南漳一中高二物理月考試題（2022.3.14）一、選擇題（1-7單選，8-11多選，每題4分，總分44分。其中多選選不全得2分，有錯選得0分）1.如圖甲所示，彈簧振子以O點為平衡位置，在A、B兩點之間做簡諧運動。取向右為正方向，振動物體的位移x隨時間t的變化如圖乙所示，則由圖可知（）A.t=0.2s時，振動物體的加速度方向向右B.t=0.6s時，振動物體的速度方向向右C.在t=0.4s到t=0.8s時間內，振動物體的動能逐漸增大D.在t=0到t=2.4s時間內，振動物體通過的路程是80cm【1題答案】【答案】C【解析】【詳解】A．t=0.2s時，振子位置由O點向右運動到OB中的某點，振子受到的回復力向左，所以加速度向左，故A錯誤；

B．t=0.6s時，由圖象知其x-t斜率為負，故其速度方向與正方向相反，因此速度向左，故B錯誤；C．t=0.4s到t=0.8s的時間內，圖中斜率絕對值逐漸增大，因此可判斷振子運動的速度增大，所以振子的動能逐漸增大，故C正確；

D．圖中看出振子的周期為1.6s，t=0s到t=2.4s的時間內，振子振動了1.5個周期，振動物體通過的路程是故D錯誤。

故選C。2.如圖所示為電流天平，可用來測定磁感應強度，天平的右臂上掛有一匝數為N的矩形線圈，線圈下端在勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里，當線圈中通有電流I（方向如圖）時，發現天平的右端低左端高，下列哪些調節方案可以使天平水平平衡（）A.僅增大線框寬度lB.僅減小電流大小C.僅減輕左盤砝碼的質量D.僅增加線圈的匝數【2題答案】【答案】B【解析】【詳解】天平是等臂杠桿，當線圈中通有電流I時，根據左手定則，右端線圈受到的安培力豎直向下；天平的右端低左端高，說明安培力偏大，要使天平水平平衡，必須減小安培力，根據F=NBIL可知，即減小右端線框的匝數、電流、線框短邊的長度；或者增加左盤中砝碼的質量。故選B。3.如圖所示，將彈簧振子從平衡位置拉下一段距離，釋放后振子在AB間振動。設AB=20cm，振子由A到B時間為0.1s，則下列說法正確的是（）A.振子的振幅為20cm，周期為0.2sB.振子在A、B兩處受到的回復力分別為與C.振子在A、B兩處受到的回復力大小都是D.振子一次全振動通過的路程是20cm【3題答案】【答案】C【解析】【詳解】A．AB間距離為20cm，故振幅為10cm，選項A錯誤；BC．根據F=-kx可知在AB兩處回復力大小都k?x，B錯誤，C正確；D．振子完成一次全振動經過的路程為40cm，D錯誤。故選C。4.蹦床是一項運動員利用從蹦床反彈中表現雜技技巧的競技運動，一質量為50kg的運動員從離蹦床1.8m處自由下落，若從運動員接觸蹦床到運動員陷至最低點經歷了0.2s，（取g=10m/s2，不計空氣阻力）則這段時間內，下列說法錯誤的是（）A.運動員受到的合力沖量大小300N?s B.重力的沖量大小100N?sC.運動員動量變化量大小300N?s D.蹦床對運動員的沖量大小200N?s【4題答案】【答案】D【解析】【分析】由題意可知考查動量變化量、沖量大小的計算，根據沖量定義式及動量定理計算可得．【詳解】設動動員剛接觸蹦床時速度為v，由運動學公式，可求得從接觸蹦床到陷至最低點，取向下為正，由動量定理可理，運動員受到的合力沖量大小300N?s，故A不符合題意．根據沖量的定義式可重力的沖量大小，故B不符合題意；運動員動量變化量大小，故C不符合題意；設蹦床對運動員的沖量大小由動量定理可得代入數值可得，故D符合題意．【點睛】應用動量定理解題時要先選擇正方向，將矢量表達式變成標量表達式．5.如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數比為22:1，b是原線圈的中心抽頭，副線圈接理想電壓表和理想電流表。在原線圈c、d兩端加上的交變電壓，則（）

A.開關與a連接時，電壓表的示數為10VB.開關與a連接時，滑動變阻器觸頭P向上移動，電流表示數變小C.開關與b連接時，滑動變阻器觸頭P向下移動，電流表示數變小D.變阻器R不變，當單刀雙擲開關由a扳向b時，輸入功率不變【5題答案】【答案】B【解析】【詳解】A．開關與a連接時，電壓表的示數為A錯誤；B．開關與a連接時，滑動變阻器觸頭P向上移動，R增大，電流表示數變小，B正確；C．開關與b連接時，滑動變阻器觸頭P向下移動，R減小，電流表示數變大，C錯誤；D．變阻器R不變，當單刀雙擲開關由a扳向b時，n2增大，U2增大，輸出功率增大，輸入功率增大，D錯誤。故選B。6.如圖甲所示，t=0時，一小船停在海面上的P點，一塊浮木漂在縱坐標y=0.5m的R點，其后小船的振動圖像如圖乙所示，可知（）A.水波的振動向x軸負方向傳播B.水波波速為0.3m/sC.1.2s末，小船運動到Q點D.1.5s末，浮木向下運動【6題答案】【答案】D【解析】【詳解】A．由題圖乙可知，t=0時刻小船沿y軸正方向起振，則此時小船應位于波傳播方向波形的下坡上，所以水波的振動向x軸正方向傳播，故A錯誤；B．由題圖甲、乙可知波的波長和周期分別為λ=4m、T=1.2s，所以水波波速為故B錯誤；C．小船只會在平衡位置附近振動，不會沿波的傳播方向移動，故C錯誤；D．t=0時刻浮木正位于波傳播方向的上坡上，所以此時浮木沿y軸負方向運動，因為且t=0時刻浮木位于平衡位置上方，所以1.5s末，浮木向下運動，故D正確。故選D。7.如圖所示為質譜儀的原理示意圖，帶電粒子經加速電場加速，經速度選擇器沿直線運動剛好從P點垂直偏轉磁場邊界進入磁場，經磁場偏轉打在熒光屏A1A2上，若加速電壓減小為原來的0.9倍，通過調節速度選擇器兩板間的電壓，粒子仍能從P點射入偏轉磁場，則（）A.速度選擇器兩板間電壓減小為原來的0.9倍B.粒子在偏轉磁場中運動的時間減小為原來的0.9倍C.粒子在偏轉磁場中做圓周運動半徑減小為原來的0.9倍D.粒子打在熒光屏上的動能減小為原來的0.9倍【7題答案】【答案】D【解析】【詳解】A．粒子在加速電場中在速度選擇器中則若加速電壓U1減小為原來的0.9倍，則速度選擇器兩板間電壓U2減小為原來的倍，選項A錯誤；B．粒子在偏轉磁場中運動半個周期，而周期與粒子速度無關，則若加速電壓U1減小為原來的0.9倍，則粒子在偏轉磁場中運動的時間不變，選項B錯誤；C．由可知若加速電壓U1減小為原來的0.9倍，粒子在偏轉磁場中做圓周運動半徑減小為原來的倍，選項C錯誤；D．由可知，若加速電壓U1減小為原來的0.9倍，則粒子打在熒光屏上的動能減小為原來的0.9倍，選項D正確。故選D。8.下列說法正確是（）A.在干涉現象中，振動加強點的位移總比振動減弱點的位移要大B.單擺在周期性外力作用下做受迫振動，其振動周期與擺長無關C.火車鳴笛向我們駛來時，我們聽到的笛聲頻率比聲源發出的頻率高D.當水波通過障礙物時，若障礙物的尺寸與波長差不多，或比波長大得多時，將發生明顯的衍射現象【8題答案】【答案】BC【解析】【詳解】A．干涉現象中，振動加強點振幅最大，但位移在變化，所以振動加強點的位移不是總比振動減弱點的位移大，故A錯誤；B．單擺在周期性外力作用下做受迫振動，振動周期由驅動力周期決定，與擺長無關，故B正確；C．根據多普勒效應可知，火車鳴笛向我們駛來時，我們聽到的笛聲頻率比聲源發出的頻率高，故C正確；D．當水波通過障礙物時，若障礙物的尺寸與波長差不多，或比波長小時，將發生明顯的衍射現象，故D錯誤。故選BC。9.如圖所示，小車AB放在光滑水平面上，A端固定一個輕彈簧，B端粘有油泥，AB總質量為M，質量為m的木塊C放在小車上，用細繩連接于小車的A端并使彈簧壓縮，開始時AB和C都靜止，當突然燒斷細繩時，C被釋放，使C離開彈簧向B端沖去，并與B端油泥粘在一起，忽略一切摩擦，以下說法正確的是A.彈簧伸長過程中C向右運動，同時AB也向右運動B.C與B碰前，C與AB的速率之比為M:mC.C與油泥粘在一起后，AB立即停止運動D.C與油泥粘在一起后，AB繼續向右運動【9題答案】【答案】BC【解析】【詳解】A.小車AB與木塊C組成的系統動量守恒，系統在初狀態動量為零，則在整個過程中任何時刻系統總動量都為零，由動量守恒定律可知，彈簧伸長過程中C向右運動，同時AB與向左運動．故A錯誤；B.以向右為正方向，由動量守恒定律得：，解得：故B正確；CD.系統動量守恒，系統總動量守恒，系統總動量為零，C與油泥沾在一起后，AB立即停止運動．故C正確，D錯誤．故選BC.10.如圖甲所示，abcd是匝數為100匝、邊長為0.1m、總電阻為0.1Ω的正方形閉合導線圈，放在與導線圈平面垂直的圖示勻強磁場中。磁感應強度B隨時間t的變化關系如圖乙所示。則以下說法正確的是（）

A.導線圈中產生的是交變電流B.在t=2s時導線圈產生的感應電動勢為1VC.在0~2s內通過導線橫截面的電荷量為10CD.在0~2s內，導線圈內產生的焦耳熱為20J【10題答案】【答案】ABD【解析】【分析】【詳解】A．在0～2s內，磁感應強度變化率為＝1T/s根據法拉第電磁感應定律，產生的感應電動勢為E1＝nS＝100×0.12×1V＝1V在2～3s內，磁感應強度變化率為＝2T/s根據法拉第電磁感應定律，產生的感應電動勢為E2＝nS＝100×0.12×2V＝2V兩段時間間隔內電流反向，則導線圈中產生的感應電流為方波交變電流，選項A正確；B．在t＝2s時，產生的感應電動勢為E1＝1V，選項B正確；C．在0～2s內，感應電流I＝＝10A通過導體橫截面的電荷量為q＝IΔt＝20C選項C錯誤；D．在0~2s內，導線圈內產生的焦耳熱為選項D正確．故選ABD。11.一列向右傳播的簡諧橫波，當波傳到處的P點時開始計時，該時刻波形如圖所示，時，觀察到質點P第三次到達波峰位置，下列說法正確的是A.波速為B.經1.4s質點P運動的路程為70cmC.時，處的質點Q第三次到達波谷D.與該波發生干涉的另一列簡諧橫波的頻率一定為2.5HZ【11題答案】【答案】BCD【解析】【詳解】首先從圖中我們可以得出這列波的波長為2m.同時每一個質點開始振動的方向是+y方向．從0時刻開始到0.9s，P點恰好第三次到達波峰，表示經過了9/4個周期，得出周期T=0.4s,所以波速v=λ/T=5m/s，故A錯誤，經過1.4s則P點恰好完成3個完整周期加1/2周期，所以路程為70cm，故B正確，經過0.5s波傳到Q點，剩下的1.1sQ點恰好完成2個完整周期加3/4周期，處于波谷，所以故C正確，本列波的頻率為2.5Hz，頻率相等是發生干涉的條件，故D對；綜上所述本題答案是：BCD二、實驗題（本大題共2小題，每空2分，共16分）12.在圖甲中，不通電時電流計指針停在正中央，當閉合開關時，觀察到電流計指針向左偏．現在按圖乙連接方式將電流計與螺線管B連成一個閉合回路，將螺線管A與電池、滑動變阻器和開關S串聯成另一個閉合回路：（1）將開關S閉合后，將螺線管A插入螺線管B的過程中，螺線管B的_______端（填“上”或“下”）為感應電動勢的正極；（2）螺線管A放在B中不動，開關S突然斷開的瞬間，電流計的指針將________（填“向左”“向右”或“不發生”）偏轉；（3）螺線管A放在B中不動，滑動變阻器的滑片向左滑動，電流計的指針將______（填“向左”“向右”或“不發生”）偏轉；【12題答案】【答案】①.（1）下②.（2）向右③.（3）向左【解析】【詳解】題圖甲中,當閉合S時,電流從“+”接線柱流入電流表,電流表的指針向左偏,說明電流從哪邊流入電流表,電流表的指針就向哪邊偏．(1)螺線管A中的磁場方向向下,當螺線管A插入螺線管B的過程中,穿過螺線管B的磁通量增加.根據楞次定律可知,螺線管B中感應電流產生的磁場方向向上,根據安培定則可知螺線管B中的感應電流方向為自上向下,所以螺線管B的下端為感應電動勢的正極．(2)螺線管A放在螺線管B中不動時,開關S突然斷開的瞬間，穿過螺線管B的磁通量減小，根據楞次定律，螺旋管B中感應出自下向上的電流，即電流從“-”接線柱流入電流表,此時電流表的指針向右偏,(3)螺線管A放在螺線管B中不動,將滑動變阻器的滑片P向左滑動時,電路中的電流增大,穿過螺線管B的磁通量增加.根據楞次定律可知,螺線管B中感應電流產生的磁場方向向上,根據安培定則可知螺線管B中的電流方向為自上向下,即電流從左端流入電流表,故電流表的指針向左偏轉．13.在“利用單擺測重力加速度”的實驗中：（1）組裝單擺時，應在下列器材中選用___________；A．長度為1m左右的細線B．長度為30cm左右的細線C．直徑為1.8cm的塑料球D．直徑為1.8cm的鐵球（2）用游標卡尺測量某小球直徑，讀數如圖所示，讀數為___________mm；（3）正確操作測出單擺完成n次全振動的時間為t，用毫米刻度尺測得擺線長為L，游標卡尺測得擺球直徑為d。用上述測得量寫出測量重力加速度的表達式：g=___________；（4）某同學測得的g值比當地的重力加速度偏小，可能原因是___________。A．計算時將L當成擺長B．測擺線長時擺線拉得過緊C．開始計時時，秒表按下過晚D．實驗中誤將30次全振動計為29次（5）將擺球帶上正電，然后將單擺放入豎直向上的電場中，在預測單擺振動周期時，學生甲說：“因為擺球受到的電場力與擺球重力方向相反，它對擺球的作用相當于重力加速度變小，因此振動周期變大”。學生乙說：“電場力對擺球的影響相當于用一個質量小一些的擺球做實驗，由于單擺振動周期與質量無關，因此單擺的振動周期不變”，這兩個同學的觀點中___________是正確的。【13題答案】【答案】①.AD②.9.7③.④.AD⑤.甲【解析】【詳解】（1）[1]為了便于測量周期，應該使擺長適當長些，為了減小空氣阻力的影響，應該選擇密度大的鐵球，故AD正確；（2）[2]游標卡尺的讀數（3）[3]根據單擺周期單擺擺長單擺周期公式聯立得（4）[4]A．計算時將L當成擺長，擺長偏小，導致g偏小，故A正確；B．測擺線長時擺線拉得過緊，擺長偏大，導致g偏大，故B錯誤；C．開始計時時，秒表按下過晚，時間偏小，導致g偏大，故C錯誤；D．實驗中誤將30次全振動計為29次，周期偏大，導致g偏小，故D正確；（5）[5]單擺周期與質量無關，但和小球受到的重力有關，乙同學將質量和重力混淆，故甲同學正確。三、計算題（本大題共3小題，共40分）14.如圖所示，導線全部為裸導線，半徑為r的圓內有垂直于圓平面的勻強磁場，磁感應強度為B，一根長度大于2r的導線MN以速率v在圓環上無摩擦地自左端勻速滑到右端，回路的定值電阻為R，其余電阻不計。試求導線MN從圓環左端滑到右端的過程中：(1)電阻R上電流的最大值；(2)若導線MN靜止在圓環的左端，且圓環內磁場的磁感應強度B隨時間均勻變化，使通過電阻的電流與(1)中相同，求此過程中是多少？

【14題答案】【答案】(1)；(2)【解析】【詳解】(1)導體棒切割有效長度最大為，對應的電動勢最大，由法拉第電磁感應定律可得由閉合電路歐姆定律可得(2)圓環內磁場的磁感應強度B隨時間均勻變化，由法拉第電磁感應定律可得兩次電動勢相等，則有解得15.如圖所示，ABD為豎直平面內的軌道，其中AB段水平粗糙，BD段為半徑R=0.08m的半圓光滑軌道，兩段軌道相切于B點