（2022-2024年）3年高考2年模擬匯編專題一電路（單選題）3年真題1．（2024·浙江·高考真題）下列物理量中，屬于矢量的是（）A．位移 B．時(shí)間 C．電流 D．熱量【答案】A【解析】A．位移既有大小又有方向，且運(yùn)算法則為平行四邊形法則，是矢量，故A正確；BD．時(shí)間和熱量均只有大小沒有方向，是標(biāo)量，故BD錯(cuò)誤；C．電流運(yùn)算法則是算術(shù)法則，是標(biāo)量，故C錯(cuò)誤。故選A。2．（2024·廣西·高考真題）將橫截面相同、材料不同的兩段導(dǎo)體、無(wú)縫連接成一段導(dǎo)體，總長(zhǎng)度為1.00m，接入圖甲電路。閉合開關(guān)S，滑片P從M端滑到N端，理想電壓表讀數(shù)U隨滑片P的滑動(dòng)距離x的變化關(guān)系如圖乙，則導(dǎo)體、的電阻率之比約為（）A． B． C． D．【答案】B【解析】根據(jù)電阻定律根據(jù)歐姆定律整理可得結(jié)合題圖可知導(dǎo)體、的電阻率之比故選B。3．（2023·海南·高考真題）如圖所示電路，已知電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)，電容器電容為C，閉合開關(guān)K，待電路穩(wěn)定后，電容器上電荷量為（

）

A．CE B． C． D．【答案】C【解析】電路穩(wěn)定后，由于電源內(nèi)阻不計(jì)，則整個(gè)回路可看成3R、2R的串聯(lián)部分與R、4R的串聯(lián)部分并聯(lián)，若取電源負(fù)極為零電勢(shì)點(diǎn)，則電容器上極板的電勢(shì)為電容器下極板的電勢(shì)為則電容兩端的電壓則電容器上的電荷量為故選C。4．（2022·北京·高考真題）某同學(xué)利用壓力傳感器設(shè)計(jì)水庫(kù)水位預(yù)警系統(tǒng)。如圖所示，電路中的和，其中一個(gè)是定值電阻，另一個(gè)是壓力傳感器（可等效為可變電阻）。水位越高，對(duì)壓力傳感器的壓力越大，壓力傳感器的電阻值越小。當(dāng)a、b兩端的電壓大于時(shí)，控制開關(guān)自動(dòng)開啟低水位預(yù)警；當(dāng)a、b兩端的電壓小于（、為定值）時(shí)，控制開關(guān)自動(dòng)開啟高水位預(yù)警。下列說法正確的是（）A．B．為壓力傳感器C．若定值電阻的阻值越大，開啟高水位預(yù)警時(shí)的水位越低D．若定值電阻的阻值越大，開啟低水位預(yù)警時(shí)的水位越高【答案】C【解析】AB．題意可知水位越高，對(duì)壓力傳感器的壓力越大，壓力傳感器的電阻值越小。控制開關(guān)自動(dòng)開啟低水位預(yù)警，此時(shí)水位較低，壓力傳感器的電阻值較大，由于a、b兩端此時(shí)的電壓大于，根據(jù)串聯(lián)電路電壓分部特點(diǎn)可知，為壓力傳感器，故高水位時(shí)壓力傳感器的電阻值越小，壓力傳感器兩端電壓變小，，AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，a、b兩端的電壓為若定值電阻的阻值越大，當(dāng)開啟低水位預(yù)警時(shí)a、b兩端的電壓大于時(shí)，壓力傳感器阻值需要越大，則水位越低；當(dāng)a、b兩端的電壓小于時(shí)開啟高水位預(yù)警時(shí)，壓力傳感器阻值需要越大，則水位越低。C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5．（2022·江蘇·高考真題）如圖所示，電路中燈泡均正常發(fā)光，阻值分別為，，，，電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻不計(jì)，四個(gè)燈泡中消耗功率最大的是（）A． B． C． D．【答案】A【解析】由電路圖可知R3與R4串聯(lián)后與R2并聯(lián)，再與R1串聯(lián)。并聯(lián)電路部分的等效電阻為由閉合電路歐姆定律可知，干路電流即經(jīng)過R1的電流為并聯(lián)部分各支路電流大小與電阻成反比，則四個(gè)燈泡的實(shí)際功率分別為，，，故四個(gè)燈泡中功率最大的是R1。故選A。6．（2022·浙江·高考真題）某節(jié)水噴灌系統(tǒng)如圖所示，水以的速度水平噴出，每秒噴出水的質(zhì)量為2.0kg。噴出的水是從井下抽取的，噴口離水面的高度保持H=3.75m不變。水泵由電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，輸入電壓為220V，輸入電流為2.0A。不計(jì)電動(dòng)機(jī)的摩擦損耗，電動(dòng)機(jī)的輸出功率等于水泵所需要的輸入功率。已知水泵的抽水效率（水泵的輸出功率與輸入功率之比）為75%，忽略水在管道中運(yùn)動(dòng)的機(jī)械能損失，則（）A．每秒水泵對(duì)水做功為75JB．每秒水泵對(duì)水做功為225JC．水泵輸入功率為440WD．電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為10【答案】D【解析】AB．每秒噴出水的質(zhì)量為,抽水增加了水的重力勢(shì)能和動(dòng)能，則每秒水泵對(duì)水做功為故AB錯(cuò)誤；C．水泵的輸出能量轉(zhuǎn)化為水的機(jī)械能，則而水泵的抽水效率（水泵的輸出功率與輸入功率之比）為75%，則故C錯(cuò)誤；D．電動(dòng)機(jī)的輸出功率等于水泵所需要的輸入功率，則電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率為而電動(dòng)機(jī)的電功率為由能量守恒可知聯(lián)立解得故D正確；故選D。2年模擬7．（2024·湖南·模擬預(yù)測(cè)）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，R0為定值電阻，且r<R0，電容器的電容為C。閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)可變電阻R的阻值，電流穩(wěn)定時(shí)，電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為Ⅰ，電壓表示數(shù)的變化量為，電流表示數(shù)的變化量為，則（）A．將可變電阻R調(diào)大，電流穩(wěn)定時(shí)，電源輸出功率會(huì)增加B．電容器中電荷的變化量為C．D．【答案】B【解析】A．令電路的外電阻為，則電源輸出功率根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，電源輸出功率隨外電阻變化的圖像如圖所示當(dāng)外電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)，電源輸出功率最大，由于可知，將可變電阻R調(diào)大，外電阻增大，由于外電阻總大于電源內(nèi)阻，則電流穩(wěn)定時(shí)，電源輸出功率會(huì)減小，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電容的定義式有解得該過程電容器的電荷量變化量故B正確；C．可變電阻R兩端電壓為電壓表示數(shù)U，電流表示數(shù)Ⅰ為流過可變電阻R的電流，由電阻的定義可知，可變電阻的阻值故C錯(cuò)誤；D．由閉合電路歐姆定律可知可知故D錯(cuò)誤。故選B。8．（2024·江蘇鎮(zhèn)江·一模）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r。電路中的R2、R3分別為總阻值一定的滑動(dòng)變阻器，R0為定值電阻，R1為光敏電阻（其電阻隨光照強(qiáng)度增大而減小）。當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法中正確的是（）A．若斷開開關(guān)S，帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)B．只逐漸減小對(duì)R1的光照強(qiáng)度時(shí)，電壓表示數(shù)變大，電阻R0消耗電功率變大C．只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動(dòng)端P1向下端移動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)不變，帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)D．只調(diào)節(jié)電阻R3的滑動(dòng)端P2向上端移動(dòng)時(shí)，電源消耗的電功率變大，電阻R3中有向上的電流【答案】C【解析】A．帶電微粒受向下的重力和向上的電場(chǎng)力，當(dāng)斷開開關(guān)S，電容將對(duì)所處的回路放電，即帶電微粒所受電場(chǎng)力減小，所以帶電微粒將向下運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)減小對(duì)R1的光照強(qiáng)度時(shí)，R1的阻值增大，電路中的總電阻增大，總電流減小，則電路的內(nèi)壓減小，路端電壓增大，所以電壓表示數(shù)增大。根據(jù)熱功率的公式可知電阻R0消耗的電功率減小，故B錯(cuò)誤；C．分析電路可知，電容器的電壓與R2上半部分電阻的電壓相等，只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動(dòng)端P1向下端移動(dòng)時(shí)，電路中的總電流不變，但是R2上端電阻增大，電壓增大，即電容器兩端電壓增大，根據(jù)公式可知電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)增大，帶電微粒所受電場(chǎng)力將增大，所以帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．由電路結(jié)構(gòu)可知，電路穩(wěn)定時(shí)，R3沒有電流通過，所以當(dāng)只調(diào)節(jié)電阻R3的滑動(dòng)端P2向上端移動(dòng)時(shí)，不會(huì)影響電路中的電流，即電路中的電流不變，電源消耗的電功率不變。電阻R3中也沒有電流通過，故D錯(cuò)誤。故選C。9．（2023·海南·模擬預(yù)測(cè)）在如圖所示的圖像中，直線Ⅰ為某電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，曲線Ⅱ?yàn)槟骋恍襞軱的曲線，曲線Ⅱ與直線Ⅰ的交點(diǎn)坐標(biāo)為（1.5，0.75），曲線Ⅱ在該點(diǎn)的切線與橫軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為（1.0，0），用該電源直接與小燈泡L連接成閉合電路，由圖像可知（）A．電源電動(dòng)勢(shì)為2.0VB．電源內(nèi)阻為C．小燈泡L接入電源時(shí)的電阻為D．小燈泡L實(shí)際消耗的電功率為1.125W【答案】D【解析】AB．設(shè)該電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，由閉合電路歐姆定律有代入題圖直線Ⅰ中數(shù)據(jù)有解得故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)題意可知，當(dāng)用該電源直接與小燈泡L連接成閉合電路時(shí)，燈泡L兩端的電壓為流過燈泡的電流為由歐姆定律可得，小燈泡L接入電源時(shí)的電阻為小燈泡L實(shí)際消耗的電功率為故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。10．（2024·安徽黃山·模擬預(yù)測(cè)）在如圖所示電路中，已知電容，電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)電阻忽略不計(jì)，定值電阻，，則電容器所帶電荷量為（）A． B． C． D．【答案】B【解析】定值電阻分得的電壓定值電阻分得的電壓故電容器兩端電壓為電容器所帶電荷量故選B。11．（2024·廣東·模擬預(yù)測(cè)）在如圖甲所示的電路中，定值電阻、，電容器的電容，電源路端電壓U隨總電流I的變化關(guān)系如圖乙所示。現(xiàn)閉合開關(guān)S，則電路穩(wěn)定后（）A．電源的內(nèi)阻為B．電源的效率為75%C．電容器所帶電荷量為D．若增大電容器兩極板間的距離，電容器內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)不變【答案】C【解析】A．由乙圖可知故A錯(cuò)誤；B．電源的效率為故B錯(cuò)誤；C．電容器極板間電壓為電容器所帶電荷量為故C正確；D．根據(jù)可知若增大電容器兩極板間的距離，電容器內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)變小。故D錯(cuò)誤。故選C。12．（2024·河南·三模）如圖所示是探究電源電動(dòng)勢(shì)和電源內(nèi)、外電壓關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置，下部是可調(diào)節(jié)內(nèi)阻電池。升高或降低擋板，可改變A、B兩電極間電解液通道的橫截面積，從而改變電池內(nèi)阻。電池的兩極A、B與電壓傳感器2相連，位于兩個(gè)電極內(nèi)側(cè)的探針a，b與電壓傳感器1相連，R是滑動(dòng)變阻器。下列說法正確的是（）A．?dāng)嚅_開關(guān)S，傳感器1的示數(shù)為零，傳感器2的示數(shù)小于電源電動(dòng)勢(shì)B．閉合開關(guān)S，在將擋板向上提升的過程中，傳感器2的讀數(shù)將變小C．閉合開關(guān)S，無(wú)論R的滑片如何移動(dòng)，傳感器1和傳感器2的示數(shù)之和總不變D．閉合開關(guān)S，當(dāng)把滑動(dòng)變阻器R的滑片向左移動(dòng)到阻值為零時(shí)，傳感器1的示數(shù)為零，傳感器2的示數(shù)等于電源電動(dòng)勢(shì)【答案】C【解析】A．當(dāng)S斷開時(shí)，電路中電流為0，故內(nèi)阻分壓為0，外電壓等于電源電動(dòng)勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．將擋板上提，橫截面積變大，由可知，電源內(nèi)阻變小，由閉合電路歐姆定律可知即外電路分壓變大，故電壓傳感器2的示數(shù)變大，故B錯(cuò)誤；C．閉合S，傳感器1和傳感器2的示數(shù)之和等于電源電動(dòng)勢(shì)，故其示數(shù)之和保持不變，故C正確；D．閉合S，當(dāng)把滑動(dòng)變阻器R的滑片向左移動(dòng)到阻值為零時(shí)，外電路電阻為0，電壓傳感器2的示數(shù)為0，電壓傳感器1的示數(shù)等于電源電動(dòng)勢(shì)，故D錯(cuò)誤。故選C。13．（2024·黑龍江哈爾濱·模擬預(yù)測(cè)）在如圖所示的電路中，D是一只理想二極管，平行板電容器AB內(nèi)部有一帶電小球Q處于靜止?fàn)顟B(tài)。閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P滑動(dòng)時(shí)，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化。電流表A、電壓表V1、電壓表V2、電壓表V3的示數(shù)分別用、、和表示，它們的示數(shù)變化量的大小分別用、、和表示。閉合開關(guān)S，下列說法正確的是（）A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，變小、變大，變小、帶電小球Q向下運(yùn)動(dòng)B．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，不變，減小C．若滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)時(shí)，當(dāng)兩極板A和B稍錯(cuò)開一些（兩極板仍平行），Q仍靜止不動(dòng)D．若滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)時(shí)，當(dāng)兩極板A和B的間距稍增大一些（兩極板仍平行），Q仍靜止不動(dòng)【答案】D【解析】電容器的場(chǎng)強(qiáng)為A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻變大，根據(jù)串反并同法，I變小、變大，變大、變小，電容器放電，因二極管純?cè)陔娙萜鞑荒芊烹娤喈?dāng)于電荷量不變，帶電小球Q受到的靜電力不變，帶電小球Q不動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由于當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，R1、r均不變，則，不變，故B錯(cuò)誤；C．若滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)時(shí)，當(dāng)兩極板A和B稍錯(cuò)開一些（兩極板仍平行），即電容器兩極板的正對(duì)面積減小，所以根據(jù)電容的決定式可知，電容減小，電容器兩極板間的電壓不變，則電容器所帶電荷量應(yīng)減小，但由于二極管具有單向?qū)щ娦裕噪娙萜魉鶐щ姾闪坎蛔儯鴥蓸O板的電壓增大，間距不變，則電容器內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度變大，帶電小球Q受到的靜電力大于重力，Q向上運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．若滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)時(shí)，當(dāng)兩極板A和B的間距稍增大一些（兩極板仍平行），則電容減小，若兩極板間電壓不變，則電容器所帶電荷量減小，但由于二極管具有單向?qū)щ娦裕噪娙萜魉鶐щ姾闪繎?yīng)不變則電容器內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度不變，帶電小球Q受到的靜電力等于重力，Q將靜止不動(dòng)，故D正確。故選D。14．（2024·重慶北碚·模擬預(yù)測(cè)）某實(shí)驗(yàn)小組連接了如圖甲所示的電路。圖甲中是一個(gè)滑動(dòng)變阻器，是一個(gè)壓敏電阻，其阻值隨所受壓力F的變化規(guī)律如圖乙所示。置于活塞左側(cè)并與汽缸一起固定不動(dòng)，活塞與導(dǎo)熱汽缸之間封閉有一定質(zhì)量的理想氣體，不計(jì)活塞所受摩擦，不考慮發(fā)熱對(duì)周圍環(huán)境溫度的影響。閉合電路中的開關(guān)，此時(shí)活塞對(duì)有一定的壓力，則以下說法正確的是（）A．僅將的滑片向右移，電流表示數(shù)會(huì)增大 B．僅將的滑片向右移，電壓表示數(shù)會(huì)增大C．僅使環(huán)境溫度升高，電壓表示數(shù)會(huì)減小 D．僅使環(huán)境溫度升高，電流表示數(shù)會(huì)減小【答案】C【解析】AB．僅將的滑片向右移，電路中的總電阻增大，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流減小，則電流表示數(shù)會(huì)減小，兩端的電壓減小，故電壓表示數(shù)會(huì)減小，故AB錯(cuò)誤；CD．僅使環(huán)境溫度升高，根據(jù)查理定律可知密閉氣體的壓強(qiáng)增大，根據(jù)可知所受壓力增大，阻值減小，分得的電壓減小，故電壓表的示數(shù)減小，因?yàn)殡娐分锌傠娮铚p小，所以電路中電流增大，電流表示數(shù)會(huì)增大。故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。15．（2024·河北·一模）如圖所示的電路中，為定值電阻，電壓表和電流表均為理想電表，閉合開關(guān)S，滑動(dòng)變阻器的滑片從b端向a端緩慢滑動(dòng)的過程中，下列說法正確的是（

）A．電壓表V示數(shù)先變小后變大 B．電壓表V示數(shù)一直變大C．電流表A示數(shù)一直變小 D．電流表A示數(shù)先變小后變大【答案】C【解析】AB．滑片緩慢從b端向a端滑動(dòng)的過程中，滑動(dòng)變阻器上下兩部分、電壓表并聯(lián)，滑動(dòng)變阻器滑片上、下兩部分并聯(lián)后的阻值先增大后減小，干路電流先減小后增大，路端電壓先增大后減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得電壓表的示數(shù)則電壓表V示數(shù)先變大后變小。故AB錯(cuò)誤；CD．滑動(dòng)變阻器滑片從b滑到正中間的過程，回路總電阻增加，干路電流減小，滑動(dòng)變阻器上半部分所在支路分配的電壓增大，通過滑動(dòng)變阻器上半部分的電流增大，可知電流表A示數(shù)變小，滑片從正中間滑到a的過程，上、下兩部分并聯(lián)電阻減小，電壓表示數(shù)減小，滑動(dòng)變阻器下半部分電阻增加，可知電流表A示數(shù)繼續(xù)變小。故C正確；D錯(cuò)誤。故選C。16．（2024·重慶·模擬預(yù)測(cè)）如題圖1所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)恒定、內(nèi)阻為，外電阻為可變電阻，則題圖2的縱坐標(biāo)可能為（）A．電源電流 B．電源輸入功率C．電源輸出功率 D．電源效率【答案】C【解析】A．根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，電源電流為即電源電流隨外電阻增大而減小，故A錯(cuò)誤；B．電源輸入功率為即電源輸入功率隨外電阻增大而減小，故B錯(cuò)誤；C．電源輸出功率為當(dāng)r=R時(shí)取最大值，即電源輸出功率隨外電阻增大而先增大后減小，故C正確；D．電源效率即電源效率隨外電阻增大而增大，故D錯(cuò)誤。故選C。17．（2024·河北·模擬）某同學(xué)將一直流電源的總功率、輸出功率和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率隨電流I變化的圖線畫在了同一坐標(biāo)系中，如圖中的a、b、c所示。以下判斷正確的是（）A．電源的電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻B．b、c圖線的交點(diǎn)與a、b圖線的交點(diǎn)的橫坐標(biāo)之比一定為，縱坐標(biāo)之比一定為C．電源的最大輸出功率D．在a、b、c三條圖線上分取橫坐標(biāo)相同的A、B、C三點(diǎn)，這三點(diǎn)的縱坐標(biāo)一定滿足關(guān)系【答案】D【解析】A．由電源消耗功率和電源內(nèi)部消耗功率表達(dá)式PE=EI，Pr=I2r可知，a是直線，表示的是電源消耗的總電功率，b是拋物線，表示的是電源內(nèi)電阻上消耗的功率，c表示外電阻的功率即為電源的輸出功率PR，由圖可知，當(dāng)短路時(shí)，電流為3A，總功率P=9W；則由P=EI可知E=3V內(nèi)阻故A錯(cuò)誤；BC．當(dāng)內(nèi)電阻和外電阻相等時(shí)，電源輸出的功率最大，此時(shí)即為b、c線的交點(diǎn)時(shí)的電流，此時(shí)電流的大小為最大輸出功率的大小為a、b線的交點(diǎn)表示電源的總功率PE和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr相等，此時(shí)只有電源的內(nèi)電阻，所以此時(shí)的電流的大小為功率的大小為所以橫坐標(biāo)之比為1：2，縱坐標(biāo)之比為1：4，故BC錯(cuò)誤；D．在a、b、c三條圖線上分別取橫坐標(biāo)相同的A、B、C三點(diǎn)，因?yàn)橹绷麟娫吹目偣β蔖E等于輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr的和，所以這三點(diǎn)的縱坐標(biāo)一定滿足關(guān)系故D正確。故選D。18．（2023·安徽·模擬預(yù)測(cè)）如圖所示，在滑動(dòng)變阻器的滑片P向下端滑動(dòng)過程中，理想電壓表、的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、，理想電流表、、示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、、，下列說法正確的是（）A．電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)增大B．電壓表示數(shù)減小，電流表示數(shù)增大C．D．【答案】B【解析】AB．滑片P向下滑動(dòng)的過程中，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小，電路中總電阻減小，干路電流增大，即電流表示數(shù)增大，路端電壓減小，電壓表示數(shù)減小，電阻分壓增大，并聯(lián)支路電壓減小，即電壓表示數(shù)減小，通過電阻的電流減小，即電流表示數(shù)減小，總電流等于通過電流表、的電流之和，所以電流表示數(shù)增大，故A錯(cuò)誤，B正確；C．由于電流表示數(shù)增大，示數(shù)減小，示數(shù)增大，根據(jù)串并聯(lián)電路電流關(guān)系有故C錯(cuò)誤；D．由閉合電路歐姆定律可得由閉合電路歐姆定律可得故故D錯(cuò)誤。故選B。19．（2023·寧夏銀川·二模）如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別為E、r，在滑動(dòng)變阻器的滑片由a向b移動(dòng)的過程中，下列各物理量變化情況為（）A．電流表的讀數(shù)逐漸減小B．的功率先減小后增大C．電源的輸出功率逐漸增大D．電壓表與電流表讀數(shù)改變量的比值先減小后增大【答案】B【解析】AB．滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭將滑動(dòng)變阻器分為上下兩部分，上下兩部分電阻屬于并聯(lián)關(guān)系，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭由a向b移動(dòng)的過程中，并聯(lián)電阻的等效電阻先增大后減小，可知回路中總電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有可知，回路中的電流先減小后增大，則電流表的讀數(shù)先減小后增大，的功率可知其功率先減小后增大，故A錯(cuò)誤，B正確；C．電源的輸出功率由于電源的內(nèi)阻與外電阻之間的關(guān)系未知，則電源的輸出功率的變化不確定，故C錯(cuò)誤；D．電壓表測(cè)量路端電壓，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有可得不變，故D錯(cuò)誤。故選B。20．（2023·浙江紹興·二模）如圖甲所示，電動(dòng)勢(shì)為0.10V的電池連接一只電流表，兩者的內(nèi)阻忽略不計(jì)。電池的一端連接長(zhǎng)度為1.0m導(dǎo)線的右端，電流表的另一端接上導(dǎo)線的某一點(diǎn)，x為接點(diǎn)與導(dǎo)線左端的距離，導(dǎo)線由一段金屬線1（電阻率為）和一段金屬線2（電阻率為）串接而成，它們的橫截面積相同。由電流表測(cè)得的電流I，所推得的電路總電阻R和x的圖像如圖乙所示，下列說法正確的是（

）A．導(dǎo)線的左邊部分為金屬線1B．導(dǎo)線的橫截面積約為C．當(dāng)x＝0.7m時(shí)電池消耗的功率約為0.36WD．當(dāng)x＞0.3m時(shí)電流表讀數(shù)I隨x變化的關(guān)系式近似為【答案】D【解析】A．根據(jù)，當(dāng)x很大時(shí)，電阻變化較快，則電阻率較大，所以導(dǎo)線的右邊部分為金屬線1，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)所以對(duì)左邊是金屬線2解得故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖像可知，x＞0.3m時(shí)