2025屆高三一模物理注意事項：1．答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2．請將答案正確填寫在答題卡上一、單選題（共28分）1.關于物理學研究方法和物理學史，下列敘述正確的是（）A.伽利略通過理想斜面實驗得出：力是產生加速度的原因B.牛頓發現了萬有引力定律，并通過扭秤實驗測出了引力常量的數值C.將帶電體看成點電荷和將物體看成質點，都運用了等效替代法D.在“探究加速度與力、質量的關系”和“探究向心力大小與半徑、角速度、質量的關系”實驗時都采用了控制變量法【答案】D【解析】【詳解】A．伽利略的理想斜面實驗得出的是物體的運動不需要力來維持，故A錯誤；B．牛頓發現了萬有引力定律，卡文迪什通過扭秤實驗測出了引力常量的數值，故B錯誤；C．點電荷和質點運用的是理想模型法，故C錯誤；D．在“探究加速度與力、質量的關系”和“探究向心力大小與半徑、角速度、質量的關系”實驗時都采用了控制變量法，故D正確。故選D。2.質量為m的汽車在平直公路上以速度v0勻速行駛，發動機功率為P。t1時刻，司機減小了油門，使汽車的功率立即減小一半，并保持該功率繼續行駛；到t2時刻，汽車又開始勻速直線運動，假設整個過程中汽車所受的阻力不變，下列選項中正確的是（）A.減小油門后汽車做勻減速直線運動B.該過程中汽車所受的阻力大小為C.t2時刻汽車的速度是D.汽車在t1到t2這段時間內的位移大小為【答案】C【解析】【詳解】AB．根據減小油門后，汽車做加速度減小的減速直線運動，勻速時，有故AB錯誤；CD．t2時刻再次勻速，根據解得在t1到t2這段時間內由動能定理解得故C正確，D錯誤。故選C。3.與地球公轉軌道“外切”的小行星甲和“內切”的小行星乙的公轉軌道如圖所示，假設這些小行星與地球的公轉軌道都在同一平面內，已知地球的公轉半徑為，公轉周期為，小行星甲的遠日點到太陽的距離為，小行星乙的近日點到太陽的距離為，引力常量為，下列說法正確的是（）A.小行星甲與太陽的連線和小行星乙與太陽的連線在相同時間內掃過的面積相等B.小行星乙在遠日點的加速度大小等于地球公轉的加速度大小C.小行星甲的公轉周期為D.太陽的密度為【答案】B【解析】【詳解】A．根據開普勒第二定律可知，同一行星與太陽的連線在相同時間內掃過的面積相等，但小行星甲與小行星乙在不同軌道上，所以小行星甲與太陽的連線和小行星乙與太陽的連線在相同時間內掃過的面積不相等，故A錯誤；B．根據牛頓第二定律可得可得由于小行星乙在遠日點離太陽距離等于地球離太陽距離，則小行星乙在遠日點的加速度大小等于地球公轉的加速度大小，故B正確；C．根據開普勒第三定律可得解得小行星甲的公轉周期為故C錯誤；D．設太陽質量為，太陽半徑為，太陽的密度為，則有地球繞太陽轉動，由萬有引力提供向心力可得聯立可得太陽的密度為故D錯誤。故選B。4.無線藍牙耳機可以在一定距離內與手機等設備實現無線連接。已知無線連接的最遠距離為10m，甲和乙兩位同學做了一個有趣實驗。甲佩戴無線藍牙耳機，乙攜帶手機檢測，甲、乙開始位置齊平如圖（a）所示，甲、乙同時分別沿兩條平行相距8m的直線軌道向同一方向運動，甲做勻速直線運動，乙從靜止開始先做勻加速直線運動，再做勻速直線運動，其速度v隨時間t的關系如圖（b）所示，則在運動過程中，手機檢測到藍牙耳機能被連接的總時間為（）A.4s B.5s C.8s D.13s【答案】C【解析】【詳解】已知無線連接的最遠距離為10m，直線軌道相距8m，手機檢測到藍牙耳機時，甲、乙間位移之差最大值為當時，根據圖像與時間軸所圍的面積表示位移，可知甲、乙的位移之差設4s之前手機與藍牙耳機能被連接的時間為，從到，有即解得或（舍去）可知在內手機與藍牙耳機一直處于連接狀態；根據對稱性可知，在內手機與藍牙耳機處于斷開狀態，在時手機與藍牙耳機又開始處于連接狀態，由圖像中可知此時乙開始做勻速運動，設從6s之后手機與藍牙耳機能被連接的時間為，則有即解得則在運動過程中，手機檢測到藍牙耳機能被連接的總時間為故選C5.2024年是量子力學誕生一百周年，量子力學已經對多個領域產生了深遠的影響，包括物理學、化學、計算機科學、通信技術和生物學，量子力學已成為現代科學的重要基石之一。下列關于量子力學創立初期的奠基性事件中說法正確的是（）A.黑體輻射電磁波的強度的極大值隨著溫度的升高向波長長的方向移動B.發生光電效應時，逸出光電子最大初動能與入射光的頻率成正比C.根據玻爾原子理論，氫原子由低能級向高能級躍遷時，只能發出特定頻率的光D.康普頓效應證實了光子具有動量，頻率越大動量越大【答案】D【解析】【詳解】A．黑體輻射電磁波的強度的極大值隨著溫度的升高向波長短的方向移動，A錯誤；B．根據光電效應方程可知發生光電效應時，溢出光電子的最大初動能與入射光的頻率成一次函數關系，不是正比關系，B錯誤；C．根據玻爾原子理論，氫原子由低能級向高能級躍遷時，只能吸收特定頻率的光，C錯誤；D．康普頓效應證實了光子具有動量，根據可知頻率越大，動量越大，D正確。故選D。6.如圖所示，電動公交車做勻減速直線運動進站，進站前連續經過R、S、T三點，已知ST間的距離等于RS間距離，RS段的平均速度是12m/s，ST段的平均速度是6m/s，則公交車經過S點時的瞬時速度為（）A.11m/s B.10m/s C.9m/s D.8m/s【答案】B【解析】【詳解】由題知，電動公交車做勻減速直線運動，兩段距離相等，平均速度是2倍的關系，設所用時間分別為t、2t，平均速度等于中間時刻瞬時速度，速度從12m/s減到6m/s所用時間為1.5t，因此在0.5t時間內速度減小2m/s，公交車經過S點時的瞬時速度為故選B。7.下列說法正確的是（）A.圖甲為康普頓效應的示意圖，入射光子與靜止的電子發生碰撞，碰后散射光的波長變長B.在兩種固體薄片上涂上蠟，用燒熱的針接觸固體背面上一點，蠟熔化的范圍如圖乙所示，則a一定是非晶體，b一定是晶體C.圖丙中隨著溫度的升高，黑體輻射強度的極大值向頻率較低的方向移動D.圖丁光電效應實驗中滑動變阻器的觸頭向右移動，電流表的示數一定增大【答案】A【解析】【詳解】A．圖甲為康普頓效應的示意圖，入射光子與靜止的電子發生碰撞，碰后，入射光的動量減小，根據可知，碰后散射光的波長變長，故A正確；B．在兩種固體薄片上涂上蠟，用燒熱的針接觸固體背面上一點，蠟熔化的范圍如圖乙所示，則a表現出各向同性，a可能是多晶體，也可能是非晶體，b表現出各向異性，b一定是單晶體，故B錯誤；C．根據黑體輻射的規律，圖丙中隨著溫度的升高，黑體輻射強度的極大值向頻率較高的方向移動，故C錯誤；D．圖丁中光電效應實驗中電源所加電壓為加速電壓，逸出的光電子加速到達A極，當滑動變阻器的觸頭向右移動時，加速電壓增大，若電流沒有達到飽和電流，電流表的示數先增大，達到飽和電流后，電流表的示數不變，故D錯誤。故選A。二、多選題（共15分）8.如圖所示的電路中，各電表為理想電表，為定值電阻，電源內阻為r且，在滑動變阻器的滑片從某位置向左移動一小段距離的過程中，設電壓表V1、電壓表V2、電流表A的示數分別是，電壓表V1、電壓表V2、電流表A示數的變化量的絕對值分別為，、，則下列說法正確的是（）A.電流表示數增大，電壓表V1示數增大B.與I的比值不變C.與的比值小于與的比值D.電源的輸出功率可能減小【答案】AB【解析】【詳解】A．由圖可知R1與R2串聯，V1測R1兩端的電壓，V2測R2兩端的電壓，若滑片向左端移動，則滑動變阻器接入電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流I增大，即電流表示數增大，R1兩端的電壓U1增大，即電壓表示數V1增大，故A正確；B．根據歐姆定律有可知U1與I的比值不變，故B正確；C．由閉合回路歐姆定律有由于增大，則減小，由于增大，可知減小，且V1示數改變量的絕對值小于V2示數改變量的絕對值，所以與的比值大于與的比值，故C錯誤；D．根據電功率公式得當時，最大，由于，所以的滑片從某位置向左移動一小段距離的過程中電源的輸出功率增大，故D錯誤。故選AB。9.如圖甲所示，質量為2m的足夠長木板C置于水平面上，滑塊A、B質量均為m，置于C上，B位于A右方某處。A、C間的動摩擦因數，B、C間和C與地面間的動摩擦因數。給C施加一水平向右的恒力F，從開始施加恒力到A、B第一次相遇時間為t。可得與F的關系如圖乙所示（最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取），下列說法正確的是（）A.滑塊A能獲得的最大加速度為B.A、B之間的初始距離為4mC.滑塊A的質量為1kgD.若，A、C之間將發生相對滑動【答案】AC【解析】【詳解】A．對滑塊A有解得故A正確；B．對滑塊B有解得由圖可知F足夠大時，A、B均相對C滑動，相遇時間恒定為由解得故B錯誤；C．當，滑塊B與C恰好發生相對滑動，則有得故C正確；D．設A、B、C均產生相對運動時拉力為，則有得故時，A、C均保持靜止；故D錯誤。故選AC。10.將壓癟的乒乓球（未漏氣）浸泡在熱水中，一段時間后乒乓球便恢復原狀，乒乓球內部氣體（視為理想氣體）經歷了由A→B→C的變化過程，V—T圖像如圖所示，T為熱力學溫度，已知理想氣體的內能與熱力學溫度成正比，則下列結論正確的是（）A.狀態A、B的壓強大小相等B.從狀態B到狀態C，氣體內能不變C.A→B→C過程，球內氣體對外所做的功小于氣體從外界吸收的熱量D.在狀態A與狀態C時乒乓球內氣體壓強之比為1：2【答案】CD【解析】【詳解】A．在圖像中，過原點的傾斜的直線為等壓變化，由題圖可知，狀態A、B兩點不在過原點的同一直線上，因此狀態A、B的壓強大小不相等，A錯誤；B．從狀態B到狀態C，氣體的溫度升高，則氣體內能增大，B錯誤；C．A→B→C過程，球內氣體的體積增大，球內氣體對外做功，即，氣體的溫度升高，球內氣體的內能增大，即，由熱力學第一定律可知，，即球內氣體從外界吸收熱量，可知球內氣體對外所做的功小于氣體從外界吸收的熱量，C正確；D．氣體在狀態A到狀態C時，由理想氣體狀態方程可得解得即在狀態A與狀態C時乒乓球內氣體壓強之比為1：2，D正確。故選CD。三、實驗題（共20分）11.現有某型號電池，小張同學想用學過的物理知識來測量其電動勢和內電阻，實驗室提供的器材有：①電壓表（0~3V，內阻為）；②電流表（，內阻很小）；③滑動變阻器；④定值電阻；⑤定值電阻；⑥開關，導線若干。（1）小張同學設計了如圖甲所示電路圖，需將電壓表量程擴大為，則定值電阻應選_____。（填所給器材前面的序號）（2）請你在圖乙中用筆畫線代替導線連接好測量電路的剩余部分____。（3）通過調節滑動變阻器，得到多組電壓表的讀數和電流表的讀數，作出如圖丙的圖像。請根據圖丙求出電源的電動勢等于_____，電源內阻等于_____。（兩空均保留三位有效數字）（4）若考慮電流表內阻，則電源內阻測量值_____（選填“大于”“小于”或“等于”）真實值。【答案】（1）⑤（2）見解析（3）①.5.90（5.88~5.92）②.2.29（2.25~2.33）（4）大于【解析】【小問1詳解】由題有所以【小問2詳解】【小問3詳解】由可知由圖可求所以斜率所以【小問4詳解】考慮電流表有內阻，測量值大于真實值12.為研究某金屬導線材料的電阻率，實驗器材如下：待測金屬導線一根；電壓表（量程0~3V，內阻約為）；電流表（量程0~0.6A，內阻約為）；滑動變阻器（阻值范圍，允許通過的最大電流為0.1A）；滑動變阻器（阻值范圍，允許通過的最大電流為1A）；兩節干電池，開關，導線若干，螺旋測微器，刻度尺。（1）如圖甲，用螺旋測微器測金屬導線的直徑d時，如圖乙所示，則___________mm。（2）用如圖丙所示電路進行實驗，圖丁為實物圖，調節金屬導線上可動接線柱Q的位置（金屬導線的總阻值約），可以改變導線接入電路的長度，可動接線柱Q有一定的電阻，但阻值未知。滑動變阻器應該選___________（選填“”或“”），將實物圖連線連接完整。________（3）多次改變導線接入電路的長度L，測量不同長度時的電阻，作圖像如圖戊所示，測得圖像中直線的斜率為k，縱坐標截距為b，則該金屬材料的電阻率為___________，可動接線柱Q處的電阻為___________（用k、b和d表示）。【答案】（1）1200（2）①.②.見解析（3）①.②.b【解析】【小問1詳解】用此螺旋測微器測得該金屬導線的直徑d，如圖乙所示，則【小問2詳解】[1]由實驗原理圖可知，滑動變阻器采用分壓式接法，為了便于調節，應該選最大阻值較小的；[2]滑動變阻器采用分壓式接法，還需從電池負極接線柱引線連接到圖中滑動變阻器的左下接線柱,如圖所示：小問3詳解】[1][2]依題意，可得整理，可得結合圖戊可知四、解答題（共37分）13.如圖所示，足夠長的傾角θ=37°的光滑斜面體固定在水平地面上，一根輕繩跨過定滑輪，一端與質量為mA=2kg的物塊A連接，另一端與質量為mB=3kg的物塊B連接，繩與斜面保持平行。開始時，用手按住A，使B懸于空中，此時B下端離地的高度為7.2m，（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）將手松開到B落地之前，繩的拉力大小；（2）A沿斜面上升的最大距離。【答案】（1）19.2N（2）11.52m【解析】【小問1詳解】將AB及繩子整體受力分析，由牛頓第二定律得代入數據解得單獨對B受力分析，由牛頓第二定律得聯立解得【小問2詳解】設B從開始運動到落在地所用時間為t，根據勻變速直線運動規律可得解得B落地時A的速度設B落地后A的加速度為aA，由牛頓第二定律得解得設在B落地后A上升的距離為x，由運動學公式得解得故A沿斜面上升的最大距離14.在導熱良好的矩形氣缸內用厚度不計的活塞封閉有理想氣體，當把氣缸倒置懸掛在空中，穩定時活塞剛好位于氣缸口處，如圖甲所示；當把氣缸開口朝上放置于水平地面上，活塞穩定時如圖乙所示。已知活塞質量為m，橫截面積為S，大氣壓強，環境溫度為T0，氣缸的深度為h，重力加速為g，不計活塞與氣缸壁間的摩擦。（1）求圖乙中活塞離氣缸底部的高度h1；（2）活塞達到圖乙狀態時將環境溫度緩慢升高，直到活塞再次位于氣缸口，已知封閉氣體的內能隨熱力學溫度變化的關系為U=kT，k為常數，大氣壓強保持不變，求在該過