福建省三明市五縣2021-2022學年高一下學期物理期中聯合質檢試卷姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三四五總分評分一、單選題1．下列說法正確的是（）A．加速度不變的運動一定是勻變速直線運動B．兩個互成角度的勻變速直線運動的合運動可能是直線運動C．曲線運動的速度可以保持不變D．做曲線運動的物體不可能受到恒力作用2．如圖所示，貨車在卸貨過程中，貨車不動，后車廂在液壓機作用下，車廂底板從水平逐漸傾斜，在θ角緩慢增大且貨物還未下滑過程中，各力對貨物做情況正確的是（）A．車廂對貨物的支持力不做功 B．車廂對貨物的摩擦力做負功C．車廂對貨物做正功 D．貨物受到的重力不做功3．甲乙兩船在靜水的速度分別為v1、v2，且v1>v2。兩船相對河寬可視為質點。兩船從同一點P同時出發，且船頭均垂直對岸，當甲船到達對岸Q點時，乙船可能在（）A．a點 B．b點 C．c點 D．d點4．如圖所示，質量為m的蘋果，從距地面高度為H的樹上由靜止開始落下，樹下有一深度為h的坑。若以地面為零勢能參考平面，則當蘋果落到坑底時的機械能為（）A．mgh B．mg（H+h） C．mgH D．mg（H-h）5．在我們的課本“迷你實驗室”專欄中有一個小實驗，叫做小紙帽能彈多高。某同學在實驗時將小紙帽用力往下壓，使彈簧產生一定的彈性形變，然后迅速放手，在小紙帽上升的過程中，不計空氣及摩擦阻力，下列說法正確的是（）A．小紙帽的機械能守恒B．小紙帽的動能先增大后減小，機械能一直增加C．小紙帽的動能與彈簧的勢能之和一直在減小D．小紙帽剛脫離彈簧時動能最大6．在一次投球游戲中，小明同學以一定的力度，將球從A點以斜向上45o角向籮筐B投去，結果球沿弧線飛到籮筐前方（如圖所示），已知A、B等高，且不考慮阻力的影響，小明所處的位置不變。小明欲將球投入籮筐，下列可行的措施是（）A．保持拋出速度不變，增大拋射角B．保持拋出速度不變，減小拋射角C．保持拋射角不變，增大拋出速度D．保持拋射角不變，減小拋出速度7．如圖所示，長為L的輕細繩一端固定，另一端系著一質量為m的小球，小球由A位置擺到B位置（不計空氣阻力）。當細繩與豎直方向成60°角時，則小球的速度大小和此時重力的瞬時功率（）A．gLmg3gL2 B．2gLC．gL?mg3gL2 D．8．如圖所示是一個橫截面為半圓、半徑為R的光滑柱面，一根不可伸長的細線兩端分別系著物體A、B（均可視為質點），且mAA．繩對A做了正功B．A，B與繩組成的系統機械能守恒，系統重力勢能的減少量為ΔC．物體B的機械能減小D．當物體B達到圓柱頂點時，物體A的速度為2二、多選題9．如圖所示，平潭海峽公鐵兩用大橋建設中，需用到起重機吊運材料。若起重機用鋼索吊運質量為m的貨物，以0.1g的加速度豎直向上加速運動h的高度，則此過程中說法正確的是（）A．鋼索對貨物做功0.1mgh B．貨物的動能增加0.1mghC．貨物的重力勢能增加1.1mgh D．貨物的機械能增加1.1mgh10．如圖所示，甲、乙兩個小球從同一固定斜面的頂端O點水平拋出，分別落到斜面上的A、B兩點，OB=4A．甲、乙兩球做平拋運動的時間之比為1：2B．甲、乙兩球接觸斜面的瞬間，速度的方向不相同C．甲、乙兩球做平拋運動的初速度大小之比為1：2D．甲、乙兩球運動過程中速度變化量的方向不相同11．從地面豎直向上拋出一質量為1kg的物體，物體在運動過程中除受到重力外，還受到一大小不變、方向始終與運動方向相反的外力作用，如圖所示是物體距離地面3m范圍內的動能Ek隨h變化的圖像（物體上升的高度大于3m），重力加速度取10m/s2下列說法正確的是（）A．空氣阻力大小為2NB．空氣阻力大小為1NC．物體上升的高度為6mD．物體運動過程中克服空氣阻力做功24J12．機場一般用可移動式皮帶輸送機給飛機卸貨（如圖甲），可簡化為傾角為θ，以一定的速度v2勻速轉動的傳送帶，某時刻在傳送帶上端放置以初速度為v1的貨物（如圖乙），以此時為t=0時刻記錄貨物在傳送帶上運動的速度隨時間變化的關系圖像（如圖丙，取沿斜面向下的運動為正方向，且v1<v2）。已知貨物均可視為質點，傳送帶足夠長，重力加速度取10m/s2.則（）A．0~t1內，物塊對傳送帶做負功B．物塊與傳送帶間的動摩擦因數μ>C．0~t1內，傳送帶對物塊做功為1D．系統產生的熱量一定比物塊動能的增加量小三、填空題13．如圖所示，汽車沿水平路面以恒定速度1m/s向左運動，將物體提升一段距離，則當拉繩與水平方向傾角37°的時，被吊起的物體的速度是m/s（sin37°=0.6，cos37°14．每年春節前泰寧農村都有搗年糕的習俗，借此來寓意“年年發財、步步高升”。搗年糕時，一人將“石杵”一起一落揮動，另一人在“石杵”揮動的間隙迅速翻動米粉團，直到米粉團柔軟而有彈性。已知“石杵”質量為20kg，每分鐘上下揮動20下，每次重心上升的高度約為90cm，則“石杵”每分鐘克服重力做的功和相應的功率分別約為J、W。四、實驗題15．某同學通過實驗對平拋運動進行研究，他記錄了物體運動軌跡的一部分，以點o為原點，沿水平方向建立x軸，沿豎直方向建立y軸，如圖所示。由圖中所給的數據可求出：圖中坐標原點o點（填“是”或“不是”）平拋運動的拋出點，該平拋物體的初速度是ms。(g=1016．在利用自由落體驗證機械能守恒定律的實驗中：（1）下面列舉了該實驗的幾個操作步驟，其中可省略或不正確的操作是______；A．按照圖1所示的裝置安裝器件B．用天平測量重物和夾子的質量mC．將電磁式打點計時器接到“6V”直流電源上D．先接通電源后再釋放紙帶，打出一條紙帶后，更換紙帶，重復多次該步驟E．選擇一條理想的紙帶，對其進行測量（2）如圖2所示是實驗中測得的一條紙帶，A點之后各點間距分別為X1，X2，X3，X（3）若將B點和D點的速度用vB、vD表示，當地重力加速度為g，要驗證重物從B點運動到（4）若實驗中阻力的存在不可忽略，驗證時將發現物體重力勢能的減少量將（填“大于”、“對于”或“小于”）物體動能的增加量。五、解答題17．如圖所示，在水平桌面上用硬練習本做成一個斜面，使小鋼球從斜面上某一位置滾下，鋼球沿桌面飛出后做平拋運動。測得桌面離地高度h為80cm，小球落地點與桌面邊緣連線的夾角為45°（g=10m/s2）。求：（1）小球從離開桌面到落地的時間t；（2）小球離開桌面時的初速度大小v0。18．如圖所示，一貨車裝有水平放置的毛竹運往遠處的加工廠，車與貨物總重為8t。貨車以額定功率啟動，在水平直路面上行駛時阻力f是車重的0.1倍，當速度為10m/s時，貨車的加速度大小為0.2m/s2（g=10m/s2），求：（1）該貨車的額定功率P；（2）該貨車行駛的最大速度vm；（3）貨車從靜止開始經過時間10s，速度達到最大值，求該過程行駛的距離s。19．如圖所示，半徑R=0.25m的光滑圓弧軌道固定在豎直平面內，軌道的一個端點B和圓心O的連線與水平方向間的夾角為θ=37°，另一端點C為軌道的最低點，C點右側的水平面上靜止放置一木板（緊挨著C點），木板的質量M=1kg，上表面與C點等高。木板距右側墻壁D的距離為x=0.5m，木板上表面與光滑墻壁D上表面在同一水平面上，墻壁D上表面放置有一自由伸長的彈簧，右端固定；質量為m=1kg的物塊（可視為質點）從空中A點以v0=0.6m/s的速度水平拋出，恰好從軌道的端沿切線方向進入軌道并沿著圓弧軌道運動。已知物塊與木板間的動摩擦因數μ=0.2，木板與水平面間的動摩擦因數μ′=0.05，若木板與墻壁D碰撞后速度變成零（有能量損失），sin37°=0.6，cos37°=0.8，取g=10m/s2.求：（1）物塊經過B點時的速度vB；（2）物塊經過C點時的速度vC；（3）若木板長L=1.5m，在運動過中系統因摩擦產生的熱量Q。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A．加速度不變的運動可能是勻變速直線運動也可能是勻變速曲線運動，A不符合題意；B．兩個互成角度的勻變速直線運動如果合速度的方向與合力的方向在一條直線上，則合運動是直線運動；如果合速度的方向與合力的方向不在一條直線上，則合運動是曲線運動，B符合題意；C．做曲線運動的物體，速度的方向時刻改變，因此一定是變速運動，C不符合題意；D．做曲線運動的物體可以受到恒力作用，只要力的方向與速度方向不在一條直線上，物體就做曲線運動，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】加速度不變的運動可以是勻變速直線運動或者是勻變速曲線運動；兩個勻變速直線運動其合運動可能是勻變速直線運動；曲線運動其速度方向不斷發生改變；做曲線運動的物體可以受到恒力的作用。2．【答案】C【解析】【解答】A．支持力與速度方向相同，因此支持力做正功，A不符合題意；B．摩擦力方向與速度方向垂直，因此摩擦力不做功，B不符合題意；C．支持力和摩擦力做功之和為車廂對貨物做功，故車廂對貨物做正功，C符合題意；D．重力和速度成鈍角，重力做負功，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用其貨箱靜止可以判別其重力、支持力和摩擦力的方向，結合其貨箱速度的方向可以判別其各力對貨箱做功的情況。3．【答案】B【解析】【解答】將小船的運動分解為沿河岸的勻速直線運動和垂直于河岸的勻速直線運動，沿河岸方向，兩船速度均為水流速度，因此當甲船運動至Q點時，乙船沿河岸方向運動相同的距離，兩船處于同一條垂直于河岸的直線上，故答案為：B。

【分析】對兩只小船的速度進行分解，結合水平方向的速度相同可以判別相同時間其沿水流方向的距離相等。4．【答案】C【解析】【解答】以地面為零勢能參考平面，蘋果從高度為H的樹上由靜止開始落下，開始下落時的機械能E1=mgH蘋果下落運動中，若不計空氣阻力，蘋果只受重力，機械能守恒，由機械能守恒定律可得，則當蘋果落到坑底時的機械能為E2=E1=mgH。故答案為：C。

【分析】以地面為0勢能面參考平面，利用其機械能守恒定律可以求出蘋果落到坑底時機械能的大小。5．【答案】C【解析】【解答】A．由于彈簧對小紙帽做功，所以小紙帽的機械能不守恒，A不符合題意；B．小紙帽在上升過程中，受到重力和彈簧的彈力，彈力先大于重力，再等于重力，后小于彈力，合力先向上，再向下，則小紙帽先做加速后減速運動，小紙帽的動能先增大后減小；小紙帽彈起到脫離前的過程中，由于彈簧的彈力對小紙帽一直做正功，所以小紙帽的機械能一直增加；小紙帽與彈簧脫離后小紙帽的機械能不變，B不符合題意；C．在小紙帽上升的過程中，小紙帽與彈簧系統機械能守恒，由于小紙帽的重力勢能一直增大，所以紙帽的動能與彈簧的勢能之和一直在減小，C符合題意；D．小紙帽在上升過程中，當合力為零時速度最大，動能最大，此時彈簧處于壓縮狀態，小紙帽還沒有脫離彈簧，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】由于彈簧對小紙帽做功所以小紙帽其機械能不守恒；利用其小紙帽其合力做功可以判別動能的變化，利用彈力做功可以判別其機械能的變化；利用其重力勢能變化結合能量守恒定律可以判別其小紙帽動能和彈簧彈性勢能之和的變化；其彈力等于重力時其小紙帽的動能最大。6．【答案】C【解析】【解答】將運動視為水平方向的勻速運動和豎直方向的上拋運動，記初速度為v0，和水平方向夾角為θ，AB距離為s。則水平速度落回原高度的運動時間為t=當水平位移x=時恰好投入籮筐。由題已知vAB．水平位移x=當θ=45°時x為最大值，故無論如何改變角度，都不能使球拋入筐內。AB不符合題意。CD．水平位移x=增大v0故答案為：C。

【分析】利用豎直方向的速度公式可以求出運動的時間，結合水平方向的位移公式可以求出水平位移的表達式，利用其水平位移的表達式可以判別減小其水平位移大小的方法。7．【答案】A【解析】【解答】當細繩與豎直方向成60°角時，由動能定理則有mgL解得小球的速度大小為v=將速度v分解，如圖所示，在豎直向下方向有v重力的瞬時功率為P=mgA符合題意，BCD不符合題意。故答案為：A。

【分析】利用動能定理可以求出小球速度的大小，利用其速度的分解可以求出豎直方向分速度的大小，結合重力的大小可以求出重力瞬時功率的大小。8．【答案】D【解析】【解答】D．根據題意可知，A、B與繩組成的系統機械能守恒，當物體B達到圓柱頂點時，A、B的速度大小相等為v，根據機械能守恒定律可得1又有m聯立解得v=D符合題意；AC．根據題意可知，物體B的動能增加了，重力勢能也增加了，則物體B的機械能增加了，由于A、B系統機械能守恒，則物體A的機械能減小，根據功能關系可知，繩子對物體A做負功，AC不符合題意；B．根據題意可知，物體B的重力勢能增加了E物體A的重力勢能減少了E則系統重力勢能的減少量為ΔB不符合題意。故答案為：D。

【分析】利用B的高度和速度變化可以判別B機械能增加；利用其系統機械能守恒結合其B機械能的增加可以判別A機械能減小，結合功能關系可以判別彈力對A做負功；利用其高度的變化可以求出其重力勢能減少量的大小；利用其機械能守恒定律可以求出物體A的速度。9．【答案】B,D【解析】【解答】A．起重機用鋼索吊運質量為m的貨物，以0.1g的加速度豎直向上加速運動T?mg=ma鋼索對貨物做功WA不符合題意；B．根據動能定理可知貨物的動能增加ΔB符合題意；C．貨物的重力勢能增加mgh，C不符合題意；D．拉力做功等于機械能增加量，貨物的機械能增加1.1mgh，D符合題意。故答案為：BD。

【分析】利用牛頓第二定律可以求出鋼索的拉力大小，結合位移可以求出鋼索對貨物做功的大小；利用動能定理可以求出貨物增加的動能；利用高度的變化可以求出貨物重力勢能的變化量；利用拉力做功可以求出貨物機械能的增量。10．【答案】A,C【解析】【解答】AC．設斜面傾角為θ，由于兩次均落至斜面，位移偏角相同，可得tan可得v落至斜面的位移為s=由題意可知兩次的位移之比為1：4，故所用時間之比為1：2，初速度之比為1：2，AC符合題意；B．甲、乙兩球接觸斜面的瞬間，速度的方向與水平方向夾角α滿足tan故落至斜面時速度方向相同，B不符合題意；D．運動過程中速度變化量Δv=gt可知甲、乙兩球速度變化量的方向始終豎直向下，相同，D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】利用位移的方向相同結合位移的大小可以求出運動時間的比值，結合水平方向位移的公式可以求出初速度的比值；由于位移方向相同則速度方向相同；由于小球只受重力所以速度變化量的方向始終豎直向下。11．【答案】A,C,D【解析】【解答】AB．根據動能定理W可知，在EkF下降過程中F解得f=12N即空氣阻力大小為2N，A符合題意，B不符合題意；C．設物體上升的高度為h，上升的初動能為Ek0?代入數據解得h=6mC符合題意；D．物體離開拋出點和帶到拋出點的動能分別為EE整個過程中重力做功為零，根據動能定理可得W物體運動過程中克服空氣阻力做功24J，D符合題意。故答案為：ACD。

【分析】利用動能定理結合圖像斜率的大小可以求出阻力的大小；利用其動能定理可以求出物體上升的高度；利用其動能定理可以求出克服阻力做功的大小。12．【答案】A,B,D【解析】【解答】A.0~t1內對小物塊受力分析可知，物塊受到的摩擦力沿斜面向下，因此物塊對傳送帶的摩擦力沿斜面向上與傳送帶速度方向相反，因此物塊對傳送帶做負功，A符合題意；B．當t1后，物塊與傳送帶共速，受力分析得mg即μ>B符合題意；C.0~t1內，根據動能定理W因此傳送帶對物塊做功小于12D．系統產生的熱量Q=μmg動能增加量Δ由v?t圖像面積表示位移可知Δx<μmg因此系統產生的熱量一定比物塊動能的增加量小，D符合題意。故答案為：ABD。

【分析】利用物塊對傳送帶的摩擦力方向可以判別物塊對傳送帶做負功；利用其物塊加速后勻速可以判別其動摩擦因數的大小；利用其動能定理可以判別傳送帶對物塊做功的大小；利用其相對位移及動能的增量可以比較系統產生熱量與動能增量的大小。13．【答案】0.8；大于【解析】【解答】根據運動的合成與分解可知，將小車的速度分解如圖則v在運動的過程中，θ角減小，cosθ增大，則v繩增大。所以物體做加速上升。物體的加速度方向向上，則被吊起物體所受的拉力大于它的重力。

【分析】對小車的速度進行分解，利用小車的速度可以求出物體的速度大小，結合角度的變化可以判別物體做加速運動，利用加速度的方向可以比較拉力和重力的大小。14．【答案】3600；60【解析】【解答】根據題意，由公式W=Fx可知，“石杵”每次克服重力做功為W=mgh=20×10×0則“石杵”每分鐘克服重力做的功W根據公式P=Wt

【分析】利用重力和高度可以求出重力做功的大小，結合時間可以求出平均功率的大小。15．【答案】不是；2【解析】【解答】做平拋運動的物體在豎直方向是初速度為零的勻加速運動，則在相等時間的豎直位移之比為1：3：5：7…..；圖中豎直位移之比為并不滿足，則O點不是平拋的拋出點；在豎直方向上，根據△y=gT2得T=平拋運動的初速度v

【分析】利用平拋運動豎直方向的位移之比可以判別其O點不是平拋運動的拋出點；利用豎直方向的鄰差公式可以求出時間間隔的大小，結合水平方向的位移公式可以求出初速度的大小。16．【答案】（1）B；C（2）X（3）mg(（4）大于【解析】【解答】(1)A．按照圖1所示的裝置安裝器件，A符合題意，不符合題意；B．動能的增加量及重力勢能的減少量表達式中均含質量，故不用測量重物和夾子的質量，B不符合題意，符合題意；C．電磁式打點計時器使用的是交流電源，C不符合題意，符合題意；D．先接通電源后再釋放紙帶，打出一條紙帶后，更換紙帶，重復多次該步驟，D符合題意，不符合題意；E．選擇一條理想的紙帶，對其進行測量，E正確，不符合題意。故答案為：BC。(2)B點的速度表達式為v(3)減小的重力勢能等于增大的動能，即mg((4)由于空氣阻力及摩擦阻力的作用，使物體重力勢能的減少量大于動能的增加量。【分析】（1）實驗不需要測量重物和夾子的質量；電磁打點計時器應該使用交流電源；

（2）利用平均速度公式可以求出物體經過B點的瞬時速度大小；

（3）利用兩點間的重力勢能減少量和動能的變化量可以驗證機械能守恒；

（4）由于阻力做功減少機械能，所以其重力勢能的減少量大于動能的增加量。17．【答案】（1）解：小球做平拋運動，豎直方向h=解得t=0（2）解：水平方向做勻速直線運動，則有x=其中x=h?解得v【解析】【分析】（1）小球做平拋運動，利用位移公式可以求出下落的時間；

（2）小球在水平方向做勻速直線運動，利用其位移公