…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙科版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、一半徑為R的半球面均勻帶有正電荷Q,電荷Q在球心O處產生物的場強大小方向如圖所示.把半球面分為表面積相等的上、下兩部分,如圖甲所示,上、下兩部分電荷在球心O處產生電場的場強大小分別為把半球面分為表面積相等的左、右兩部分,如圖乙所示,左、右兩部分電荷在球心O處產生電場的場強大小分別為則()

A.B.C.D.2、如圖為靜電除塵示意圖，m、n為金屬管內兩點。在P、Q兩點加高電壓時；金屬管內空氣電離。電離出來的電子在電場力的作用下，遇到煙氣中的煤粉，使煤粉帶負電，導致煤粉被吸附到管壁上，排出的煙就清潔了。就此示意圖，下列說法正確的是（）

A.Q接電源的正極，且電場強度Em＝EnB.Q接電源的正極，且電場強度Em＞EnC.P接電源的正極，且電場強度Em＝EnD.P接電源的正極，且電場強度Em＞En3、下列關于電荷的說法正確的是（）A.摩擦能起電，是因為摩擦創造了新的電荷B.物體所帶的電荷量可以是任意值C.只有很小的球形帶電體才叫做點電荷D.點電荷是一種理想化模型，實際不存在4、對電場和電場強度的以下認識正確的是（）A.公式說明場強大小與電荷電量可能成正比，也可能成反比B.由可知，勻強電場中兩點間距離越大，電勢差越大C.公式僅適用于真空中點電荷形成的電場D.公式僅適用于真空中點電荷形成的電場5、某靜電場的電場線與x軸平行，電勢φ隨x坐標變換的關系圖象如圖所示。若將一帶電的粒子(重力不計)從坐標原點O由靜止釋放，在僅受電場力的作用下，該粒子在x軸上沿著軸線的正方向運動，已知電場中A、B兩點的x坐標分別為10mm；30mn；則。

A.該帶電粒子一定帶負電荷B.該電場為勻強電場，電場強度大小為1000V/mC.該粒子沿x軸從A點到B點的過程中，電勢能一直增大D.在x軸上從A點到B點電場的方向先沿x軸正方向后負方向6、下列圖中，A、B、C是勻強電場中的三個點，各點電勢φA＝10V，φB＝2V，φC＝6V，A、B、C三點在同一平面上，圖中電場強度的方向表示正確的是（）A.B.C.D.7、如圖所示，兩只相同的白熾燈和串聯接在電壓恒定的電路中。若的燈絲斷了，經搭絲后重新與串聯，重新接在原電路中，則此時的亮度與燈絲未斷時比較（）

A.不變B.變亮C.變暗D.條件不足，無法判斷評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示電路中，電源的內電阻為r，R1，R3，R4均為定值電阻，電表均為理想電表．閉合電鍵S，當滑動變阻器R2的滑動觸頭P向右滑動時；電表的示數都發生變化，下列說法正確的是（）

A.電壓表示數變大B.電流表示數變大C.外電路等效電阻變大D.內電路消耗的功率變大9、在絕緣光滑的水平面上相距為6L的A、B兩處分別固定正點電荷QA、QB，兩電荷的位置坐標如圖甲所示．圖乙是AB連線之間的電勢φ與位置x之間的關系圖像，圖中x=L點為圖線的最低點，若在x=－2L的C點由靜止釋放一個質量為m、電量為+q的帶電小球（可視為質點；不影響原電場），下列有關說法正確的是。

A.小球在x=L處的速度最大B.小球一定可以回到－2L的C點處C.小球將在－2L和+2L之間作往復運動D.固定在A、B處點電荷的電量之比為QA︰QB＝4︰110、某電場的電場線分布如圖所示；下列說法正確的是（）

A.a點的電勢低于b點的電勢B.c點的電場強度大于d點的電場強度C.若將一正試探電荷由a點移到b點，電場力做負功D.若將一負試探電荷由c點移到d點，電勢能增大11、如圖所示，兩塊較大的金屬板A、B相距為d，平行放置并與一電源相連，S閉合后，兩板間恰好有一質量為m、帶電荷量為q的油滴處于靜止狀態；以下說法正確的是（）

A.若將S斷開，則油滴將做自由落體運動，G表中無電流B.若將A向左平移一小段位移，則油滴仍然靜止，G表中有b→a的電流C.若將A向上平移一小段位移，則油滴向下加速運動，G表中有b→a的電流D.若將A向下平移一小段位移，則油滴向上加速運動，G表中有b→a的電流12、兩只完全相同的靈敏電流計改裝成量程不同的電壓表V1、V2，如果將兩表串聯起來后去測某一線路的電壓，則兩只表（）A.讀數相同B.量程大的電壓表讀數大C.量程大的電壓表指針偏轉的角度大D.指針偏轉的角度相同13、下列說法中正確的是（）A.電阻A與阻值無窮大的電阻B并聯，電阻不變B.電阻A與導線B（不計電阻）并聯，總電阻為零C.并聯電路中一支路的電阻可能小于總電阻D.并聯電路某一支路開路，總電阻為無窮大14、如圖所示,R1為定值電阻,R2為可變電阻,E為電源電動勢,r為電源內電阻,以下說法中正確的是()

A.當R2＝R1＋r時，R2獲得最大功率B.當R1＝R2＋r時，R1獲得最大功率C.當R2＝0時，R1獲得最大功率D.當R2＝0時，電源的輸出功率最大15、如圖所示；關于磁鐵；電流間的相互作用，下列說法正確的是()

A.甲圖中，電流不產生磁場，電流對小磁針力的作用是通過小磁針的磁場發生的B.乙圖中，磁體對通電導線的力的作用是通過磁體的磁場發生的C.丙圖中電流間的相互作用是通過電流的磁場發生的D.丙圖中電流間的相互作用是通過電荷的電場發生的評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、右圖電路中，滑動變阻器的滑片向上移動過程中，A、B兩個小燈泡的亮度變化情況是A燈___________，B燈___________。（填“變亮”、“變暗”、“不變”）17、四根完全相同的長直導線互相平行，它們的截面處于正方形abcd的四個頂點，導線中都通有大小相同的電流，方向如圖所示。正方形對角線的交點為O，通電導線a在O點產生的磁感應強度為B，四根通電導線在O點產生磁場的磁感應強度大小為___________，方向為___________。

18、如圖，在豎直平面內有一勻強電場，一帶電量為+q、質量為m的小球在力F（未知量）的作用下沿圖中虛線由A至B做豎直向上的勻速運動．已知力F和AB間夾角為θ，AB間距離為d，重力加速度為g．則電場強度E的最小值為___．若電場強度時，小球從A運動到B電勢能變化量大小可能為____．

19、（1）導體的___________。

（2）導體的___________。

（3）導體的___________。20、探究感應電流方向的實驗中；要用到靈敏電流計，條形磁鐵，螺線管，已知若電流從正接線柱流入時，指針將偏向正接線柱的一側，則：

（1）甲圖中螺線管的感應電流的磁場方向是______（請填“向上”或“向下”）

（2）乙圖中磁鐵在螺線管中產生的磁場方向是______（請填“向上”或“向下”）

（3）圖丙中螺線管中的磁通量正在______（請填“增大”或“減小”）

（4）圖丁中螺線管的繞向為（從上往下看，按電流流經方向）______（請填“順時針”或“逆時針”）

21、黑體∶

（1）定義∶某種物體能夠____吸收入射的各種波長的電磁波而不發生反射，這種物體就叫作____。

（2）黑體輻射的特點∶黑體輻射電磁波的強度按____的分布只與黑體的____有關。評卷人得分四、作圖題(共2題，共16分)22、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據已知條件和傳感器顯示的圖像中的數據信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短23、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共24分)24、“用測電源電動勢和內電阻”的實驗電路如圖（甲）所示，圖（乙）是某同學某次實驗得到的圖線。

（1）實驗中電壓傳感器“紅、黑”接線應分別接在電路中___________和___________位置（從“1、2、3、4”中選填）。閉合前，的滑動片應滑至___________端（選填“左”或“右”）。

（2）由圖（乙）實驗圖線的擬合方程可得，該電源電動勢___________內阻___________

（3）根據實驗測得的數據，若令則由計算機擬合得出的圖線應是圖（丙）中的___________（選填“a”、“b”或“c”），其余兩條圖線分別是令和得出的。

（4）根據第（2）問中得到的電源電動勢和內阻的值，推測圖（丙）中A點的坐標最接近()

A.B.C.D.25、某實驗小組欲自制歐姆表測量一個電阻的阻值，實驗提供的器材如下：。A．待測電阻Rx（約200Ω）B．電源（電動勢E約1.4V，內阻r約10Ω）C．靈敏電流計G（量程1mA，內阻Rg=200Ω）D．電阻R1=50ΩE．電阻R2=200ΩF．滑動變阻器R（阻值范圍為0~500Ω）G．開關，導線若干

(1)由于電源電動勢未知，該實驗小組經過分析后，設計了如圖（a）的測量電路。部分步驟如下：先閉合開關S1、S2，調節滑動變阻器R，使靈敏電流計示數I1=0.90mA，此時電路總電流I總=______mA；

(2)同時測出電動勢1.35V后，該小組成員在圖（a）的基礎上，去掉兩開關，增加兩支表筆M、N，其余器材不變，改裝成一個歐姆表，如圖（b），則表筆M為______（選填“紅表筆”或“黑表筆”）。用改裝后的歐姆表先進行電阻調零，再測量Rx阻值，靈敏電流計的示數I如圖（c），待測電阻Rx的阻值為______Ω。26、某組學生測電池組的電動勢和內阻；選用的實驗器材有：

電壓表（量程內阻約為）；

電流表（量程內阻約為）；

滑動變阻器（額定電流）；

待測電池組（電動勢約為內阻約為）；

開關；導線若干。

（1）該小組按照圖1甲所示的原理圖，連接實物電路，如圖1乙所示，經仔細檢查，發現電路中有一條導線連接不當，這條導線對應的編號是___________（選填導線編號），應該從電壓表接到電流表的___________（選填“a”或者“b”）端。

（2）改正這條導線的連接后開始實驗，某次測量時，其電流表示數如圖2所示，電流表的量程為則電流___________A。

（3）該組同學利用實驗過程中所記錄電壓表和電流表的示數，在坐標紙上描點繪圖，得到一條直線，如圖3所示。根據該圖線可知，該電池組的電動勢_______V（結果保留小數點后兩位），內阻________（結果保留小數點后兩位）。

（4）該組同學想研究充電寶的電源特性。他們把某充電寶作為一個電源，讓它對負載供電，測得其路端電壓U和電流I的關系，得到圖像；如圖4所示。

①通過該圖像，說明充電寶在對負載供電過程中，其電動勢和內阻的特點。()

②充電寶的銘牌通常標注的“”（毫安時）的數量，即它充滿電后全部放電的電荷量。該充電寶銘牌上標注“”。關于該充電寶，下列說法正確的是_________（選填選項前的字母）。

A．是能量單位。

B．理論上該充電寶充滿電后全部放出的電荷量。

C．理論上該充電寶充滿電后全部放出的電荷量。

D．該充電寶最多能儲存能量約為評卷人得分六、解答題(共3題，共24分)27、如圖所示，靜止于A處的離子，先經加速電場加速后能沿圖中圓弧虛線勻速率地通過靜電分析器，靜電分析器通道內有均勻輻射方向分布的電場，然后再從P點垂直CN進入矩形區域的有界勻強電場，場強方向水平向左。已知加速電場的電壓為U，圓弧虛線的半徑為R，離子質量為m、電荷量為q；QN=d、PN=2d；離子重力不計。求：

（1）靜電分析器圓弧虛線所在處電場強度E的大小；

（2）若離子恰好能打在Q點上，則矩形區域QNCD內電場強度E0的大小；

（3）從A到Q點的整個運動過程，離子電勢能的變化量

28、小明同學想用滿偏電流為Ig=1mA，電阻Rg=100Ω的表頭G改裝成歐姆表。他還選用了如下器材：電源：電動勢為E=1.5V，內阻r=0.5Ω；定值電阻：R0=1kΩ；滑動變阻器R：最大值為Rm=1kΩ；紅表筆和黑表筆各一支。

（1）請用小明選擇的器材幫他設計改裝歐姆表的電路圖（用題中所給器材符號表示）。

（2）用此歐姆表進行歐姆調零時，滑動變阻器R的阻值是多少？

（3）用此歐姆表測電阻時，表頭的電流為0.6mA，則測得的電阻Rx是多少？29、電子繞核運動可等效為一個環形電流，設氫原子中的電子在半徑為的圓軌道上運動，用表示電子的電荷量，用m表示電子的質量，靜電力常數為則：

（1）電子繞核運動周期

（2）等效電流參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【詳解】

根據點電荷電場強度公式且電荷只分布球的表面，對于圖甲，雖表面積相同，但由于間距的不同，則上、下兩部分電荷在球心O處產生電場的場強大小關系為因電荷Q在球心O處產生物的場強大小則而故A正確，B錯誤；對圖乙，半球面分為表面積相等的左、右兩部分，是由于左右兩個半個球殼在同一點產生的場強大小相等，則根據電場的疊加可知：左側部分在O點產生的場強與右側電荷在O點產生的場強大小相等，即．由于方向不共線，由合成法則可知，故CD錯誤，故選A.

【點睛】根據電場的疊加原理，分析半球殼在O點的場強方向，再比較場強的大小關系．根據結合左右兩側球殼上點電荷到O點距離的關系，進行分析．2、B【分析】【分析】

【詳解】

管內接通靜電高壓時，管內存在強電場，它使空氣電離而產生電子和正離子。電子在電場力的作用下，向正極移動時，碰到煙塵微粒使它帶負電。所以金屬管Q應接高壓電源的正極，金屬絲P接負極。構成類似于點電荷的輻向電場；所以越靠近金屬絲，電場強度越強，故B正確，ACD錯誤。

故選B。3、D【分析】【詳解】

A．摩擦起電的本質是電子的轉移；沒有創造出新的電荷，A錯誤；

B．物體所帶的電荷量一定是元電荷的整數倍；不是任意值，B錯誤；

C．當帶電體的大小；形狀對所研究的問題影響可以忽略時；就可以把帶電體看成點電荷，與本身的大小沒有必然關系，C錯誤；

D．點電荷是一種理想化模型；實際不存在，D正確。

故選D。4、C【分析】【詳解】

A．點電荷的電場強度的計算式

場強大小與電荷電量成正比，而對于

是電場強度的定義式；與電量無關，故A錯；

B．由U=Ed可知；勻強電場中兩點間沿電場線方向的距離越大，電勢差越大，故B錯誤；

C．點電荷的電場強度的計算式

中；僅適用于真空中點電荷形成的電場，故C正確；

D．電場強度的定義式

適用于任何電荷產生的電場；故D錯誤。

故選C。5、B【分析】【詳解】

A．粒子受力方向和電場方向相同；故粒子帶正電荷，選項A錯誤；

B．在圖象中，圖線斜率表示場強大小，斜率不變說明電場為勻強電場，電場強度大小為

選項B正確；

C．粒子沿x軸從A點到B點的過程中；電場力一直做正功，電勢能一直減少，選項C錯誤；

D．由圖像知電勢降低，根據沿著電場線電勢降低，所以在x軸上從A點到B點電場強度都沿x軸正方向；選項D錯誤；

故選擇B．6、D【分析】【詳解】

據題，A、B、C三點的電勢分別因為勻強電場中沿電場線方向相同距離電勢差相等，則A、B兩點連線中點的電勢為

因此該中點與C點的連線為等勢線，那么與此連線垂直的直線即為電場線，由于又因為沿著電場線電勢降低，所以電場線方向垂直于的中點與C點連線向下，故選D。7、C【分析】【詳解】

根據歐姆定律，可得干路電流為

燈泡的功率為

其中（當時取等號）

故有（當時取等號）

由于兩燈泡相同，搭絲后燈泡電阻減小，故燈泡的電功率減小；則變暗。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)8、A:C【分析】【分析】

從電路圖可知和并聯后與串聯，再與并聯，電壓表測量兩端電壓，即路端電壓，電流表測量通過的電流。

【詳解】

ABC．當滑動變阻器R2的滑動觸頭P向右滑動時，滑動變阻器連入電路的電阻增大，電路總電阻增大，根據閉合回路歐姆定律可得路端電壓增大，即電壓表示數增大，路端總電流減小，而通過支路的電流增大，所以通過的電流減小，即兩端的電壓減小，故和并聯電路兩端的電壓增大，所以通過的電流增大，所以通過的電流減小；即電流表示數減小，AC正確；B錯誤；

D．因為電路總電流減小，內電路電阻不變，所以根據公式

可得內電路消耗的功率減小；D錯誤。

故選AC。9、A:B:D【分析】【詳解】

據φ-x圖象切線的斜率等于場強E可知x=L處場強為零，x=L右側電場為負，即方向向左，x=L左側電場為正，即方向向右；那么小球先向右做加速運動，到x=L處加速度為0，從x=L向右運動時，電場力方向向左，小球做減速運動，所以小球在x=L處的速度最大，故A正確．x=L處場強為零，根據點電荷場強則有：解得QA：QB=4：1，故D正確．根據動能定理得：qU=0，得U=0，所以小球能運動到電勢與出發點相同的位置，由圖知向右最遠能到達x>2L的某位置，則小球應在x=-2L到右側x>+2L的某位置區間內作往復運動；故B正確，C錯誤．故選ABD．

【點睛】

解決本題首先要理解φ-x圖象切線的意義，知道電場力做功和路徑無關，只和初末兩點的電勢差有關，掌握電場力做功的公式W=qU和電荷場強公式，靈活運用電場的疊加原理．10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據沿電場線電勢降低可知：a點的電勢低于b點的電勢；故A正確；

B．從電場線的分布情況可知，c處的電場線比d處的疏，所以c點的電場強度小于d點的電場強度；故B錯誤；

C．正電荷所受電場力和場強方向相同，因此正電荷由a點移到b點時電場力做負功；故C正確；

D．將一負試探電荷由c點移到d點；電場力做正功，電勢能減少，故D錯誤。

故選AC。11、B:C【分析】【詳解】

A．將S斷開；電容器電量不變，板間場強不變，故油滴仍處于靜止狀態，A錯誤；

B．若S閉合，將A板左移，由

可知，E不變，油滴仍靜止，根據

可知，電容C變小，電容器極板電量Q＝CU

變小，電容器放電，則有由b→a的電流；故B正確；

C．將A板上移，則

可知，E變小，油滴應向下加速運動，根據

可知，電容C變小，電容器要放電，則有由b→a的電流流過G；故C正確；

D．當A板下移時，板間電場強度增大，油滴受的電場力增加，油滴向上加速運動，根據

可知，C增大，電容器要充電，則有由a→b的電流流過G；故D錯誤。

故選BC。12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

兩只完全相同的靈敏電流計改裝成量程不同的電壓表；則改裝成的電壓表內部的電流計滿偏電流相同，所串聯的電阻不同，量程較大的所串聯的電阻較大，內阻較大；如果將兩表串聯起來后去測某一線路的電壓，則通過內部的兩只電流計的電流相同，則指針偏轉的角度相同；量程較大的電壓表內阻較大，則分壓較大，則量程大的電壓表讀數大。

故選BD。13、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．若電阻與一無窮大的電阻并聯，則總電阻等于A的阻值；A正確；

B．電阻與導線并聯時；導線電阻為零，則電阻被短路，總電阻為零，B正確；

C．并聯電路中；并聯的電阻越多，則總電阻越小；總電阻一定小于任一支路中的電阻，C錯誤；

D．并聯電路中某一支路開路時；總電阻變大，但絕不會為無窮大，D錯誤。

故選AB。14、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．將定值電阻R1等效為電源的內阻，則可知當R2=R1+r時，R2獲得最大功率；故A正確；

BC．根據P=I2R，電流最大時，R1上的功率最大，當外電阻最小時，即R2=0時，電流最大，R1上獲得最大功率；故B錯誤，C正確；

D．只有電源內阻等于外電阻時，電源的輸出功率是最大的，因不能明確R1與r的大小關系；故無法確定電源的輸出功率是否最大，故D錯誤。

故選AC。15、B:C【分析】【詳解】

A．甲圖中；電流產生磁場，電流對小磁針力的作用是通過電流的磁場發生的；故A項錯誤；

B．乙圖中；磁體對通電導線力的作用是通過磁體的磁場發生的；故B項正確；

CD．丙圖中，電流對另一個電流力的作用是通過該電流的磁場發生的；故C項正確，D項錯誤．三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

[1][2]．滑動變阻器的滑片向上移動過程中，電阻變大，則總電阻變大，總電流減小，即A燈電流減小，即A燈變暗；A燈兩端電壓值減小，則由UB=U-UA可知B燈兩端電壓變大，即B燈變亮；【解析】變暗變亮17、略

【分析】【詳解】

[1]據安培定則可得通電電流的磁場方向如圖所示。

正方形abcd的四個頂點，導線中都通有大小相同的電流，通電導線a在O點產生的磁感應強度為B，所以通電導線bcd在O點產生的磁感應強度均為B，由矢量疊加可得四根通電導線在O點產生磁場的磁感應強度大小為

[2]由疊加原理可得O點產生磁場的方向為由O指向b。【解析】2B由O指向b18、略

【分析】【詳解】

分析小球受力情況：小球受到重力拉力F與電場力因為小球做勻速直線運動，合力為零，則F與的合力與大小相等、方向相反，作出F與的合力，如圖，可知當電場力與F垂直時；電場力最小，此時場強也最小．

則得：所以電場強度的最小值為．若電場強度即時，電場力可能與AB方向垂直，如圖1位置，電場力不做功，電勢能變化量為0；也可能電場力位于位置2方向，則電場力做功為．

【點睛】

解決本題的關鍵是對小球進行正確的受力分析，靈活運用圖解法分析極值情況，并根據力圖要知道電場力大小一定時，方向可能有兩種情況，不能漏解．【解析】0或19、略

【分析】【詳解】

略【解析】橫截面積長度材料20、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]依題意；若電流從正接線柱流入時，指針將偏向正接線柱的一側，而甲圖中電流從正接線柱流入電流計，根據安培定則，感應電流產生的磁場方向向上；

(2)[2]圖中電流從負接線柱流入電流計；根據安培定則，感應電流產生的磁場方向向下，磁鐵向上運動，穿過線圈的磁通量減小，根據楞次定律則原磁場方向向下；

(3)[3]圖中電流從正接線柱流入電流計；根據安培定則，感應電流的磁場方向向上，原磁場方向向上，根據楞次定律可知，磁通量減小；

(4)[4]磁鐵N極向上運動，穿過線圈的磁通量減小，原磁場方向向下，根據楞次定律，感應磁場向下，而感應電流從正接線柱流入電流計，因此其方向俯視為順時針方向。【解析】向上向下減小順時針21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]某種物體能夠完全吸收入射的各種波長的電磁波而不發生反射；這種物體就叫作黑體。

（2）[3][4]黑體輻射電磁波的強度按波長的分布只與黑體的溫度有關。【解析】①.完全②.黑體③.波長④.溫度四、作圖題(共2題，共16分)22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減小；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據可知電容器的電荷量將變小；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD。【解析】ABDABD23、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】五、實驗題(共3題，共24分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3]實驗中電壓傳感器“紅、黑”接線應分別接在電路中電源的正負極兩端，但是開關要起到作用，則電壓傳感器“紅、黑”接線應分別接在電路中3和1位置。閉合前，要讓電流從最小開始調節，則的滑動片應滑至左端開始。

（2）[4][5]根據閉合電路歐姆定律

由圖（乙）實驗圖線的擬合方程可得，圖像縱坐