新平縣第一中學(xué)2021～2022學(xué)年上學(xué)期期末素質(zhì)測(cè)試高二物理試題卷（全卷共四個(gè)大題，19個(gè)小題，共8頁(yè)；滿分100分，考試時(shí)間90分鐘）第Ⅰ卷選擇題（共48分）一、選擇題（本大題共14小題，共48分。1～8題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意，每小題3分；9～14題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）1.光滑水平面上放有一上表面光滑、傾角為的斜面體A，斜面體質(zhì)量為、底邊長(zhǎng)為，如圖所示。將一質(zhì)量為、可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊從斜面的頂端由靜止釋放，滑塊經(jīng)過(guò)時(shí)間剛好滑到斜面底端。此過(guò)程中斜面對(duì)滑塊的支持力大小為，重力加速度為，則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.B.滑塊下滑過(guò)程中支持力對(duì)的沖量大小為C.滑塊下滑的過(guò)程中A、組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒D.此過(guò)程中斜面體向左滑動(dòng)的距離為【答案】C【解析】【詳解】A．當(dāng)滑塊B相對(duì)于斜面加速下滑時(shí)，斜面A水平向左加速運(yùn)動(dòng)，所以滑塊B相對(duì)與地面的加速度方向不再沿斜面方向，即沿垂直斜面方向的合外力不再為零，所以斜面對(duì)滑塊的支持力故A錯(cuò)誤；B．滑塊B下滑過(guò)程中支持力對(duì)B的沖量大小為，故B錯(cuò)誤；C．滑塊B下滑過(guò)程中A、B組成系統(tǒng)水平方向不受外力的作用，故A、組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，故C正確；D．設(shè)A、B水平位移大小分別為、，取水平向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得即有又解得故D錯(cuò)誤。故選C。2.下列說(shuō)法中正確的是（）A.牛頓第二定律表述為：物體動(dòng)量的變化率等于它受的合外力B.一個(gè)恒力對(duì)物體做功為零，則其沖量也為零C.易碎品運(yùn)輸時(shí)要用柔軟材料包裝，船舷常常懸掛舊輪胎，都是為了減少?zèng)_量D.玻璃杯掉在水泥地上易碎，是因?yàn)槭艿降臎_量太大【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)可把牛頓第二定律表述為：物體動(dòng)量的變化率等于它受的合外力，故A正確；B．一個(gè)恒力對(duì)物體做功為零，則其沖量不為零，如用力推一個(gè)箱子，沒(méi)有推動(dòng)，力對(duì)箱子做功為零，根據(jù)可知推力對(duì)箱子沖量不為零，故B錯(cuò)誤；C．由可知，動(dòng)量變化量相等時(shí)，作用時(shí)間t越長(zhǎng)，力越小，因此易碎品運(yùn)輸時(shí)要用柔軟材料包裝，船舷常常懸掛舊輪胎，都是為了延長(zhǎng)作用時(shí)間以減小作用力，故C錯(cuò)誤；D．由可知，動(dòng)量變化量相等時(shí)，時(shí)間t越長(zhǎng)，力越小，因此玻璃杯掉在水泥地上易碎，是因?yàn)槭艿搅μ螅蔇錯(cuò)誤。故選A。3.甲、乙為豎直懸掛的兩個(gè)彈簧振子，且懸掛振子的彈簧勁度系數(shù)相同，已知兩球質(zhì)量之比是，振動(dòng)圖像如圖所示。則下列說(shuō)法正確的是（）A.甲、乙兩彈簧振子的振動(dòng)頻率之比是B.甲、乙兩彈簧振子在10s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程之比是C.甲、乙兩彈簧振子最大加速度之比是D.甲、乙兩彈簧振子最大速度之比是【答案】B【解析】【詳解】A．由乙圖可知甲、乙兩彈簧振子的振動(dòng)周期之比為則二者的頻率之比為故A錯(cuò)誤；B．由乙圖可知甲10s內(nèi)經(jīng)過(guò)的路程為200cm，乙10s內(nèi)經(jīng)過(guò)的路程也為200cm，故甲、乙路程之比是，故B正確；C．根據(jù)胡克定律可知，甲、乙的最大回復(fù)力之比為，又因?yàn)閮汕蛸|(zhì)量之比是，根據(jù)牛頓第二定律可知，甲、乙兩彈簧振子最大加速度之比是，故C錯(cuò)誤；D．經(jīng)分析，當(dāng)?shù)竭_(dá)平衡位置時(shí)，速度最大，設(shè)此時(shí)最大速度為vmax，甲彈簧振子的彈簧伸長(zhǎng)量為x0,在最低點(diǎn)時(shí)的彈簧伸長(zhǎng)量為x2，則有從最低點(diǎn)到平衡位置時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理得設(shè)彈簧最大振幅為A，則有聯(lián)立以上三式得甲、乙最大速度之比是，故D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，虛線和實(shí)線分別為甲、乙兩個(gè)彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的圖像。已知甲、乙兩個(gè)振子質(zhì)量相等。則（）A.甲、乙兩振子的振幅之比為1:2B.甲、乙兩振子的頻率之比為1:2C.前2s內(nèi)甲、乙兩振子的加速度均為正值D.0~8s時(shí)間內(nèi)甲、乙兩振子通過(guò)的路程之比為4:1【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)甲、乙兩個(gè)振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的圖像可知，兩振子的振幅，，甲、乙兩振子的振幅之比為，A錯(cuò)誤；B．甲振子的周期為4s，頻率為，乙振子的周期為8s，頻率為，甲、乙兩振子的頻率之比為，B錯(cuò)誤；C．前2s內(nèi)，根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特征甲的位移為正，加速度為負(fù)值，乙的位移為負(fù)，加速度為正值，C錯(cuò)誤；D．這段時(shí)間內(nèi)，甲振子運(yùn)動(dòng)了兩個(gè)周期，通過(guò)的路程為乙振子運(yùn)動(dòng)了一個(gè)周期，通過(guò)的路程為所以路程之比為，故D正確。

故選D。5.一根粗細(xì)均勻的繩子，右側(cè)固定，使左側(cè)的S點(diǎn)上下振動(dòng)，產(chǎn)生一列向右傳播的機(jī)械波，某時(shí)刻的波形如圖所示。下列說(shuō)法中正確的是（）A.左側(cè)的質(zhì)點(diǎn)重復(fù)右側(cè)的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)過(guò)程B.波的傳播速度逐漸減小C.S點(diǎn)振動(dòng)的頻率逐漸增大D.波的傳播方向與質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向相同【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．由機(jī)械波產(chǎn)生的機(jī)理可知，右側(cè)的質(zhì)點(diǎn)重復(fù)左側(cè)的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)過(guò)程，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．波的傳播速度由介質(zhì)決定，則波速不變，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．S點(diǎn)振動(dòng)產(chǎn)生的機(jī)械波的波長(zhǎng)減小，則根據(jù)可知，振動(dòng)的頻率逐漸增大，選項(xiàng)C正確；D．由圖可知，波傳播方向與質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向垂直，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。6.漁船上的聲吶利用超聲波來(lái)探測(cè)遠(yuǎn)方魚(yú)群的方位。某漁船發(fā)出的一列超聲波在時(shí)的波動(dòng)圖像如圖所示，圖為質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，則（）A.該波的波速為B.該波沿軸負(fù)方向傳播C.若魚(yú)群向著漁船方向游過(guò)來(lái)，根據(jù)多普勒效應(yīng)，接收器接收到的波源頻率可能為D.時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為2m【答案】D【解析】【詳解】A．該波的波速為故A錯(cuò)誤；B．t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，所以此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P應(yīng)位于波傳播方向波形下坡，則該波沿x軸正方向傳播，故B錯(cuò)誤；C．魚(yú)群反射超聲波的頻率為若魚(yú)群向著漁船方向游過(guò)來(lái)，根據(jù)多普勒效應(yīng)，接收器接收到的波源頻率應(yīng)大于，不可能為8×104Hz，故C錯(cuò)誤；D．時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)了個(gè)周期，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為故D正確。故選D。7.如圖所示，一束復(fù)色光通過(guò)三棱鏡后分解成兩束單色光、，下列說(shuō)法正確的是（）A.若、光分別照射同一光電管都能發(fā)生光電效應(yīng)，則光的遏止電壓低B.在該三棱鏡中光波長(zhǎng)大于光C.光能發(fā)生偏振現(xiàn)象，光不能發(fā)生D.若增大入射角i，則光先消失【答案】A【解析】【詳解】A．由圖可知a光的偏折程度比b光的大，即三棱鏡對(duì)a光的折射率比對(duì)b光的大，所以a光的頻率比b光的大，若、光分別照射同一光電管都能發(fā)生光電效應(yīng)，根據(jù)可知b光的遏止電壓低，故A正確；B．根據(jù)可知再根據(jù)可知故B錯(cuò)誤；C．a(chǎn)、b光都能發(fā)生偏振現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；D．若增大入射角i，a、b光在左界面的折射角增大，在右界面的入射角減小，不會(huì)達(dá)到全反射臨界角，所以a、b光不會(huì)消失，故D錯(cuò)誤。故選A。8.如圖所示，一輕質(zhì)彈簧的兩端與質(zhì)量均為m的兩物塊A、B相連接，并一起以速度在光滑的水平面勻速運(yùn)動(dòng)。某時(shí)刻，質(zhì)量為m的物塊C從h高度處自由下落，恰好與A上表面發(fā)生碰撞，碰后立即粘合且不反彈，設(shè)碰撞時(shí)間極短。則下列說(shuō)法正確的是（）A.AC碰撞過(guò)程AC組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒B.AC碰撞過(guò)程損失的機(jī)械能為C.從C與A相碰到彈性勢(shì)能最大的過(guò)程中，彈簧對(duì)B的沖量大小為D.彈簧所具有的最大彈性勢(shì)能為【答案】AD【解析】【詳解】A．A、C碰撞過(guò)程時(shí)間極短，A、C組成的系統(tǒng)在水平方向上合外力沖量近似為零，則系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，故A正確；

B．設(shè)物塊C與A碰撞前瞬間的速度大小為v1，碰撞后瞬間A與C的共同速度大小為v2。則A、C碰撞過(guò)程，取水平向右為正方向，由系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒得mv0=2mv2得A、C碰撞過(guò)程損失的機(jī)械能為△E=故B錯(cuò)誤；

C．當(dāng)A（含C）與B速度相等時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，設(shè)A與B的共同速度為v3，取水平向右為正方向，由A（含C）與B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒得mv0+2mv2=3mv3得從C與A相碰到彈性勢(shì)能最大的過(guò)程中，對(duì)B，根據(jù)動(dòng)量定理得即彈簧對(duì)B的沖量大小為，故C錯(cuò)誤；

D．彈簧所具有的最大彈性勢(shì)能為故D正確。

故選AD。9.如圖所示，一勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域邊界為MN，方向豎直向下，光滑水平桌面上有一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線框（線框左右兩邊與MN平行），以大小為v0的速度沿垂直磁場(chǎng)邊界方向進(jìn)入磁場(chǎng)，當(dāng)線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度恰好為零。用v表示線框的速度大小，x表示線框的位移（以線框右邊與MN重合時(shí)的位置為初位置），t表示線框運(yùn)動(dòng)的時(shí)間（從線框右邊與MN重合開(kāi)始計(jì)時(shí)），則下列圖像可能正確的是（）A. B. C. D.【答案】BD【解析】【詳解】AB．設(shè)線框質(zhì)量為m，總電阻為R。線框在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，只受安培力作用，根據(jù)牛頓第二定律可得減速過(guò)程中v在減小，所以加速度在減小，故圖像的斜率在減小，做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤，B正確；CD．根據(jù)動(dòng)量定理可得而故即化簡(jiǎn)可得即為一次函數(shù)，C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。10.水平彈簧振子，每隔時(shí)間，振子的位移總是大小和方向都相同，每隔的時(shí)間，振子的速度總是大小相等，方向相反，則有（）A.彈簧振子的周期可能小于B.每隔的時(shí)間，振子的加速度總是相同的C.每隔的時(shí)間，振子的動(dòng)能總是相同的D.每隔的時(shí)間，彈簧的長(zhǎng)度總是相同的【答案】AC【解析】【詳解】A．水平彈簧振子，每隔時(shí)間，振子的位移總是大小和方向都相同，說(shuō)明時(shí)間為周期的整數(shù)倍；每隔的時(shí)間，振子的速度總是大小相等，方向相反，說(shuō)明是半個(gè)周期的奇數(shù)倍；故t為周期的奇數(shù)倍，即（其中）故所以彈簧振子的周期可能小于，故選項(xiàng)A正確；B．每隔的時(shí)間，振子的速度總是大小相等、方向相反，說(shuō)明位移大小相等、方向相反，根據(jù)振子的加速度總是大小相等、方向相反，不同，故B錯(cuò)誤；C．每隔的時(shí)間，振子的速度總是大小相等、方向相反，故動(dòng)能相同，故C正確；D．每隔的時(shí)間，振子的速度總是大小相等、方向相反，說(shuō)明位移大小相等、方向相反，如回復(fù)力方向不同，彈力方向不同，彈簧的長(zhǎng)度不同（可能一次壓縮、一次拉長(zhǎng)），故D錯(cuò)誤；故選AC。【名師點(diǎn)睛】簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)具有重復(fù)性和對(duì)稱(chēng)性，每經(jīng)過(guò)一個(gè)周期，振動(dòng)情況（位移、速度、加速度）總是完全相同；每經(jīng)過(guò)半個(gè)周期，振動(dòng)的情況（位移、速度、加速度）總是相反；據(jù)此分析即可．11.如圖所示，質(zhì)量分別為mB和mC的物塊B和C用輕彈簧栓接，C放在水平面上，A的質(zhì)量為mA，彈簧的勁度系數(shù)為k，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。突然拿走靜止在B上的A物塊，在振動(dòng)過(guò)程中C不會(huì)離開(kāi)地面，B將在豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.mA一定小于mC B.mA一定不超過(guò)（mB+mC）C.B的振幅一定不超過(guò) D.B的振幅一定不超過(guò)【答案】BC【解析】【詳解】AB．拿走靜止在B上的A物塊后，物塊B做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的振幅為，此時(shí)B在平衡位置時(shí)，彈簧的壓縮量為，當(dāng)B到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，物塊C不離開(kāi)地面，則即選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；CD．拿走靜止在B上的A物塊后，物塊B做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的振幅為，不超過(guò)，因mA和mB大小無(wú)法比較，可知選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。12.如圖所示，、是兩個(gè)相干波源，它們振動(dòng)同步且振幅相同。實(shí)線和虛線分別表示在某一時(shí)刻它們所發(fā)出的波的波峰和波谷，關(guān)于圖中所標(biāo)的a、b、c、d四點(diǎn)，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.b質(zhì)點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn) B.c質(zhì)點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)C.該時(shí)刻a質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)位移為0 D.d質(zhì)點(diǎn)既不振動(dòng)加強(qiáng)也不振動(dòng)減弱【答案】AC【解析】【分析】【詳解】A．由圖可知，b質(zhì)點(diǎn)是波峰與波峰相遇，由于振動(dòng)同步且振幅相同，所以為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，故A正確；B．c質(zhì)點(diǎn)為波谷與波谷相遇處，因此為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．a(chǎn)質(zhì)點(diǎn)是波峰與波谷相遇，由于振動(dòng)同步且振幅相同，所以此時(shí)a質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)位移為0，故C正確；D．d在振動(dòng)加強(qiáng)連線上，所以是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選AC。13.下列說(shuō)法中正確的是A.圖甲是一束復(fù)色光進(jìn)入水珠后傳播的示意圖，其中a束光在水珠中傳播的速度一定大于b束光在水珠中傳播的速度B.圖乙是一束單色光進(jìn)入平行玻璃磚后傳播的示意圖，當(dāng)入射角i逐漸增大到某一值后不會(huì)再有光線從bb′面射出C.圖丙是雙縫干涉示意圖，若只減小屏到擋板間的距離L，兩相鄰亮條紋間距離將減小D.圖丁是用干涉法檢測(cè)工件表面平整程度時(shí)得到的干涉圖樣，彎曲的干涉條紋說(shuō)明被檢測(cè)的平面在此處是凸起的【答案】AC【解析】【分析】考查光的折射、反射、干涉．【詳解】A．由折射率和光的傳播速度之間的關(guān)系可知，折射率越大，傳播速度越小，從圖中可以看出，b光線在水中偏折更大，即b的折射率大于a的折射率，則a在水中的傳播速度大于b的傳播速度，A正確；B．當(dāng)入射角i逐漸增大，折射角逐漸增大，由于折射角小于入射角，不論入射角如何增大，玻璃磚中的光線不會(huì)消失，所以一定有光線從面射出，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)雙縫干涉相鄰兩亮條紋間距與雙縫間距離d及光的波長(zhǎng)的關(guān)系式可知，只減小屏到擋板間距離，兩相鄰亮條紋間距離將減小，C正確；D．因?yàn)椴恢辣粶y(cè)樣表的放置方向，故不能判斷此處是凸起的，D錯(cuò)誤．故選AC．14.甲、乙兩列簡(jiǎn)諧橫波的傳播速率相同，分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播，t=0時(shí)刻兩列波的前端剛好分別傳播到x=-2m的質(zhì)點(diǎn)A和x=1m的質(zhì)點(diǎn)B，如圖所示。已知橫波甲的頻率為2.5Hz，下列說(shuō)法正確的是（）A.兩列波相遇后會(huì)發(fā)生干涉現(xiàn)象B.乙波的頻率為1.25HzC.乙波更易發(fā)生衍射現(xiàn)象D.兩列波會(huì)同時(shí)傳到x=-0.5m處，且該質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向【答案】BC【解析】【分析】【詳解】AB．波在同種介質(zhì)中傳播速度相等，波的頻率所以解得，乙波的頻率為f乙=1.25Hz由于兩波頻率不同，不能發(fā)生干涉現(xiàn)象，A錯(cuò)誤，B正確；C．波長(zhǎng)越長(zhǎng)的波越易發(fā)生衍射，由A項(xiàng)可知乙的頻率小，故乙波的波長(zhǎng)，所以乙波更易發(fā)生衍射現(xiàn)象，C正確；D．兩列波的波速都為x=-0.5m處質(zhì)點(diǎn)距A點(diǎn)和B點(diǎn)距離相同，因此兩列波同時(shí)傳到該處，根據(jù)傳播方向和振動(dòng)方向的關(guān)系，兩列波在該點(diǎn)的振動(dòng)方向都沿y軸正方向，D錯(cuò)誤。故選BC。第Ⅱ卷非選擇題（共52分）二、填空題（本題共2小題，共16分）15.用如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置可驗(yàn)證a、b兩個(gè)半徑相等的小球在碰撞過(guò)程中的動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒，按照以下步驟進(jìn)行操作：在平木板表面釘上白紙和復(fù)寫(xiě)紙，并將該木板豎直立于緊靠槽口處，將小球a從斜槽軌道上固定點(diǎn)處由靜止釋放，撞到木板并在白紙上留下痕跡O；將木板水平向右移動(dòng)一定距離并固定，再將小球a從固定點(diǎn)處由靜止釋放，撞到木板上得到痕跡B；把小球b靜止放在斜槽軌道水平段的最右端，讓小球a仍從固定點(diǎn)處由靜止釋放，和小球b相碰后，兩球撞在木板上得到痕跡A和C．(1)若碰撞過(guò)程中沒(méi)有機(jī)械能損失，為了保證在碰撞過(guò)程中a球不反彈，a、b兩球的質(zhì)量、間的關(guān)系是________。（選填“”“”或“）(2)為完成本實(shí)驗(yàn)，必須測(cè)量的物理量有________。A小球a開(kāi)始釋放的高度hB木板水平向右移動(dòng)的距離lC．a(chǎn)球和b球的質(zhì)量、D點(diǎn)到A、B、C三點(diǎn)的距離、、(3)在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，若動(dòng)量守恒，其關(guān)系式應(yīng)為_(kāi)____________。(4)在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，若機(jī)械能守恒，其關(guān)系式應(yīng)為_(kāi)_________。【答案】①.②.③.④.【解析】【詳解】(1)在小球碰撞過(guò)程中水平方向動(dòng)量守恒，故有碰撞前后動(dòng)能相等，故有解得若要使a球的速度方向不變，則(2)[2]小球平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間則初速度由于水平位移都相同，計(jì)算碰撞前后的速度關(guān)系，只要求得下降的高度y的關(guān)系即可，因此驗(yàn)證動(dòng)量守恒，只要求出兩球的質(zhì)量m1，m2以及下降的高度y1，y2，y3即可，不必求出小球a開(kāi)始釋放的高度h

和木板水平向右移動(dòng)的距離l。故選CD。(3)[3]根據(jù)由于平拋運(yùn)動(dòng)的初速度與下降高度二次方根的倒數(shù)成正比，可得系統(tǒng)的動(dòng)量守恒。(4)[4]小球平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間則初速度由于整理得成立時(shí)機(jī)械能守恒16.做測(cè)定玻璃的折射率實(shí)驗(yàn)，所用器材有：玻璃磚，大頭針，刻度尺，圓規(guī)，筆，白紙。（1）下列哪些措施能夠提高實(shí)驗(yàn)準(zhǔn)確程度？___________A．選用兩光學(xué)表面間距較大的玻璃磚B．實(shí)驗(yàn)時(shí)入射角應(yīng)該盡量小一些C．選用粗的大頭針完成實(shí)驗(yàn)D．插在玻璃磚同側(cè)的兩枚大頭針間的距離應(yīng)大一些（2）實(shí)驗(yàn)中，甲、乙兩位同學(xué)在紙上畫(huà)出的界面與玻璃磚位置的關(guān)系分別如圖、所示，其中甲用的是矩形玻璃磚，乙同學(xué)用的是梯形玻璃磚，他們的其他操作均正確，且均以為界面畫(huà)光路圖。則：甲同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比___________選填“偏大”“偏小”或“不變”乙同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比___________選填“偏大”“偏小”或“不變”用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)。實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，已知雙縫與屏的距離，雙縫間距用測(cè)量頭來(lái)測(cè)量亮紋中心的距離。測(cè)量頭由分劃板、目鏡、手輪等構(gòu)成，轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，使分劃板左右移動(dòng)，讓分劃板的中心刻線對(duì)準(zhǔn)亮紋的中心如圖乙所示，記下此時(shí)手輪上的讀數(shù)，轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，使分劃板中心刻線對(duì)準(zhǔn)另一條亮紋的中心，記下此時(shí)手輪上的讀數(shù)。（4）分劃板的中心刻線分別對(duì)準(zhǔn)第條和第條亮紋的中心時(shí)，手輪上的讀數(shù)如圖丙所示，則對(duì)準(zhǔn)第條時(shí)讀數(shù)，對(duì)準(zhǔn)第條時(shí)讀數(shù)，已知已知單縫與雙縫的距離，雙縫與屏的距離，單縫寬，雙縫間距為求得所測(cè)紅光波長(zhǎng)為_(kāi)__________保留三位有效數(shù)字（5）在屏上觀察到了干涉條紋。如果將雙縫的間距變大，則屏上的干涉條紋的間距將變___________。選“大”或“小”【答案】①.AD##DA②.偏小③.不變④.⑤.小【解析】【詳解】（1）[1]A．選用兩光學(xué)表面間距較大的玻璃磚，從而使所作的折射光線較長(zhǎng)，有利于減小角度的測(cè)量誤差，故A符合題意；B．實(shí)驗(yàn)時(shí)入射角應(yīng)該盡量小一些，則折射角也會(huì)較小，不利于減小角度的測(cè)量誤差，故B不符合題意；C．選用粗的大頭針完成實(shí)驗(yàn)，不利于減小所作光線位置的誤差，故C不符合題意；D．插在玻璃磚同側(cè)的兩枚大頭針間的距離應(yīng)大一些，有利于減小所作光線位置的誤差，故D符合題意。故選AD。（2）[2]如圖所示，甲同學(xué)作出的折射光線為圖中虛線，實(shí)際折射光線為圖中實(shí)線，由此可知折射角的測(cè)量值大于真實(shí)值，根據(jù)折射定律可知折射率的測(cè)量值與真實(shí)值相比偏小。[3]雖然乙同學(xué)所用的是梯形玻璃磚，但在操作正確的情況下不影響入射角和折射角的測(cè)量，所以乙同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比不變。（3）[4]由題意可知相鄰干涉條紋間距為雙縫干涉相鄰條紋間距公式為聯(lián)立以上兩式并代入數(shù)據(jù)解得所測(cè)紅光波長(zhǎng)為[5]如果將雙縫的間距變大，即d2變大，則屏上的干涉條紋的間距將變小。三、計(jì)算題（本大題共3小題，共36分，解答過(guò)程請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明和必需的物理演算過(guò)程，只寫(xiě)出最終結(jié)果的不得分）17.冰壺是冬奧會(huì)熱