注冊環保工程師重點試題帶答案（精編）20251.流體力學部分1.已知某圓管中水流的雷諾數$Re=2000$，圓管直徑$d=0.1m$，水的運動黏度$ν=1.0×10^{-6}m^{2}/s$，則管內水流的平均流速$v$為多少？-解答：根據雷諾數公式$Re=\frac{vd}{\nu}$，可得$v=\frac{Re\nu}7m1dzf5$。將$Re=2000$，$d=0.1m$，$\nu=1.0×10^{-6}m^{2}/s$代入，$v=\frac{2000\times1.0\times10^{-6}}{0.1}=0.02m/s$。2.水在垂直放置的等直徑管道中流動，相距$L$的兩斷面間測壓管水頭差為$h$，則兩斷面間的沿程水頭損失$h_f$為多少？-解答：對于等直徑管道，流速不變，根據能量方程$z_1+\frac{p_1}{\rhog}+\frac{v_1^{2}}{2g}=z_2+\frac{p_2}{\rhog}+\frac{v_2^{2}}{2g}+h_f$，因為$v_1=v_2$，所以$h_f=(z_1+\frac{p_1}{\rhog})-(z_2+\frac{p_2}{\rhog})=h$。3.有一梯形斷面渠道，底寬$b=5m$，邊坡系數$m=1.5$，水深$h=2m$，則過水斷面面積$A$和濕周$χ$分別為多少？-解答：過水斷面面積$A=(b+mh)h=(5+1.5\times2)\times2=(5+3)\times2=16m^{2}$；濕周$\chi=b+2h\sqrt{1+m^{2}}=5+2\times2\sqrt{1+1.5^{2}}=5+4\sqrt{3.25}\approx5+4\times1.803=5+7.212=12.212m$。2.環境工程微生物學部分4.細菌細胞壁的主要成分是什么？-解答：細菌細胞壁的主要成分是肽聚糖。革蘭氏陽性菌細胞壁較厚，肽聚糖含量豐富，還含有磷壁酸；革蘭氏陰性菌細胞壁較薄，肽聚糖含量少，外膜是其主要特征，外膜由脂質雙層、脂蛋白和脂多糖組成。5.微生物代謝中，什么是呼吸作用？根據最終電子受體的不同，呼吸作用可分為哪幾種類型？-解答：呼吸作用是指微生物在氧化分解底物的過程中，釋放出電子，生成質子和還原力，底物氧化釋放的電子通過呼吸鏈（電子傳遞體系）最終傳遞給電子受體的過程。根據最終電子受體的不同，呼吸作用可分為好氧呼吸、厭氧呼吸和發酵。好氧呼吸以分子氧作為最終電子受體；厭氧呼吸以除氧以外的其他物質（如硝酸鹽、硫酸鹽、碳酸鹽等）作為最終電子受體；發酵是指微生物氧化時，電子受體是底物未完全氧化的中間產物。6.簡述原生動物在廢水生物處理中的作用。-解答：原生動物在廢水生物處理中的作用主要有以下幾點：-凈化作用：原生動物能吞食水中的有機物顆粒、細菌和其他微小的懸浮雜質，對廢水起到一定的凈化作用。例如，纖毛蟲可以通過其胞口吞食細菌等。-促進絮凝和沉淀：一些原生動物能分泌黏性物質，有助于細菌等形成絮體，提高廢水處理中污泥的沉降性能。-作為指示生物：不同種類的原生動物對環境條件有不同的要求和適應范圍。通過觀察原生動物的種類和數量變化，可以判斷廢水處理系統的運行狀況和水質變化。例如，當環境條件良好時，鐘蟲等固著型纖毛蟲大量出現；當水質惡化時，游泳型纖毛蟲和鞭毛蟲數量會增加。3.環境監測部分7.簡述大氣中二氧化硫的測定方法（至少兩種）及其原理。-解答：-分光光度法：常用的是四氯汞鉀吸收-鹽酸副玫瑰苯胺分光光度法。原理是用四氯汞鉀溶液吸收大氣中的二氧化硫，生成穩定的二氯亞硫酸鹽絡合物，該絡合物再與鹽酸副玫瑰苯胺作用，生成紫紅色絡合物，在577nm波長處測量吸光度，根據吸光度與二氧化硫濃度的標準曲線來確定大氣中二氧化硫的含量。-定電位電解法：二氧化硫氣體通過傳感器滲透膜進入電解槽，在工作電極上發生氧化反應$SO_2+2H_2O→SO_4^{2-}+4H^{+}+2e$，產生的擴散電流與二氧化硫濃度成正比，通過測量電流大小來測定二氧化硫的濃度。8.對某水樣進行化學需氧量（COD）測定，取$20.00mL$水樣，加入$10.00mL0.2500mol/L$的重鉻酸鉀溶液，在強酸介質下加熱回流$2h$后，用$0.1000mol/L$的硫酸亞鐵銨標準溶液滴定剩余的重鉻酸鉀，消耗硫酸亞鐵銨溶液$15.00mL$，同時做空白試驗消耗硫酸亞鐵銨溶液$25.00mL$，計算該水樣的COD（以$mg/L$計）。-解答：根據COD的計算公式$COD(O_2,mg/L)=\frac{(V_0-V_1)c\times8\times1000}{V}$，其中$V_0$為空白試驗消耗硫酸亞鐵銨溶液的體積（$mL$），$V_1$為水樣消耗硫酸亞鐵銨溶液的體積（$mL$），$c$為硫酸亞鐵銨標準溶液的濃度（$mol/L$），$V$為水樣體積（$mL$），$8$為氧的摩爾質量的$\frac{1}{4}$（$g/mol$）。將$V_0=25.00mL$，$V_1=15.00mL$，$c=0.1000mol/L$，$V=20.00mL$代入公式，$COD(O_2,mg/L)=\frac{(25.00-15.00)\times0.1000\times8\times1000}{20.00}=400mg/L$。9.簡述生物監測的概念和優點。-解答：生物監測是指利用生物個體、種群或群落對環境污染或變化所產生的反應，從生物學的角度，為環境質量的監測和評價提供依據。其優點包括：-綜合性：生物在環境中受到多種因素的綜合影響，生物監測能反映環境中各種污染物的綜合效應，而不僅僅是個別污染物的影響。-長期性：生物在一定的環境中生活，能對較長時間內的環境變化進行累積性的反映，可檢測出低濃度、長期存在的污染物對生態系統的潛在危害。-靈敏性：某些生物對污染物非常敏感，能在污染物濃度較低、尚未對人體和生態系統造成明顯危害時就表現出相應的反應，從而早期發現環境污染。-直觀性：生物的生理、生化和行為等方面的變化可以直觀地觀察和檢測到，為環境質量的評價提供直觀的依據。4.水污染控制工程部分10.某城市污水處理廠設計流量$Q=30000m^{3}/d$，采用活性污泥法處理，曝氣池容積$V=6000m^{3}$，污泥回流比$R=0.5$，則曝氣池的水力停留時間$t$和污泥齡$\theta_c$（設污泥產率系數$Y=0.6kgVSS/kgBOD_5$，污泥自身氧化率$K_d=0.05d^{-1}$，進水$BOD_5$濃度$S_0=200mg/L$，出水$BOD_5$濃度$S_e=20mg/L$，混合液懸浮固體濃度$X=3000mg/L$，回流污泥濃度$X_R=6000mg/L$）分別為多少？-解答：-水力停留時間$t=\frac{V}{Q}=\frac{6000}{30000}\times24=4.8h$。-首先計算每日增長的污泥量$\DeltaX=YQ(S_0-S_e)-K_dVX$，$Q=30000m^{3}/d=3\times10^{7}L/d$，$V=6000m^{3}=6\times10^{6}L$，$S_0=200mg/L=0.2kg/m^{3}$，$S_e=20mg/L=0.02kg/m^{3}$，$X=3000mg/L=3kg/m^{3}$。$\DeltaX=0.6\times30000\times(0.2-0.02)-0.05\times6000\times3=0.6\times30000\times0.18-0.05\times6000\times3=3240-900=2340kg/d$。污泥齡$\theta_c=\frac{VX}{\DeltaX}=\frac{6000\times3}{2340}\approx7.69d$。11.簡述厭氧生物處理的基本原理和主要階段。-解答：厭氧生物處理是在厭氧條件下，由多種微生物共同作用，使有機物分解并生成甲烷和二氧化碳的過程。其基本原理是利用厭氧微生物將有機物逐步分解，最終轉化為穩定的無機物和少量的細胞物質。主要階段包括：-水解階段：復雜的有機物（如多糖、蛋白質、脂肪等）在胞外酶的作用下，分解為簡單的小分子有機物，如單糖、氨基酸、脂肪酸等。-發酵（酸化）階段：水解產生的小分子有機物在發酵細菌的作用下，進一步轉化為揮發性脂肪酸（如乙酸、丙酸、丁酸等）、醇類、二氧化碳和氫氣等。-產氫產乙酸階段：發酵階段產生的丙酸、丁酸等揮發性脂肪酸和醇類，在產氫產乙酸細菌的作用下，轉化為乙酸、氫氣和二氧化碳。-產甲烷階段：產甲烷細菌將乙酸、氫氣和二氧化碳等轉化為甲烷和二氧化碳。12.某印染廢水含有大量的染料，采用活性炭吸附處理，已知活性炭的吸附等溫線符合Freundlich方程$q=Kc^{\frac{1}{n}}$，其中$q$為吸附量（$mg/g$），$c$為平衡濃度（$mg/L$），$K=10$，$n=2$。若廢水初始染料濃度$c_0=200mg/L$，處理后要求達到的濃度$c_e=20mg/L$，則每克活性炭的吸附量$q$為多少？-解答：將$c=c_e=20mg/L$，$K=10$，$n=2$代入Freundlich方程$q=Kc^{\frac{1}{n}}$，可得$q=10\times20^{\frac{1}{2}}=10\times\sqrt{20}\approx10\times4.47=44.7mg/g$。5.大氣污染控制工程部分13.某燃煤鍋爐，燃燒$1kg$煤產生的煙氣量$V=10m^{3}$（標準狀態），煤中含硫量$S=2\%$，假設硫全部轉化為二氧化硫，計算每燃燒$1kg$煤產生的二氧化硫在標準狀態下的體積（$m^{3}$）和濃度（$mg/m^{3}$）。-解答：-首先計算每燃燒$1kg$煤產生的二氧化硫的物質的量。$1kg$煤中含硫的質量$m_S=1000\times2\%=20g$，硫的物質的量$n_S=\frac{20}{32}=0.625mol$。因為硫全部轉化為二氧化硫，根據$S+O_2→SO_2$，二氧化硫的物質的量$n_{SO_2}=n_S=0.625mol$。在標準狀態下，二氧化硫的體積$V_{SO_2}=n_{SO_2}\times22.4=0.625\times22.4=14L=0.014m^{3}$。-二氧化硫的質量$m_{SO_2}=n_{SO_2}\times64=0.625\times64=40g=40000mg$，則二氧化硫的濃度$c=\frac{40000}{10}=4000mg/m^{3}$。14.簡述袋式除塵器的工作原理和特點。-解答：袋式除塵器的工作原理是含塵氣體進入除塵器后，通過濾袋，粉塵被阻留在濾袋表面，干凈氣體通過濾袋排出。隨著濾袋表面粉塵的積累，阻力增大，當達到一定值時，通過清灰裝置清除濾袋表面的粉塵。其特點包括：-除塵效率高：一般可以達到99%以上，能有效捕集微細粉塵。-適應性強：能處理不同類型的粉塵，對粉塵的濃度、顆粒大小等變化有較好的適應性。-操作彈性大：在不同的處理風量和粉塵濃度條件下，都能保持穩定的除塵效果。-結構簡單：易于維護和管理，但濾袋需要定期更換，運行成本相對較高。15.某工廠排放的廢氣中含有氮氧化物（$NO_x$），采用選擇性催化還原（SCR）法進行處理，以氨為還原劑，在催化劑作用下將$NO_x$還原為氮氣和水。寫出主要反應方程式。-解答：當$NO_x$主要為$NO$時，反應方程式為$4NO+4NH_3+O_2\xrightarrow[]{催化劑}4N_2+6H_2O$；當$NO_x$中含有$NO_2$時，還會發生反應$2NO_2+4NH_3+O_2\xrightarrow[]{催化劑}3N_2+6H_2O$和$NO+NO_2+2NH_3\xrightarrow[]{催化劑}2N_2+3H_2O$。6.固體廢物處理與處置部分16.簡述衛生填埋場的防滲系統的作用和類型。-解答：衛生填埋場防滲系統的作用是防止填埋場中的滲濾液和填埋氣體泄漏到周圍環境中，避免對土壤、地下水和大氣造成污染。其類型主要有：-單層襯里系統：由一層防滲材料（如高密度聚乙烯膜等）和一層排水層組成，防滲材料鋪設在填埋場底部，排水層位于防滲材料之上，用于收集和排出滲濾液。-復合襯里系統：由兩層或兩層以上的防滲材料和排水層組成，通常上層為柔性膜（如高密度聚乙烯膜），下層為壓實黏土襯里，中間設置排水層。復合襯里系統的防滲效果更好。-雙復合襯里系統：具有更高的防滲要求，通常由兩層復合襯里和中間的排水層組成，能更有效地防止滲濾液泄漏。17.某固體廢物中含有有機物和無機物，采用熱解處理，熱解溫度為$500^{\circ}C$，簡述熱解過程中可能發生的主要反應和產物。-解答：在熱解過程中，可能發生的主要反應和產物如下：-有機物的分解反應：復雜的有機物在高溫下分解為小分子有機物和氣體。例如，高分子聚合物可能分解為烯烴、烷烴等小分子烴類，碳水化合物分解為一氧化碳、二氧化碳、氫氣和一些有機化合物。-脫氫反應：有機物中的氫原子被脫除，形成氫氣和不飽和烴。-縮合反應：小分子有機物之間可能發生縮合反應，形成更復雜的有機化合物，甚至可能產生焦炭。熱解產物主要包括：-氣體產物：如氫氣、一氧化碳、二氧化碳、甲烷、乙烯等。-液體產物：主要是焦油和輕質油，含有各種有機化合物。-固體產物：主要是焦炭和無機物殘渣。18.簡述危險廢物的定義和鑒別方法。-解答：危險廢物是指列入國家危險廢物名錄或者根據國家規定的危險廢物鑒別標準和鑒別方法認定的具有危險特性的固體廢物。鑒別方法主要有：-名錄鑒別：根據國家發布的《國家危險廢物名錄》，判斷固體廢物是否屬于其中所列的危險廢物類別。-特性鑒別：依據危險廢物的危險特性，如腐蝕性、毒性、易燃性、反應性和感染性等進行鑒別。例如，通過測定固體廢物的$pH$值來判斷其是否具有腐蝕性；采用化學分析方法檢測其中有害物質的含量來判斷其是否具有毒性等。7.物理化學部分19.已知反應$N_2(g)+3H_2(g)\rightleftharpoons2NH_3(g)$在某溫度下的平衡常數$K_p=6.0\times10^{-5}$。若反應開始時，$p(N_2)=100kPa$，$p(H_2)=300kPa$，$p(NH_3)=0$，計算平衡時各氣體的分壓。-解答：設平衡時$N_2$的分壓變化了$xkPa$，則$H_2$的分壓變化了$3xkPa$，$NH_3$的分壓變化了$2xkPa$。平衡時$p(N_2)=(100-x)kPa$，$p(H_2)=(300-3x)kPa$，$p(NH_3)=2xkPa$。根據平衡常數表達式$K_p=\frac{p^{2}(NH_3)}{p(N_2)p^{3}(H_2)}$，可得$6.0\times10^{-5}=\frac{(2x)^{2}}{(100-x)(300-3x)^{3}}$。由于$K_p$值很小，可近似認為$100-x\approx100$，$300-3x\approx300$，則$6.0\times10^{-5}=\frac{4x^{2}}{100\times300^{3}}$，$4x^{2}=6.0\times10^{-5}\times100\times300^{3}$，$x^{2}=\frac{6.0\times10^{-5}\times100\times300^{3}}{4}$，$x^{2}=4050$，$x\approx63.6$。平衡時$p(N_2)=100-63.6=36.4kPa$，$p(H_2)=300-3\times63.6=300-190.8=109.2kPa$，$p(NH_3)=2\times63.6=127.2kPa$。20.計算$25^{\circ}C$時，$0.1mol/L$醋酸（$HAc$）溶液的$pH$值（已知醋酸的解離常數$K_a=1.75\times10^{-5}$）。-解答：醋酸的解離方程式為$HAc\rightleftharpoonsH^{+}+Ac^{-}$，設平衡時$[H^{+}]=xmol/L$，則$[Ac^{-}]=xmol/L$，$[HAc]=(0.1-x)mol/L$。由于$K_a$較小，且$c/K_a=\frac{0.1}{1.75\times10^{-5}}\gt500$，可近似認為$0.1-x\approx0.1$。根據$K_a=\frac{[H^{+}][Ac^{-}]}{[HAc]}$，可得$1.75\times10^{-5}=\frac{x\cdotx}{0.1}$，$x^{2}=1.75\times10^{-5}\times0.1=1.75\times10^{-6}$，$x=\sqrt{1.75\times10^{-6}}\approx1.32\times10^{-3}mol/L$。$pH=-\lg[H^{+}]=-\lg(1.32\times10^{-3})\approx2.88$。21.簡述化學平衡的特征。-解答：化學平衡的特征主要有：-動態平衡：化學平衡是一種動態平衡，反應并沒有停止，正反應和逆反應仍在進行，只是正反應速率和逆反應速率相等。-有條件的平衡：化學平衡是在一定的條件下建立的，當外界條件（如溫度、壓力、濃度等）發生改變時，原有的平衡狀態會被破壞，反應會向新的平衡狀態移動。-平衡組成的確定性：在一定條件下，達到平衡時各物質的濃度或分壓不再隨時間變化，具有確定的值。-平衡的相對性：不同的反應體系在相同的條件下達到平衡時，其平衡狀態可能不同；同一反應體系在不同的條件下達到平衡時，平衡狀態也會不同。8.工程力學部分22.一簡支梁$AB$，跨度$L=4m$，在梁的跨中$C$點作用一集中荷載$P=20kN$，求梁的支座反力。-解答：對簡支梁進行受力分析，設$A$端支座反力為$R_A$，$B$端支座反力為$R_B$，方向均向上。根據平衡條件$\sumF_y=0$，可得$R_A+R_B-P=0$；根據$\sumM_A=0$，可得$R_B\timesL-P\times\frac{L}{2}=0$。將$P=20kN$，$L=4m$代入$R_B\timesL-P\times\frac{L}{2}=0$，得$R_B\times4-20\times2=0$，$R_B=10kN$。再代入$R_A+R_B-P=0$，得$R_A+10-20=0$，$R_A=10kN$。23.一圓截面軸，直徑$d=50mm$，受到扭矩$T=2000N\cdotm$的作用，求軸橫截面上的最大切應力$\tau_{max}$。-解答：根據圓截面軸扭轉時橫截面上的切應力公式$\tau=\frac{T\rho}{I_p}$，其中$\tau$為切應力，$T$為扭矩，$\rho$為所求點到圓心的距離，$I_p$為極慣性矩。對于圓截面，$I_p=\frac{\pid^{4}}{32}$，最大切應力發生在圓截面邊緣，即$\rho=\fracoftzocl{2}$。$\tau_{max}=\frac{T}{W_t}$，其中$W_t=\frac{I_p}{\fracd9bynb7{2}}=\frac{\pid^{3}}{16}$。將$d=50mm=0.05m$，$T=2000N\cdotm$代入$W_t=\frac{\pid^{3}}{16}=\frac{\pi\times0.05^{3}}{16}\approx2.45\times10^{-6}m^{3}$。$\tau_{max}=\frac{T}{W_t}=\frac{2000}{2.45\times10^{-6}}\approx816.3MPa$。24.簡述平面匯交力系平衡的幾何條件和解析條件。-解答：-幾何條件：平面匯交力系平衡的幾何條件是該力系的力多邊形自行封閉。即按一定的比例尺和方向，將力系中的各力依次首尾相接，最后一個力的終點與第一個力的起點重合。-解析條件：平面匯交力系平衡的解析條件是力系中所有力在兩個相互垂直的坐標軸上的投影的代數和都等于零，即$\sumF_x=0$和$\sumF_y=0$。利用這兩個平衡方程，可以求解平面匯交力系中的未知力。9.電工電子技術部分25.已知某正弦交流電壓$u=220\sqrt{2}\sin(314t+30^{\circ})V$，求該電壓的有效值$U$、頻率$f$和初相位$\varphi$。-解答：對于正弦交流電壓$u=U_m\sin(\omegat+\varphi)$，其中$U_m$為最大值，$\omega$為角頻率，$\varphi$為初相位。有效值$U=\frac{U_m}{\sqrt{2}}$，已知$U_m=220\sqrt{2}V$，則$U=\frac{220\sqrt{2}}{\sqrt{2}}=220V$。角頻率$\omega=314rad/s$，根據$\omega=2\pif$，可得頻率$f=\frac{\omega}{2\pi}=\frac{314}{2\pi}\approx50Hz$。初相位$\varphi=30^{\circ}$。26.有一電阻$R=10\Omega$、電感$L=0.1H$的串聯電路，接在$u=220\sqrt{2}\sin(314t)V$的交流電源上，求電路中的電流$i$。-解答：首先計算電路的阻抗$Z$，$Z=\sqrt{R^{2}+X_L^{2}}$，其中$X_L=\omegaL$，$\omega=314rad/s$，$L=0.1H$，則$X_L=314\times0.1=31.4\Omega$。$Z=\sqrt{10^{2}+31.4^{2}}=\sqrt{100+985.96}=\sqrt{1085.96}\approx32.95\Omega$。電流的有效值$I=\frac{U}{Z}$，$U=220V$，則$I=\frac{220}{32.95}\approx6.68A$。電壓的初相位$\varphi_u=0^{\circ}$，電流滯后電壓的相位角$\varphi=\arctan\frac{X_L}{R}=\arctan\frac{31.4}{10}\approx72.3^{\circ}$，則電流的初相位$\varphi_i=\varphi_u-\varphi=-72.3^{\circ}$。所以電流$i=6.68\sqrt{2}\sin(314t-72.3^{\circ})A$。27.簡述二極管的單向導電性。-解答：二極管是由一個PN結加上相應的電極引線和管殼封裝而成。當二極管的陽極（P區）接高電位，陰極（N區）接低電位時，即二極管正向偏置。此時，外加電場與PN結內電場方向相反，削弱了內電場，使PN結變窄，多數載流子的擴散運動加強，形成較大的正向電流，二極管處于導通狀態，相當于一個閉合的開關。當二極管的陽極接低電位，陰極接高電位時，即二極管反向偏置。此時，外加電場與PN結內電場方向相同，加強了內電場，使PN結變寬，多數載流子的擴散運動受到抑制，只有少數載流子的漂移運動形成很小的反向電流，二極管處于截止狀態，相當于一個斷開的開關。這就是二極管的單向導電性。10.工程經濟部分28.某項目初始投資$P=100$萬元，預計每年凈收益$A=20$萬元，項目壽命期$n=10$年，基準收益率$i_c=10\%$，試判斷該項目是否可行。-解答：可以采用凈現值（NPV）法進行判斷。凈現值公式為$NPV=-P+A(P/A,i_c,n)$，其中$(P/A,i_c,n)=\frac{(1+i_c)^{n}-1}{i_c(1+i_c)^{n}}$。當$i_c=10\%$，$n=10$時，$(P/A,10\%,10)=\frac{(1+0.1)^{10}-1}{0.1\times(1+0.1)^{10}}=\frac{2.5937-1}{0.1\times2.5937}=\frac{1.5937}{0.25937}\approx6.1446$。$NPV=-100+20\times6.1446=-100+122.892=22.892$萬元。因為$NPV\gt0$，所以該項目在經濟上是可行的。29.簡述價值工程的基本原理和工作程序。-解答：價值工程的基本原理是通過對產品或服務進行功能分析，以最低的壽命周期成本，可靠地實現產品或服務的必要功能，從而提高產品或服務的價值。價值$V$、功能$F$和成本$C$之間的關系為$V=\frac{F}{C}$。價值工程的工作程序一般包括以下幾個階段：-準備階段：確定價值工程的對象，組建價值工程工作小組，制定工作計劃。-分析階段：進行功能分析，包括功能定義、功能整理和功能評價，確定功能的重要性系數和成本系數，計算價值系數，找出價值低的功能區域。-創新階段：提出改進方案，對方案進行評價和篩選，選擇最優方案。-實施階段：對選定的方案進行實施和監督，對實施效果進行評價和總結。30.某企業有一項設備，原值為$10$萬元，預計使用年限為$5$年，預計凈殘值為$0.5$萬元，分別采用直線法和雙倍余額遞減法計算每年的折舊額。-解答：-直線法：年折舊額$D=\frac{固定資產原值-預計凈殘值}{預計使用年限}$，則$D=\