在豎直方向上合力為零，則有因為增大，減小，則拉力T增大，故A錯誤；B．物塊沿繩子方向上的分速度該速度等于自由端的速度，增大，自由端速度v減小，故B正確；C．F為變力，不能用功的定義。應根據動能定理，拉力F做功等于克服重力做的功，即故C錯誤；D．拉力的功率為可知拉力F的功率P不變，故D正確。故選BD。8、BD【解析】

A．電場力對物塊A做正功物塊A的電勢能減少，其電勢能減少量為，故A錯誤；B．當物塊B剛要離開擋板C時，彈簧的彈力大小等于B重力沿斜面向下的分量，即有對A，根據牛頓第二定律得未加電場時，對A由平衡條件得根據幾何關系有聯立解得：此時物塊A的加速度為故B正確；C．此時電場力做功的瞬時功率為故C錯誤；D．根據功能關系知電場力做功等于A與彈簧組成的系統的機械能增加量，物塊A的機械能增加量為則彈簧的彈性勢能變化了故D正確；故選BD。9、BCD【解析】

從Q點能射出兩個離子，則離子圓周運動半徑r小于磁場區域圓半徑R，運動軌跡如圖所示。為等邊三角形。A．由幾何關系得又有解兩式得①選項A錯誤；B．在磁場中做圓周運動有②解①②式得選項B正確；C．圓周運動的周期為兩離子在磁場中運動的時間分別為則從磁場射出的時間差為選項C正確；D．各種方向的離子從磁場中的出射點與P點的最大距離為選項D正確；故選BCD.10、BC【解析】

A．砝碼和桌面對紙板的摩擦力分別為紙板所受摩擦力的大小為故A錯誤；B．紙板相對砝碼運動時，有二者發生相對運動需要滿足代入已知條件解得故B正確；C．若砝碼與紙析分離時的速度小于，砝碼勻加速運動的位移小于勻減速運動的位移小于則位移小于d，砝碼不會從桌面上掉下來，故C正確；D．當時，紙帶的加速度根據解得砝碼從開始運動到脫離紙板時勻加速運動的位移可知砝碼脫離紙板時恰好到達桌面邊緣，因此時砝碼具有速度，則砝碼會從桌面上掉下來，故D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AbB1.5B4【解析】

(1)單刀雙擲開關合向a時，由于電壓表的分流，使測得的電源電動勢和內阻都比真實值小，單刀雙擲開關合向b時，由于電流表的分壓，測得的電源電動勢等于真實值，測得的內阻比真實值大，因此單刀雙擲開關合向a時測出的數據描點作出的圖象是A；(2)圖線B測得的電動勢沒有系統誤差，更準確，其值為1.5V，由于圖線B測得的內阻值實際為電源內阻與電流表的內阻之和，因此誤差較大，因此由圖線A求得的電源內阻值更準確；(3)若測出電流表的內阻，則利用圖B測得的內阻更準確，由此求得電源的內阻為。12、【解