【高考真題】2022年高考物理真題試卷（海南卷）（缺第6題和第12題）一、單選題1．在冰上接力比賽時，甲推乙的作用力是F1，乙對甲的作用力是FA．大小相等，方向相反 B．大小相等，方向相同C．F1的沖量大于F2的沖量 D．F12．下列屬于β衰變的是（）A．92B．7C．90D．923．如圖為一用透明材料做成的中心是空的球，其中空心部分半徑與球的半徑之比為1：3。當細光束以30°的入射角射入球中，其折射光線剛好與內壁相切，則該透明材料的折射率為（）A．2 B．1.5 C．3 D．24．在同一地方，甲、乙兩個單擺做振幅不同的簡諧運動，其振動圖像如圖所示，可知甲、乙兩個單擺的擺長之比為（）A．2：3 B．3：2 C．4：9 D．9：45．一個有N匝的矩形線框，面積為S，以角速度ω從如圖所示的位置開始，在勻強磁場B中勻速轉動，則產生的感應電動勢隨時間變化的圖像是（）A．B．C．D．6．有一個輻向分布的電場，距離O相等的地方電場強度大小相等，有一束粒子流通過電場，又垂直進入一勻強磁場，則運動軌跡相同的粒子，它們具有相同的（）A．質量 B．電量 C．比荷 D．動能7．我國的石橋世界聞名，如圖，某橋由六塊形狀完全相同的石塊組成，其中石塊1、6固定，2、5質量相同為m，3、4質量相同為m'，不計石塊間的摩擦，則m：A．32 B．3 C．1 二、多選題8．某帶電體周圍的電場線和等勢面如圖所示，設A點的電場強度為EA，電勢為φA，B點的電場強度為EBA．EA>EB B．EA<9．火星與地球的質量比為a，半徑比為b，則它們的第一宇宙速度之比和表面的重力加速度之比分別是（）A．g火g地=ab B．v10．一群處于n=4激發態的氫原子躍遷向外輻射出不同頻率的光子，則（）A．需要向外吸收能量B．共能放出6種不同頻率的光子C．n=4向n=3躍遷發出的光子頻率最大D．n=4向n=1躍遷發出的光子頻率最大11．如圖，帶正電3×10?5C的物塊A放在水平桌面上，利用細繩通過光滑的滑輪與B相連，A處在水平向左的勻強電場中，E=4×105A．它們運動的最大速度為1m/sB．它們向左運動的最大位移為1mC．當速度為0.6m/s時，A的電勢能可能是?2.4JD．當速度為0.6m/s時，繩子的拉力可能是9.2N三、實驗題12．在用雙縫干涉測量光的波長的實驗中，如圖所示，則：（1）a、b分別是（）A．單縫和雙縫 B．雙縫和單縫 C．單縫和單縫 D．雙縫和雙縫（2）如果雙縫間距是d，雙縫到毛玻璃的距離是L，第一條亮紋到第六條亮紋間距是x，則光的波長是。（用x、d、L表示）13．完成下題（1）用如圖所示的裝置研究平拋物體的運動規律，擊打彈片時，A做平拋運動，B做自由落體。經過多次實驗發現兩個小球總是同時落地，則得到的結論是：。（2）以A的拋出點做為坐標原點，建立直角坐標系，如圖所示，設從O→A，從A→B，從B→C的時間分別是tOA、tAB、tBC物體平拋的初速度是多少（用x、h、g表示）14．現要測量一個滿偏電流Ig=50μA的表頭內阻并改裝成量程為（1）先閉合開關，再調整滑動變阻器，使電流表A的示數為84mA，電流表G的示數如圖所示，則流過G的電流是。若rA=1.0Ω，則r（2）給G并聯一個R1的電阻進行校準時，當電流表G的示數為45Ig時，標準電流表A的示數為（3）若要把它改裝成量程為1mA的電流表，還需要在R1兩邊并聯一個R2=四、解答題15．足夠長的玻璃管水平放置，用長19cm的水銀封閉一段長為25cm的空氣柱，大氣壓強為76cmHg，環境溫度為300K，將玻璃管緩慢順時針旋轉到豎直，則：（1）空氣柱是吸熱還是放熱？空氣柱長度變為多少？（2）當氣體溫度變為360K時，空氣柱長度又是多少？16．有一個角度可變的軌道，當傾角為30°時，A恰好勻速下滑，現將傾角調為60（1）A與軌道間的動摩擦因數μ；（2）A與B剛碰完B的速度？繩子的長度L？17．光滑的水平長直軌道放在勻強磁場B=0.25T中，軌道寬0.4m，一導體棒長也為0.4m，質量0.1kg，電阻r=0.05Ω，它與導軌接觸良好。當開關與a接通時，電源可提供恒定的1A電流，電流方向可根據需要進行改變，開關與b接通時，電阻R=0.05Ω，若開關的切換與電流的換向均可在瞬間完成，求：（1）當棒中電流由M流向N時，棒的加速度的大小和方向是怎樣的；（2）當開關始終接a，要想在最短時間內使棒向左移動4m而靜止，則棒的最大速度是多少；（3）要想棒在最短時間內向左移動7m而靜止，則棒中產生的焦耳熱是多少。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】AB.根據牛頓第三定律可知，F1和F2是作用力和發作用力，大小相等、方向相反，故A符合題意，B不符合題意；

CD.由于F1和F2大小相等，作用時間相等，所以兩力的沖量大小相等，方向相反，故CD均不符合題意。

故答案為：A

【分析】根據牛頓第三定律和沖量定義分析判斷。2．【答案】C【解析】【解答】A.放出a粒子，是a衰變，故A不符合題意；

B.是原子核的人工轉變，故B不符題意；

C.釋放出β（-10e）粒子，是β衰變，故C符合題意；

D.屬于裂變，故D不符合題意。

故答案為：C

【分析】根據α衰變和3．【答案】B【解析】【解答】設折射角為θ，內圓半徑為r，外圓半徑為R，則sinθ=rR=13，所以折射率4．【答案】C【解析】【解答】由圖可知，T甲T乙=0.8s1.2s=23，根據T=2π5．【答案】A【解析】【解答】線圈轉動產生的感應電動勢的最大值為Em=NBSω，線框從與中性面垂直位置開始計時，則產生的感應電動勢的瞬時值表達式為e=Emcosωt=NBSωcos6．【答案】C【解析】【解答】帶電粒子在輻射電場中做圓周運動，電場力提供向心力，根據牛頓第二定律有Eq=mv2r1，帶電粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據牛頓第二定律有qvB=mv2r2，解得：7．【答案】D【解析】【解答】六塊形狀完全相同的石塊圍成半圓對應的圓心角為180°，每塊石塊對應的圓心角為30°，對第結合力的合成可知tan對第2塊和第三塊石塊整體受力分析如圖tan30解得m故答案為：D。

【分析】對第3塊和23塊石塊分別進行受力分析，根據力的合成以及共點力平衡得出25的質量和34質量的比值。8．【答案】B,D【解析】【解答】AB.電場線的疏密程度表示電場強度的大小，B點電場線更密集，場強更大，故A不符合題意，B符合題意；

CD.電場線從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，由圖可知，B點所在的等勢面電勢更高，故C不符合題意，D符合題意。

故答案為：BD

【分析】電場線的疏密程度表示電場強度的大小，電場線從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面。9．【答案】B,C【解析】【解答】第一宇宙速度是近地衛星的運行速度，根據萬有引力提供向心力有：GMmR2=mv2R，解得v=GMR，所以v火v10．【答案】B,D【解析】【解答】A.氫原子從高能級向低能級躍遷，對外釋放能量，故A不符合題意；

B.根據n（n-1）2=4（4-1）2=6可知，共能放出6種不同頻率的光子，故B符合題意；

CD.根據hν=En-Em可知，從n=4向11．【答案】A,C,D【解析】【解答】A.當加速度為零時速度最大，對AB整體由平衡條件得：qE=mg+μ0mg，解得：μ0=0.2。由圖像可知，μ=0.2x，所以當μ0=0.2時，x=1m，根據功能關系有：qEx-12μ0mgx=12·2mvm2+mgx，解得vm=1m/s，故A符合題意；

B.向左運動達最大位移時，速度為零，設最大位移為xm，根據功能關系有qExm-12μmmgxm=mgxm，解得：xm=2m，故B不符合題意；12．【答案】（1）A（2）dx【解析】【解答】（1）根據實驗裝置的擺放特點可知，a、b分別是單縫合雙縫，故A符合題意，B不符合題意；

（2）由題意知，?x=x5，根據?x=Ldλ得【分析】（1）實驗原理，結合實驗操作要求，即可判斷；

（2）根據?x=L13．【答案】（1）做平拋運動的物體，在豎直方向上是自由落體運動（2）相等；x【解析】【解答】（1）經過多次實驗發現兩個小球總是同時落地，則得到的結論是平拋運動在豎直方向上的運動為自由落體運動；

（2）A為拋出點，豎直方向上hOA：hAB：hBC=h：3h：5h=1：3：5，所以tOA=tAB【分析】經過多次實驗發現兩個小球總是同時落地，則得到的結論是平拋運動在豎直方向上的運動為自由落體運動；根據平拋運動豎直方向和水平方向的運動特點求解。14．【答案】（1）30.0μA；2800Ω（2）0.95mA（3）18【解析】【解答】（1）電流表G的量程為50μA，分度值為1μA，需要估讀到下一位，所以讀數為30.0μA；根據Igrg（2）根據45Igrg=（0.76mA-45Ig）·R1得：R1=14009Ω。設改裝后的量程為I1，則Ig【分析】（1）電流表G的量程為50μA，分度值為1μA，需要估讀到下一位；根據Ig（2）根據45Igrg=（0.76mA-45Ig）·R115．【答案】（1）解：以封閉氣體為研究對象，氣體做等溫變化，設玻璃管橫截面積為S，玻璃管水平時p1=76cmHg玻璃管豎起來后p2=19cmHg+76cmHg=95cmHg根據p解得L=20cm氣體體積減小，外界對氣體做功，但其溫度不變，內能不變，根據熱力學第一定律可知氣體向外放熱；（2）解：空氣柱長度為20cm；由等壓變化得V其中T1=300K，V解得L【解析】【分析】（1）由題意可知發生等溫變化，根據玻意耳定律和熱力學第一定律求解；

（2）氣體溫度升高到360K過程做等壓變化，根據蓋呂-薩克定律求解。16．【答案】（1）解：傾角為30°時勻速運動，根據平衡條件有mg得μ=（2）解：A從高為h的地方滑下后速度為v0，根據動能定理有A與B碰撞后速度分別為v1和v3m1B到達最高點速度為v3，根據牛頓第二定律有根據能量守恒有1解得v2=【解析】【分析】（1）傾角為30°時，A恰好勻速下滑，根據平衡條件求出動摩擦力因數；

（2）由動能定理求出A從高為h的地方滑下后的速度，A與B碰撞過程利用動量守恒定律和機械能守恒定律求出碰撞后B的速度；利用牛頓第二定律求出B到達最高點的速度，根據能量守恒求出繩子的長度。17．【答案】（1）解：當電流從M流向N時，由左手定則可判斷安培力向右，故加速度方向向右。根據牛頓第二定律有BIL=ma代入數據可得a=1m/（2）解：開關始終接a時，電流N到M，經過時間t1后電流變為M到N，再經時間t2速度減為零，前t后t2s，則有根據x聯立解得