…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新世紀版必修1物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，物塊A放在直角三角形斜面體B上面，B放在彈簧上面并緊挨著豎直粗糙墻壁，處于靜止狀態。現用力F沿斜面向上推A，A，B仍處于靜止狀態。下列說法正確的是（）

A.A，B之間的摩擦力大小可能不變B.A，B之間的摩擦力一定變大C.B受到的彈簧彈力一定變小D.B與墻之間可能沒有摩擦力2、如圖所示，A、B、C三物塊疊放并處于靜止狀態；水平地面光滑，其它接觸面粗糙，則（）

A.A與墻面間存在壓力B.A與墻面間可能存在靜摩擦力C.A物塊共受4個力作用D.B物塊共受4個力作用3、烏拉圭前鋒蘇亞雷斯參加活動時表演停球絕技，足球從35m高的地方落下，經蘇亞雷斯用腳“卸去力道”后，足球經地面反彈高度只有約0.5m，此過程足球路程和位移的大小分別為（）A.35.5m，34.5mB.35.5m，35.5mC.34.5m，35.5mD.34.5m，34.5m4、自由下落的物體，自起始點開始依次下落三段相同的位移所需要的時間比為（）A.1:3:5B.1:4:9C.1:D.1:5、足球運動是目前全球體育界最具影響力的項目之一；深受青少年喜愛．如圖所示為三種與足球有關的情景．下列說法正確的是（）

A.甲圖中，靜止在草地上的足球受到的彈力就是它的重力B.乙圖中，靜止在光滑水平地面上的兩個足球由于接觸而受到相互作用的彈力C.丙圖中，落在球網中的足球受到彈力是由于足球發生了形變D.丙圖中，落在球網中的足球受到彈力是由于球網發生了形變6、如圖所示；物塊A放在傾斜的木板上，木板的傾角α分別為30°和45°時物塊所受摩擦力的大小恰好相同，則下列說法正確的是()

A.物塊和木板間的動摩擦因數為0.5B.傾角α為30°時物體靜止在斜面上C.木板的傾角α為45°時物塊所受摩擦力等于重力D.木板的傾角α為45°時物塊所受摩擦力為靜摩擦力7、在物理學的發展過程中，科學家們創造出了許多物理學研究方法，以下關于所用物理學研究方法的敘述正確的是（）A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法叫微元法B.伽利略認為自由落體運動就是物體在傾角為90°的斜面上的運動，再根據銅球在斜面上的運動規律得出自由落體的運動規律，這是采用了實驗和邏輯推理相結合的方法C.在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了理想模型法D.在探究加速度、力和質量三者之間的關系時，先保持質量不變研究加速度與力的關系，再保持力不變研究加速度與質量的關系，該實驗采用了假設法評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示，2021個質量均為m的小球通過完全相同的輕質彈簧（在彈性限度內）相連，在水平拉力F的作用下，一起沿光滑水平面以加速度a向右做勻加速直線運動，設1和2間彈簧的彈力為2和3間彈簧的彈力為2020和2021間彈簧的彈力為則下列結論正確的是（）

A.B.從左到右每根彈簧長度之比為C.如果突然撤去拉力F，撤去F瞬間，第2021個小球的加速度為D.如果2和3兩個球間的彈簧從第2個球處脫落，那么脫落瞬間1、2小球的加速度大小依然等于a9、甲、乙兩物體從同一點開始沿一直線運動，甲的x-t和乙的v-t圖象如圖所示；下列說法中正確的是（）

A.甲在3s末回到出發點，甲運動過程中，距出發點的最大距離均為4mB.2~4s內乙的加速度不變C.第3s內甲、乙兩物體速度方向相同D.2~4s內甲的位移大小為8m，乙的位移大小為0m10、甲、乙兩物體相距s，同時同向沿同一直線運動，甲在前面做初速度為零、加速度為a1的勻加速直線運動，乙在后面做初速度為v0、加速度為a2的勻加速直線運動，則（）A.若a1=a2，則兩物體只能相遇一次B.若a1>a2，則兩物體只能相遇兩次C.若a1<a2，則兩物體可能相遇兩次D.若a1>a2，則兩物體可能相遇一次或不相遇11、利用速度傳感器與計算機結合，可以自動做出物體的速度v隨時間t的變化圖像。某次實驗中獲得的v-t圖像如圖所示；由此可以推斷該物體在（）

A.t=2s時速度的方向發生了變化B.t=2s時加速度的方向發生了變化C.0~4s內做往復運動D.0~4s內的位移約為2.8m12、如圖所示；豎直擋板與地面通過鉸鏈連接；一小球通過輕繩懸掛于擋板，不計一切摩擦。現將擋板逆時針緩慢轉動，直到擋板水平，此過程中（）

A.輕繩拉力一直減小B.輕繩拉力先增大后減少C.擋板對小球的支持力先減小后增大D.擋板對小球的支持力先增大后減小13、如圖所示，質量均為m的A、B兩球之間系著一根不計質量的彈簧，放在光滑的水平面上，A球緊靠直墻壁，今用水平力F將B球向左推壓彈簧，平衡后，突然將F撤去（）

A.F撤去瞬間B球的速度為零；加速度大小為B.F撤去瞬間B球的速度為零，加速度為零C.在彈簧第一次恢復原長之后，A才離開墻壁D.在A離開墻壁后，B兩球均向右做勻速運動14、如圖甲所示，粗糙水平地面上靜置三個傾角和質量相同的斜面體，讓a、b、c三個質量相等的物塊分別從三個斜面上以相同的初速度下滑，其v-t圖像如圖乙所示已知物塊下滑過程中斜面體始終保持靜止，a、b、c與斜面之間的動摩擦因數分別為μa、μb、μc，斜面體對地面的壓力分別為FNa、FNb、FNc，斜面體對地面的摩擦力分別為fa、fb、fc。則下列說法正確的是（）

A.μa＞μb＞μcB.FNa＞FNb＞FNcC.fb=0，fa向右，fc向左D.fb=0，fa向左，fc向右評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、內容：在彈性限度內，彈簧發生彈性形變時，彈力F的大小跟_________成正比，即F=_________。16、力學單位制。

(1)單位制：____單位和____單位一起組成了單位制．

(2)基本單位：基本物理量的單位．國際單位制中基本物理量共七個，其中力學有三個，是__、質量、___，單位分別是___、__、____

(3)導出單位：由基本物理量根據_______推導出來的其他物理量的單位．17、某同學讓重錘做自由落體運動，利用打點計時器打出的紙帶來測量當地的重力加速度．該同學在實驗中得到6條紙帶，如圖所示為其中一條，在紙帶上取6個計數點，兩個相鄰計數點間的時間間隔為T=0.02s．其中1、2、3點相鄰，4、5、6點相鄰，在3點和4點之間還有若干個點．x1是1、3兩點的距離，x3是4、6兩點的距離，x2是2；5兩點的距離．

（1）測x1、x2、x3后，點2速度的表達式v2=______．點5速度的表達式v3=______．

（2）該同學測得的數據是x1=4.00cm，x2=19.30cln，x3=8.72cm，根據數據求出重力加速度g=______m/s2（保留三位有效數字）．18、已知某一質點在豎直面內的三個力F1、F2、F3作用下處于靜止狀態，其中F2=10N，方向水平向右，則F1、F3的合力大小為________N，若將F2大小不變，方向改為豎直向上，則質點所受合力大小為________N．19、如圖所示，質量為的物塊靠在豎直墻面上，物塊與墻面間的動摩擦因數垂直于墻壁作用在物塊表面的推力物塊處于靜止狀態，則物塊所受摩擦力的大小為（取）___________

20、牛頓第一定律______牛頓第二定律的推論（選填“是”或“不是”）；______用牛頓第二定律來解釋質量是物體慣性大小的量度（選填“能”或“不能”）。評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)21、畫出物體A的受力示意圖（A靜止；接觸面不光滑）

22、畫出下面幾個力的圖示；并指出受力物體和施力物體。

(1)飛行的火箭受到的重力，火箭的質量為2×103kg。()。

(2)人對車施加的水平向右250N的推力。

(3)用一根細繩豎直懸掛一小球；繩子的小球的拉力為0.5N。

23、畫出下圖中物體A受力的示意圖（各接觸面均光滑）。

24、已知兩共點力大小分別為F1=3.0N，F2=2.5N，其方向如圖所示，請用1cm代表1N，用作圖法作出這兩個共點力的合力，并可由圖可量出其大小為________N.(保留一位小數)

評卷人得分五、實驗題(共4題，共12分)25、某實驗小組利用如圖所示的裝置進行“探究加速度與合外力的關系”的實驗。

（1）為了減小誤差，在平衡摩擦力后，每次實驗必須通過改變鉤碼的個數來改變小車所受合外力，獲取多組數據。若小車質量為實驗中每次所用的鉤碼總質量范圍應選___________組會比較合理。（填選項前的字母）

A．B．C．

（2）實驗中打點計時器所使用的電源頻率為圖中給出的是實驗中獲取的紙帶的一部分：1、2、3、4、5是計數點，每相鄰兩計數點間還有4個打點未標出，由該紙帶可求得小車的加速度__________（結果保留3位有效數字）

（3）改變鉤碼的個數重復實驗，得到加速度與合外力的關系如圖所示，分析圖像，可得出實驗的結論是__________。

26、某實驗小組用如圖1裝置做“探究加速度與力；質量的關系”實驗。

（1）在平衡阻力時，小車拖著的紙帶打出的點如圖2所示，則需要把圖1中墊塊向___________（填“左”或“右”）移動。

（2）在正確操作后打出了一條紙帶，實際點跡如圖3。已知交流電頻率為50Hz，打下紙帶中P點的速度是___________m/s（保留三位有效數字），該紙帶的運動方向是向___________（填“左”或“右”）。

27、某同學設計了測量木塊與木板間動摩擦因數的實驗；實驗的主要步驟如下：

A.用彈簧測力計測量木塊重G=5.0N.

B.將木板放在水平面上；木塊放在木板上，彈簧測力計的一端固定在墻上，另一端用細繩與木塊連接，如圖所示.

C.用水平力F向左拉木板；木板向左運動，此時測力計的穩定示數如圖所示.

則，木塊與木板間的滑動摩擦力的大小是________N，動摩擦因數為___________.28、如圖1所示的截面為同心圓環的直導電材料；電阻約為100歐姆，欲測量該樣品的內徑，但內徑太小無法直接測量．現提供以下實驗器材：

A．20等分刻度的游標卡尺；

B．螺旋測微器。

C．電流表A1（量程為50mA，內阻r1=100歐姆）

D．電流表A2（量程為100mA，內阻r2約為40歐姆）

E．滑動變阻器R1（0﹣10歐姆；額定電流2A）

F．直流電源E（12V；內阻約為100歐姆）

G．上述導電材料R2（長約為3cm；電阻約為100歐姆）

H．開關一只；導線若干。

用上述器材設計一個盡可能精確測量該樣品內徑d的實驗方案；回答下列問題：

（1）用游標卡尺測得該樣品的長度如圖2所示，其求數L=_______cm，用螺旋測微器測得該樣品的外徑D如圖3所示，則D=_______mm。

（2）請在圖4中畫出設計的實驗電路圖，并標明所選擇器材的字母代號_______；

（3）用已知的物理和所測得的物理的符號表示樣品的內徑d=_______。評卷人得分六、解答題(共1題，共5分)29、一輛汽車正在以v0=18m/s的速度勻速行駛，突然，司機看見車的正前方不遠處有一只狗靜止在路中央，如圖甲所示，司機立即采取制動措施．若從司機看見狗開始計時（t=0），汽車的v﹣t圖象如圖乙所示；根據圖象或者運動規律回答以下幾個問題：

（1）該司機的反應時間t1和汽車的剎車時間t2分別是多少？

（2）汽車從司機發現狗至停止運動的這段時間內前進的距離s是多少？

（3）試求出汽車制動時的加速度．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

AB．A開始受重力、B對A的支持力和靜摩擦力平衡，當施加F后，仍然處于靜止，開始A所受的靜摩擦力大小為若

則A、B之間的摩擦力大小可能不變；故A正確，B錯誤；

CD．對整體分析，由于AB不動，彈簧的形變量不變，則彈簧的彈力不變，開始彈簧的彈力等于A、B的總重力，施加F后，彈簧的彈力不變，總重力不變，根據平衡知，則B與墻之間一定有摩擦力；故CD錯誤。

故選A。2、D【分析】【詳解】

AB．整體受力分析；由平衡條件可知，只受重力及地面的支持力，所以A與墻面間不存在壓力及靜摩擦力，則AB錯誤；

C．隔離法對A受力分析；由平衡條件有重力，B對A的支持力及B對A的靜摩擦力，三力平衡，所以C錯誤；

D．把AB看成一個整體；只受重力及C對B的支持力，C與B之間沒有靜摩擦力，則B物塊共受了4個力作用，所以D正確；

故選D。3、A【分析】【詳解】

足球路程為軌跡的長度；為35+0.5m=35.5m；位移的大小足球初末位置的直線距離，為35-0.5=34.5m，故A正確，BCD錯誤．

故選A4、D【分析】【詳解】

根據初速度為零的勻變速直線運動的推論知，在連續通過相等位移內的時間之比為

故D正確．5、D【分析】靜止在草地上的足球受到草地給的彈力，與重力相平衡，但不是它的重力，故A錯誤；靜止在光滑水平地面上的兩個足球由于接觸，但由于沒有彈性形變，所以沒有受到相互作用的彈力，故B錯誤；丙圖中，落在球網中的足球受到彈力是由于網發生了形變，故C錯誤；D正確。所以D正確，ABC錯誤。6、B【分析】對物體受力分析如圖；

當木板的傾角α為30°時；物塊所受摩擦力為靜摩擦力，根據平衡條件得：f=mgsinα；

當木板的傾角α為45°時物塊所受摩擦力為滑動摩擦力；則有：f=μN=μmgcosα；

即為：mgsin30°=μmgcos45°，μ=A錯誤；當木板的傾角α為30°時，物塊所受摩擦力為靜摩擦力，故B正確；木板的傾角α為45°時物塊所受摩擦力小于重力的分力，故C錯誤；當木板的傾角α為45°時物塊所受摩擦力為滑動摩擦力，故D錯誤．故選B．

點睛：計算摩擦力，首先要根據物體的受力情況，判斷物體的狀態，確定是什么摩擦力，再選擇解題方法：靜摩擦力由平衡條件求解，而滑動摩擦力可由公式或平衡條件求解；當兩個物相對靜止時，受到的是靜摩擦力；當兩個物體之間發生相對運動時，受到的是滑動摩擦力．7、B【分析】【詳解】

A.質點屬于理想模型；用質點來代替物體的方法叫理想模型法，A錯誤；

B.伽利略認為自由落體運動就是物體在傾角為90°的斜面上的運動；再根據銅球在斜面上的運動規律得出自由落體的運動規律，這是采用了實驗和邏輯推理相結合的方法，B正確；

C.整個運動過程劃分成很多小段；每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法，C錯誤；

D.在探究加速度；力和質量三者之間的關系時；先保持質量不變研究加速度與力的關系，再保持力不變研究加速度與質量的關系，該實驗采用了控制變量法，D錯誤；

故選B。二、多選題(共7題，共14分)8、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．設n和n+1間彈簧的彈力為

對整體有

對前n個小球分析有

解得

則n和n+1間彈簧的彈力與n成正比，所以則A正確；

B．由F=kx可得從左到右每根彈簧的伸長量之比為所以B錯誤；

C．如果突然撤去拉力F，撤去F瞬間，第2021個小球的加速度為

解得

所以C錯誤；

D．如果2和3兩個球間的彈簧從第2個球處脫落，那么脫落瞬間1、2小球間的彈力保持不變，所以1球的加速度保持不變，2的加速度大小依然等于a方向與1球的相反；所以D正確；

故選AD。9、A:B:D【分析】【詳解】

A．甲的x-t圖象；縱坐標表示位置的變化，斜率表示速度，故0~2s沿正向做勻速直線運動，2~4s沿負向做勻速直線運動，4~6s沿正向做勻速直線運動；3s末和6s末回到出發點，最大位移為2s時的4m，故A正確；

B．乙的v-t圖象；縱坐標表示瞬時速度，斜率表示加速度，則2~4s為加速度方向為負，大小相同，B正確；

C．由甲的x-t圖象讀出第3s內斜率為負表示沿負方向的速度，由乙的v-t圖象讀出第3s內的縱坐標為正表示沿正向的速度；故C錯誤；

D．甲在2~4s內的位移為縱坐標的變化乙在2~4s內的位移為圖象的面積故D正確。

故選ABD。10、A:D【分析】【詳解】

A．若a1=a2；而乙有初速度，則乙一定可以追上甲，且兩物體可以相遇一次，故A正確；

C．若a1<a2；因為乙有初速度，所以最后乙的速度會比甲的速度大，一定可以追上，追上后乙的速度大于甲的速度，則甲再不可能追上乙，所以兩物體只能相遇一次，故C錯誤；

BD．若a1>a2；雖然甲的加速度大，但是由于乙具有初速度，所以可能在速度相等之前乙追上甲，也可能追不上，也可能速度相等之前乙追上甲，速度相等之后，乙又被甲反超，即兩物體相遇兩次；若速度相等時恰好追上，則兩物體只能相遇一次，故B錯誤，D正確。

故選AD。11、A:C【分析】【詳解】

AC．由題圖可知，0~2s內物體的速度為正，2~4s內物體的速度為負，則在t=2s時速度的方向發生了變化；0~4s內物體做往復運動，故AC正確；

B．由于1~3s內圖線的斜率一直為負值，可知t=2s時加速度的方向不變；故B錯誤；

D．根據v-t圖線與時間軸所圍“面積”表示位移；可知0~4s內物體的位移為0，故D錯誤。

故選AC。12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

受力分析如圖。

由幾何關系可得

支持力與繩子的夾角α不變，繩子與重力的夾角θ由鈍角逐漸減小到直角再到銳角，重力與支持力的夾角β由鈍角逐漸增大到平角；則有輕繩拉力逐漸減小到零，擋板對小球的支持力先逐漸增大后減小。

故選AD。13、A:C【分析】【詳解】

AB．撤去前，彈簧的彈力大小等于將撤去瞬間，彈簧的彈力沒有變化，則知A球的受力情況沒有變化，其合力仍為零，加速度為零，B球的合力大小等于方向向右，則其加速度大小為故A正確，B錯誤；

C．在彈簧第一次恢復原長后；彈簧對A有向右的拉力，A才離開墻壁。故C正確；

D．在A離開墻壁后；彈簧伸長，則A向右做加速運動；B向右做減速運動。故D錯誤。

故選AC。14、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由v-t圖像可知，物塊a勻減速下滑，物塊b勻速下滑，物塊c勻加速下滑。對物塊a有

則有μa>tanθ

對物塊b有

有μb=tanθ

對物塊c有

則有μcθ

故有μa＞μb＞μc；故A正確；

BCD．對物塊和斜面體整體進行分析，物塊a和斜面體有沿斜面向上的加速度，對加速度進行分解，豎直方向有向上的加速度，處于超重狀態，則有FNa>G總

水平方向有向右的加速度，則地面對斜面體的摩擦力水平向右，根據牛頓第三定律可知，斜面體對地面的摩擦力fa水平向左；物塊b和斜面體處于平衡狀態，則有FNb=G總，斜面體與地面之間無摩擦力，即fb=0

物塊c和斜面體有沿斜面向下的加速度，對加速度進行分解，豎直方向有向下的加速度，處于失重狀態，則有FNc<G總

水平方向有向左的加速度，則地面對斜面體的摩擦力水平向左，根據牛頓第三定律可知，斜面體對地面的摩擦力fc水平向右，則可得FNa＞FNb＞FNc

故BD正確；C錯誤。

故選ABD。三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

略【解析】彈簧伸長（或縮短）的長度xkx16、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]單位制：基本單位和導出單位一起組成了單位制．

(2)[3][4][5][6][7]基本單位：基本物理量的單位．國際單位制中基本物理量共七個；其中力學有三個，是長度；質量、時間，單位分別是米、千克、秒；

(3)[8]導出單位：由基本物理量根據物理關系推導出來的其他物理量的單位．【解析】基本導出長度時間米千克秒物理關系17、略

【分析】【詳解】

(1)根據中點時刻的速度等于平均速度得

(2)根據勻加速直線運動位移速度公式可知：代入數據計算得出．【解析】9.7218、略

【分析】【分析】

三力平衡中，任意一個力都與另外兩個力等值、反向、共線，當一個力F2的方向轉過90°而保持其大小不變．另外一個力保持不變；由根據力的平行四邊形則，即可求解．

【詳解】

[1][2]．三力平衡中，任意一個力都與另外兩個力等值、反向、共線，所以F1、F3的合力大小與F2相等，為10N；當力F2的方向從水平變成豎直向上后，轉過90°而保持其大小不變．另外兩個力保持不變；根據平行四邊形定則可知，另外兩個力的合力與F2大小相等且互成90°，則質點所受到的合力大小為F2=10N．【解析】10；1019、略

【分析】【詳解】

[1]對木塊受力分析，受到豎直向下的重力、墻對物塊的水平向右的彈力、豎直向上的靜摩擦力和垂直墻壁水平向左的推力，由于物塊處于靜止狀態，根據平衡條件可得，豎直方向上的靜摩擦力大小為【解析】10N20、略

【分析】【詳解】

[1]由于實際上不存在完全不受其它物體作用的孤立物體；所以第一定律不能用實驗直接加以驗證，主要是由它所推出的結論和實驗事實符合而得到驗證。第一定律指出了物體在不受力的情況下處于怎樣的運動狀態，這樣就可以研究物體在受力情況下的運動狀態，因此，在牛頓力學的理論系統中牛頓第一定律是第二定律的前提和基礎，則牛頓第一定律不是牛頓第二定律的推論。

[2]根據公式。

F=ma質量越大，加速度就越小，物體也就越能保持它原有的狀態，慣性也就越大了，則能用牛頓第二定律來解釋質量是物體慣性大小的量度。【解析】不是能四、作圖題(共4題，共32分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

第一個圖中A受重力和豎直向上的支持力；如圖所示。

第二個圖中A受重力；垂直斜面的支持力、沿斜面向上的摩擦力；如圖。

【解析】22、略

【分析】【詳解】

(1)重力的施力物體是地球，受力物體是火箭；重力的大小為

(2)推力的施力物體是人；推力的受力物體是小車。

(3)拉力的施力物體是細繩；拉力受力物體是小球。

【解析】見解析23、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）彈力方向垂直于接觸面。

（2）死桿力的方向可以不沿桿；但是由于必須平衡重力，所以桿的彈力向上。

（3）繩子的拉力必須沿繩；若斜面有支持力，則物體受力不平衡，則支持力不存在。

（4）加速度水平向右；所以合外力水平向右且等于重力，所以桿在水平方向和豎直方向的分力都等于重力，則桿的力斜向右上方45°。

（5）繩子的拉力必須沿繩。

【解析】24、略

【分析】【詳解】

用平行四邊形；作出合力的圖示，然后量出，平行四邊形的對角線為4.2cm，所以合力為4.2N;

【解析】5.3五、實驗題(共4題，共12分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]本實驗要求鉤碼質量遠小于小車的質量；因此要求實驗中每次所用的鉤碼總質量范圍要小，故A正確，BC錯誤；

（2）[2]打點計時器使用的交流電源頻率為又相鄰兩個計數點間還有4個點未標出，所以每兩個計數點間的時間間隔。

根據勻變速直線運動的推論公式。

由逐差法可得。