吉林省梅河口市2025年開學模擬檢測卷物理一、單項選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題列出的四個選項中，只有一項符合題目要求）1．科學家發現一種只由四個中子構成的粒子，這種粒子稱為“四中子”，用表示。“四中子”是通過向液態氫靶上發射原子核而產生的，與H碰撞可將一個核分裂成一個粒子和一個“四中子”。由于核由四個核子組成，與“四中子”體系很相近，所以早在上個世紀50年代就有人根據核的結合能，估算“四中子”的結合能最大約為，其后有很多實驗對四中子體系進行探測，但多數結論是否定的。2022年，由數十個國家的科學家組成的團隊發現了“四中子態”存在的明確證據。下列有關“四中子”粒子的說法正確的是（）A．可以通過電磁場使形成高速粒子束B．產生“四中子”的核反應為C．從核子間相互作用來看，“四中子”與核的區別在于是否存在電磁力D．按上世紀50年代的估算，4個中子結合成“四中子”至多需要吸收的能量【答案】C【解析】A．由于中子不帶電，所以四中子也是不帶電，即無法通過電磁場使形成高速粒子束，故A項錯誤；B．由電荷數守恒和質子數守恒，其核反應方程應該為故B項錯誤；C．“四中子”的核子由于是中子構成的，其不帶電，核子間的作用力沒有電磁力，而核中有帶正電的質子，所以其核子間的作用力有電磁力。所以從核子間相互作用來看，“四中子”與核的區別在于是否存在電磁力，故C項正確；D．由題意可知，其結合能約為14MeV，所以四個中子結合成“四中子”需要放出約14MeV的能量，故D項錯誤。故選C。2．如圖所示，質量均為m的n（）個相同勻質圓柱體依次放置在傾角為30°的光滑斜面上，斜面底端有一豎直光滑擋板擋住使圓柱體均處于靜止狀態，重力加速度為g。則下列說法中正確的是（）A．從圓柱體1到圓柱體n對斜面的壓力依次減小B．圓柱體2對圓柱體1的壓力大小為C．圓柱體1對斜面的壓力大小為D．若將擋板繞下端點緩慢逆時針轉動60°，則轉動過程中擋板受到的壓力逐漸增大【答案】C【解析】A．除圓柱體1之外，其它所有圓柱體對斜面的壓力大小都等于自身重力垂直斜面方向的分力的大小，即都等于，而圓柱體1因為還受到水平向右的擋板對其的彈力，因此圓柱體1對斜面的壓力大小應等于自身重力垂直斜面方向的分力大小與擋板對圓柱體1的彈力在垂直斜面方向的分力的大小之和，故A錯誤；B．圓柱體2對圓柱體1的壓力大小等于個圓柱體的重力在沿著斜面向下的分力的大小，即故B錯誤；C．對圓柱體1受力分析如圖所示根據平衡條件有聯立解得根據牛頓第三定律可知，圓柱體1對斜面的壓力大小為故C正確；D．對整體受力分析，做出力的矢量三角形如圖所示可知，隨著擋板繞下端點緩慢逆時針轉動時，擋板對整體的彈力沿著斜面向上，垂直于支持力，隨著擋板繞下端點緩慢逆時針轉動到60°時，轉動過程中擋板對整體的支持力將先減小后增大，則根據牛頓第三定律可知，擋板受到的壓力將先減小后增大，故D錯誤。故選C。3．2024年春晚雜技節目《躍龍門》帶給觀眾震撼的視覺盛宴，教練在訓練時將壓力傳感器安裝在蹦床上，記錄演員對蹦床的壓力。如圖是某次彩排中質量為的演員在豎直方向運動時計算機輸出的壓力—時間（F—t）圖像片段，運動員可視為質點。不計空氣阻力，重力加速度，下列說法正確的是（）A．演員在a到b過程處于超重狀態B．演員在b時刻速度最大，速度大小為C．從a時刻到b時刻，蹦床對演員做的功大于D．從a時刻到b時刻，蹦床給演員的沖量大小為【答案】C【解析】A．演員在a到b過程，壓力由最大值減小為0，根據牛頓第三定律可知，演員所受支持力由最大值減小為0，根據牛頓第二定律可知，加速度方向先向上后向下，加速度大小先減小后增大，則演員在a到b過程先處于超重狀態，后處于失重狀態，故A錯誤；B．結合上述可知，演員在a到b過程，先向上做加速度減小的變加速直線運動，后向上做加速度減小的變減速直線運動，當加速度為0時，速度達到最大值，即a到b之間的某一時刻，演員的速度最大，故B錯誤；C．根據圖像可知，演員脫離蹦床在空中運動的時間為2.8s-1.2s=1.6s根據豎直上拋運動的對稱性可知，演員脫離蹦床向上運動的時間為0.8s，利用逆向思維，根據速度公式有從a時刻到b時刻，結合上述可知，合外力對演員做的功為根據圖像可知，從a時刻到b時刻，蹦床的彈性勢能轉化為演員增加的重力勢能與動能，可知，從a時刻到b時刻，蹦床對演員做的功大于，故C正確；D．從a時刻到b時刻，根據動量定理有解得解得故D錯誤。故選C。4．一兒童在樓梯臺階上玩擲彈力球游戲，彈力球質量為m，小球從高處落到低處，其空中運動軌跡如圖所示，已知臺階的高和寬均為L，不計空氣阻力和碰撞時間，重力加速度為g，以下說法正確的是（

）

A．彈力球每次彈起在空中運動時間為B．彈力球每次彈起時速度大小為C．彈力球每次碰撞動量的變化量大小為D．彈力球每次碰撞損失的能量為【答案】C【解析】A．彈力球做斜拋運動，每次上升的最大高度為，根據可得上升的時間下落高度為，同理可知下落的時間彈力球每次彈起在空中運動時間為A錯誤；B．彈力球水平方向勻速運動，水平速度每次彈起時豎直分速度彈力球每次彈起時速度大小B錯誤；C．每次落地時的豎直分速度由于只有豎直方向速度發生變化，彈力球每次碰撞動量的變化量大小為C正確；D．彈力球每次碰撞損失的能量D錯誤。故選C。5．華為mate60手機實現了衛星通信，只要有衛星信號覆蓋的地方，就可以實現通信。如圖所示，三顆赤道上空的通信衛星恰好能實現環赤道全球通信，已知三顆衛星離地高度相同，地球的半徑為R，地球表面重力加速度為g，忽略地球自轉影響，下列說法正確的是（）A．三顆通信衛星受到地球的萬有引力的大小一定相等B．為了提高通訊質量，該衛星可以是近地衛星C．在南極極點處的科考隊可以利用這三顆衛星全球通信D．該衛星運行的線速度大小為【答案】D【解析】A．通信衛星受到的萬有引力大小為由于不知道三顆通信衛星的質量大小關系，所以三顆通信衛星受到地球的萬有引力大小不一定相等，故A錯誤；B．三顆通信衛星若要全面覆蓋，則其如圖所示由幾何關系可知其中OA為地球半徑R，由幾何關系有解得通信衛星高度至少為R，故該衛星不可以是近地衛星，故B錯誤；C．三顆赤道上空的通信衛星恰好能實現環赤道全球通信，在南極極點處的科考隊不可以利用這三顆衛星全球通信，故C錯誤；D．根據萬有引力與重力的關系根據萬有引力提供向心力解得該衛星運行的線速度大小為故D正確。故選D。6．如圖甲，一帶電粒子沿平行板電容器中線MN以速度v平行于極板進入（記為時刻），同時在兩板上加一按圖乙變化的電壓。已知粒子比荷為k，帶電粒子只受靜電力的作用且不與極板發生碰撞，經過一段時間，粒子以平行極板方向的速度射出。則下列說法中正確的是（）A．粒子射出時間可能為 B．粒子射出的速度大小為C．極板長度滿足 D．極板間最小距離為【答案】D【解析】AB．粒子進入電容器后，在平行于極板方向做勻速直線運動，垂直極板方向的運動圖像如圖所示因為粒子平行極板射出，可知粒子垂直板的分速度為0，所以射出時刻可能為、、……，滿足（，2，3……）粒子射出的速度大小必定為v，故AB錯誤；C．極板長度（，2，3……）故C錯誤；D．因為粒子不跟極板碰撞，則應滿足聯立求得故D正確。故選D。7．如圖所示，在坐標系O－xyz中存在磁感應強度大小為、方向豎直向下（z軸負方向）的勻強磁場，在（0，0，h）處固定一電荷量為的點電荷，在xOy平面內有一質量為m、電荷量為的微粒繞原點O沿圖示方向以角速度做勻速圓周運動。若微粒的圓周運動可以等效為大小為的環形電流，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A． B．C． D．【答案】B【解析】AC．該微粒受到重力、洛倫茲力、庫侖力三個力的作用，方向如下圖所示庫侖力大小為洛倫茲力大小為由幾何關系可得，微粒沿在z軸方向上受力平衡，即微粒在平面內做圓周運動，根據牛頓第二定律得又聯立，解得解得，（舍去）故AC錯誤；BD．微粒圓周運動的周期為等效電流強度為故B正確；D錯誤。故選B。二、多項選擇題（本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題列出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）8．如圖（a），在均勻介質中有A、B、C和D四點，其中A、B、C三點位于同一直線上，，，垂直于。時，位于A、B、C處的三個完全相同的橫波波源同時開始振動，振動圖像均如圖（b）所示，振動方向與平面垂直，已知波長為4m。下列說法正確的是（）A．這三列波的波速均為2B．時，D處的質點開始振動C．時，D處的質點向y軸負方向運動D．時，D處的質點與平衡位置的距離是2E．時，D處的質點與平衡位置的距離是2【答案】BCD【解析】A．波速由介質決定，由圖（b）的振動圖像可知，振動的周期為4s，故三列波的波速均為故A錯誤；B．由圖（a）可知，D處距離波源最近的距離為3m，故開始振動的時間為波源C處的橫波傳播到D處所需的時間，則故B正確；C．由幾何關系可知波源A、B產生的橫波傳播到D處所需的時間為故時，波源A、B產生的橫波剛傳播到D處，波源C處的橫波傳播已到D處，D處的質點振動時間為即C處質點的振動形式經過2s傳播到D點，由振動圖像可知此時D處的質點向y軸負方向運動，故C正確；D．時，波源C處的橫波傳播到D處后振動時間為由振動圖像可知，此時波源C的振動形式波谷傳播到D處；時，波源A、B處的橫波傳播到D處后振動時間為由振動圖像可知此時波源A、B的振動形式波峰傳播到處D處。根據波的疊加原理可知此時D處質點的位移為故時，D處的質點與平衡位置的距離是2cm，故D正確。E．時，波源C處的橫波傳播到D處后振動時間為由振動圖像可知，此時波源C的振動形式平衡位置傳播到D處；時，波源A、B處的橫波傳播到D處后振動時間為由振動圖像可知此時波源A、B的振動形式平衡位置傳播到處D處。根據波的疊加原理可知此時D處質點的位移為故時，D處的質點與平衡位置的距離為零，故E錯誤。故選BCD。9．靜電場的電場強度方向與x軸平行，x軸上各點電勢隨坐標x分布情況如圖所示。現從處由靜止釋放一電子（重力不計），電子在間運動時的速度、電勢能、動能及電場力的功率P隨坐標x變化的圖像正確的是（）

A．

B．

C．

D．

【答案】BC【解析】A．電子在間做勻加速直線運動，在間做勻減速直線運動，在間做勻加速直線運動，全程加速度大小均相等，但電子速度隨位移并非線性變化，A錯誤；B．根據，B正確；C．由動能定理，，故C正確；D．電子在越過前后電場力方向突變，其功率大小不變，由可知其功率正負值突變，D錯誤。故選BC。10．新能源汽車指采用非常規車用燃料作為動力來源的新型汽車。比如純電動汽車以電池模組和電動機為主要動力裝置，有節能減排、低噪音、高效率等優點，是未來汽車產業的重要發展方向。現已知質量為M的新能源汽車由靜止出發做勻加速直線運動，經過時間t后，該汽車的運行里程為L，此時發動機恰好到達額定功率P，汽車所受的阻力恒定，達到額定功率后，汽車保持額定功率做變加速運動，最后以勻速運動，對此下列說法正確的是（）A．汽車所受阻力為 B．汽車做勻加速運動時的加速度C．到達速度時，發動機做功為 D．存在關系式【答案】ABD【解析】A．由題意，汽車最后以勻速運動，則有整理可得有軌電車所受阻力為A正確；B．因為電車由靜止出發做勻加速直線運動，經過時間t后，該有軌電車的運行里程為L，根據位移與加速度的關系可得解得有軌電車做勻加速運動時的加速度為B正確；C．到達速度時，發動機做功轉化為電車的動能和克服阻力做的功，可知發動機做功大于動能的增加量C錯誤；D．由題意，根據牛頓第二定律可得整理可得有軌電車所受阻力為當電車勻速運動時，阻力和動力相等，故可得D正確。故選ABD。非選擇題（54分）三、非選擇題（本大題共5小題，共54分。第11題6分，第12題9分，第13題10分，第14題12分，第15題17分。其中13—15題解答時要求寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，若只有最后答案而無演算過程的不得分；有數值計算時，答案中必須明確寫出數值和單位。）11．某同學利用圖示裝置測量某種單色光的波長。實驗時，接通電源使光源正常發光：調整光路，使得從目鏡中可以觀察到干涉條紋。回答下列問題：（1）若想增加從目鏡中觀察到的條紋個數，該同學可；A．將單縫向雙縫靠近B．將屏向靠近雙縫的方向移動C．將屏向遠離雙縫的方向移動D．使用間距更小的雙縫（2）若雙縫的間距為d，屏與雙縫間的距離為l，測得第1條暗條紋到第n條暗條紋之間的距離為Δx，則單色光的波長λ=；（3）某次測量時，選用的雙縫的間距為0．300mm，測得屏與雙縫間的距離為1.20m，第1條暗條紋到第4條暗條紋之間的距離為7.56mm。則所測單色光的波長為nm（結果保留3位有效數字）。【答案】B630【解析】（1）[1]相鄰兩亮（暗）干涉條紋的Δx=，要增加觀察到的條紋數，即Δx越小，需增大d或減小l，因此應將屏向靠近雙縫的方向移動，或使用間距更大的雙縫，故A、C、D錯誤，B正確；（2）[2]由得（3）[3]所測單色光的波長12．某半導體材料制成的壓敏電阻的阻值隨所受壓力的增大先減小后趨于不變，某同學利用伏安法量其阻值隨壓力的變化關系。除該壓敏電阻外，實驗中還用到的器材有：電源E、開關S、滑動變阻器R（最大阻值為10Ω）、電壓表（內阻約為2000Ω）和毫安表（內阻Rg=10Ω）。實驗時，將壓敏電阻置于水平地面上，記錄不同壓力下電壓表和毫安表的示數，計算出相應的壓敏電阻阻值。實驗得到該壓敏電阻阻值R隨壓力F變化的曲線如圖乙所示（重力加速度g取10m/s2）。(1)實物連圖中還有兩條導線沒有連接，請你補充完整。(2)若某次測量中電壓表和毫安表的示數分別為6V和30mA，則此時壓敏電阻的阻值。(3)某工廠車間操作時需兩位單個質量均不低于70kg（含所穿的防護服）的操作人員同時進入，單人不可進入，雙人單個質量小于70kg也不可進入。將上述實驗中兩個相同的壓敏電阻并聯可以制作一個控制電路，其電路的一部分如圖丙所示，圖中，E為直流電源（電動勢為10V，內阻可忽略），電磁繼電器電阻可視為恒定，其大小為。圖中為踏板空置，電動門處于閉合狀態，若兩個滿足質量要求的操作人員同時站在踏板上且電流表（內阻Rg=10Ω）示數不小于40mA時，電動門控制電路將打開電動門，操作人員方可進入車間，則圖中電阻R的阻值應為Ω；現因裝備改良，可要求兩位操作人員單個質量均不低于65kg時即可進入車間，則電阻R的阻值需要調（選填“大”、“小”）。【答案】(1)(2)190(3)80小【解析】（1）由于電流表內阻已知，則電流表采用內接法，由于滑動變阻器最大阻值較小，采用分壓式接法，如圖：（2）根據歐姆定律可知Ω（3）[1]兩個人的壓力為1400N，可知壓敏電阻阻值為=300Ω，根據閉合電路歐姆定律有其中I=40mA，解得[2]由圖可知壓力變小，電阻變大，為滿足條件，則電阻R的阻值需要調小。13．如圖所示，坐標軸軸上的點和點有兩個相同的波源，兩波源同時向平面內產生振幅為、頻率為的簡諧橫波，起振方向垂直紙面向上，為矩形，當從沿軸向上移動時，線段上（包含、兩點）兩列波的加強點的數量隨著、兩點縱坐標的變化而變化。當時，上恰好有5個加強點（、點恰好為加強點）。(1)求簡諧橫波的波速。(2)求上只有1個加強點時的取值范圍。【答案】(1)(2)【難度】0.65【知識點】波的干涉圖樣、判斷干涉加強和減弱區【解析】（1）設波長為，波速為，題圖中、中點到和的距離相等，為加強點，當時，加強點關于軸對稱分布，則到兩波源的距離差為。根據幾何關系有又聯立解得（2）根據對稱性可知，加強點關于軸對稱分布，當只有一個加強點時，點到兩波源的距離差將小于波長。當恰好有三個加強點，且到兩波源的距離差為時，設的縱坐標為，根據幾何關系有解得則當時將只有一個加強點。14．如圖所示為家用雙軌推拉門，每扇門板可簡化為L形結構，寬度為，邊緣凸起厚度均為門框內徑為。兩扇門質量相等，均為。且與軌道間的動摩擦因數，。開始時門板均位于最右側，用恒力F向左拉外側門，經過.撤去F，重力加速度。（1）若兩扇門先發生彈性碰撞且內側門最終恰好未與門框接觸，求F的大小；（2）在（1）中恒力F的作用下，若兩扇門發生完全非彈性碰撞且不粘連，求內側門位移s的大小。【答案】（1）；（2）【解析】（1）設碰撞前外側門的速度為，碰撞后外側門的速度為，內側門的速度為，兩扇門相碰撞，由動量守恒和能量關系可得，聯立，解得即碰撞過程無能量損失且速度置換。設移動過程中外側門位移為，內側門位移為，由運動關系得以兩扇門為研究對象，對全過程由動能定理可得解得（2）以外側門為研究對象，從開始到兩扇門相撞前由動能定理可得兩扇門相碰撞，由動量守恒定律可得內側門向前運動，由動能定理可得聯立，解得15．如圖，在xOy平面內存在以（