…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新科版選擇性必修2物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，水平線上方有方向垂直紙面向里、范圍足夠大的勻強磁場區(qū)域。一帶負電粒子P從a點沿θ=30°方向以初速度v垂直磁場方向射入磁場中，經時間t從b點射出磁場。不計粒子重力；下列說法正確的是（）

A.ab之間的距離為粒子做圓周運動的半徑的2倍B.若粒子初速度為2v，射出磁場時與水平線夾角為60°C.若粒子初速度為3v，粒子經時間3t射出磁場D.若磁場方向垂直紙面向外，粒子經時間5t射出磁場2、電磁感應現象的發(fā)現，標志著人類從蒸汽機時代步入了電氣化時代，下列設備利用電流熱效應原理的是（）A.電風扇B.電熨斗C.發(fā)電機D.電磁起重機3、目前許多國產手機都有指紋解鎖功能；用的指紋識別傳感器是電容式傳感器，如圖所示。指紋的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”。傳感器上有大量面積相同的小極板，當手指貼在傳感器上時，這些小極板和正對的皮膚表面部分形成大量的小電容器，這樣在嵴處和峪處形成的電容器的電容大小不同，此時傳感器給所有的電容器充電后達到某一電壓值，然后，電容器放電，電容小的電容器放電較快，根據放電快慢的不同，就可以探測到嵴和峪的位置，從而形成指紋圖像數據，根據文中信息，下列說法正確的是（）

A.用指紋的照片蒙在傳感器上，也可以實現手機解鎖功能B.手指輕按和重按均可以解鎖，說明形成的電容大小是相同的C.潮濕的手指頭不能形成指紋識，是因為嵴和峪沒有電容差別了。D.在峪處形成的電容器放電較慢4、如圖所示為小型電磁繼電器的構造示意圖；其中L為含鐵芯的線圈，P為可繞O點轉動的鐵片，K為彈簧，S為一對觸頭，A；B、C、D為四個接線柱，斷電器與傳感器配合，可完成自動控制的要求，對其工作方式有下列判斷：

①A；B間接控制電路；C、D間接被控電路。

②A；B間接被控電路；C、D間接控制電路。

③流過L的電流減小時；C；D間電路斷開。

④流過L的電流增大時；C；D間電路斷開。

以下組合的兩項都正確的是A.①③B.②④C.①④D.②③5、關于電磁波，下列說法中正確的是（）A.電磁波不能在真空中傳播B.電磁波在空氣中傳播速度為340m/sC.人講話的聲波屬于電磁波D.手機通信是利用電磁波來傳遞信息6、下列與磁場相關的說法正確的是（）A.磁感線是真實存在的，從極指向極B.磁通量是矢量，其方向與磁感應強度的方向一致C.通電直導線在某點不受磁場力的作用，則該點的磁感應強度一定為零D.安培分子電流假說能夠解釋鐵棒被磁化、磁鐵消磁的原因，說明一切磁現象都是由電荷運動產生的7、如圖所示，將一根金屬棒折成兩個邊長為2a的等邊三角形閉合線框，線框右側有兩個垂直于紙面方向相反的并排勻強磁場，磁感應強度大小都等于B，寬度均為若該線框以速度v水平向右垂直于磁場方向做勻速直線運動，直到線框全部通過磁場區(qū)域為止，線框剛進入磁場的時刻記作0時刻，那么，線框中的電流i隨時間t的變化關系圖像正確的是（線框中電流以順時針方向為正方向；兩磁場都有理想邊界）（）

A.B.C.D.8、如圖甲所示是一種振動發(fā)電裝置的示意圖，一個半徑為r=0.10m、匝數為n=10匝的線圈套在永久磁鐵槽中，槽中磁場沿半徑方向均勻分布（其右側視圖如圖乙所示），線圈所在位置磁感應強度大小均為線圈的電阻為R1=0.50?，它的引出線接有R2=9.50?的小燈泡L，A為理想交流電流表。當線圈框架的P端在外力作用下沿軸線做往復運動時，便有電流通過小燈泡。若線圈往復運動的規(guī)律如圖丙所示（v取向右為正方向）；則下列說法正確的是（）

A.回路中交變電流的頻率為100HzB.t=0.01s時，回路中的電流最大C.電流表的示數為0.24AD.t=0.015s時，回路中的電流大小為0.24A9、火星探測器從火星向地球發(fā)回成功著陸的信號，用來攜帶該信號的電磁波屬于（）A.X射線B.無線電波C.紅外線D.紫外線評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、如圖所示為洛倫茲力演示儀的結構示意圖，演示儀中有一對彼此平行且共軸的勵磁圓形線圈，通入電流I后，能夠在兩線圈間產生勻強磁場；玻璃泡內有電子槍，通過加速電壓U對初速度為零的電子加速并連續(xù)發(fā)射。電子剛好從球心O點正下方的S點水平向左射出；電子通過玻璃泡內稀薄氣體時能夠顯示出電子運動的徑跡。則下列說法正確的是（）

A.若要正常觀察電子徑跡，勵磁線圈的電流方向應為逆時針（垂直紙面向里看）B.若保持U不變，增大I，則圓形徑跡的半徑減小C.若同時減小I和U，則電子運動的周期增大D.若保持I不變，減小U，則電子運動的周期將減小11、某個物理量D的變化量與發(fā)生這個變化所用時間的比值叫作這個量D的變化率，也叫這個量D的變化快慢，下列說法正確的是（）A.若D表示斜向上拋出的小球的速度（不計空氣阻力），則方向豎直向下B.若D表示帶電粒子在勻強磁場中（只受磁場的作用力）做勻速圓周運動的角速度，則為零C.若D表示帶電粒子在勻強電場中（只受電場的作用力）做勻變速曲線運動的動量，則越大，粒子所受電場力沖量越大D.若D表示物體做簡諧運動時相對平衡位置的位移，則的大小正在增大時，物體的加速度正在減小12、如圖甲所示；固定的長直導線與固定的三角形閉合金屬線框位于同一平面內，長直導線中的電流隨時間的變化關系如圖乙所示。直導線中電流向下，已知長直導線的電流在某點產生的磁場的磁感應強度與電流的大小成正比，與該點到長直導線的距離成反比。下列說法正確的是（）

A.線框中會產生順時針方向的電流B.線框受到水平向左的安培力C.線框中電流隨時間均勻增大D.線框中感應電流的電功率恒定13、如圖甲所示，變壓器原、副線圈上有L1、L2、L3、L4四只燈泡，它們的規(guī)格均為“9V，12W"，當在ab兩端加交變電壓時，四只燈泡都正常發(fā)光，cd兩端的u-t圖像如圖乙所示；各電表均為理想交流電表。以下說法正確的是（）

A.流過燈泡L的電流方向每秒改變50次B.原、副線圈匝數比為3∶1C.電流表示數為4A，ab端輸入的功率Pab=48WD.a、b端輸入電壓的瞬時值表達式為u=27sin100πt（V）14、在圖（a）所示的交流電路中，理想變壓器原、副線圈的匝數比為10：1，均為固定電阻，各電表均為理想電表。已知原線圈與串聯(lián)后接入如圖（b）所示的正弦交流電壓，電流表的示數為下列說法正確的是（）

A.左端電路接入的交流電電壓瞬時值表達式為B.通過電流的最大值為C.電壓表的示數為D.電源的輸出功率為評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、磁電式電流表

（1）原理：安培力與電流的關系。通電線圈在磁場中受到___________而偏轉，線圈偏轉的角度越大，被測電流就___________，根據指針的___________；可以知道被測電流的方向。

（2）構造：___________、___________；螺旋彈簧、指針、極靴。

（3）特點：極靴與鐵質圓柱間的磁場沿半徑方向，線圈無論轉到什么位置，它的平面都跟磁感線平行，且線圈左右兩邊所在處的磁感應強度大小___________。

（4）優(yōu)點：靈敏度高，可以測出___________的電流。

缺點：線圈的導線很細，允許通過的電流___________

（5）如圖所示，已知導體棒中通有電流I，導體棒長度為l，磁場磁感應強度為B，當導體棒按下面幾種方式放置時，寫出導體棒所受安培力的大小，并寫出安培力的方向。_______、______、______、_______。

16、如圖所示為磁流體發(fā)電機的發(fā)電原理圖，將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負電的微粒，而從整體上來說呈電中性）噴入磁場，由于等離子體在磁場力的作用下運動方向發(fā)生偏轉，磁場中的兩塊金屬板A和B上就會聚集電荷，從而在兩板間產生電壓．請判斷：在圖示磁極配置的情況下，金屬板____（選填“A”或“B”）的電勢較高，通過電阻R的電流方向是____（選填“a→b”或“b→a”）．17、把一個用絲線懸排的鋁球放在電路中的線圈上方；如圖所示，在下列三種情況下，懸掛鋁球的絲線所受的拉力的變化情況：

（1）當滑動變阻器的滑片向右移動時拉力______；

（2）當滑片向左移動時，拉力______；

（3）當滑片不動時，拉力______。（均選填“變大”“變小”或“不變”）18、類比是研究問題的常用方法。如圖甲所示，是豎直放置的足夠長、光滑的平行長直導軌，其間距為L。是跨接在導軌上質量為m的導體棒，定值電阻的阻值為R。空間存在磁感應強度為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場。已知電容器（起初不帶電）的電容為C，重力加速度為g。導體棒下落過程中始終保持水平且與導軌接觸良好；不計導軌和導體棒的電阻及空氣阻力。

（1）情境1：從零時刻開始，開關S接通1，同時釋放導體棒其速率v隨時間t的變化規(guī)律可用方程（①式）描述，求導體棒下落的最大速率vm()，及①式中的k。()

（2）情境2：從零時刻開始，開關S接通2，若導體棒保持大小為的速度下落，則電容器充電的電荷量q隨時間t的變化規(guī)律，與情境1中物體速率v隨時間t的變化規(guī)律類似。類比①式，寫出電容器充電電荷量q隨時間t變化的方程()；并在圖乙中定性畫出圖線。()

（3）分析情境1和情境2中電路的有關情況，完成表格中的填空。情境1情境2通過導體棒電流最大值的計算式________________導體棒克服安培力做功W與回路產生焦耳熱Q的比較W________Q（選填“>”、“<”或“=”）W______Q（選填“>”、“<”或“=”）

19、如圖所示，將直徑為d、電阻為R的閉合金屬環(huán)從勻強磁場B中拉出，這一過程中通過金屬環(huán)某一截面的電荷量為_________。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共20分)20、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

21、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

22、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

23、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共3題，共24分)24、某同學了解到，給大貨車“稱重”利用了壓阻應變片元件，當改變對壓阻應變片壓力時，其阻值發(fā)生變化，這種效應稱為“壓阻效應”。現用如圖（a）所示的電路研究某壓阻應變片的壓阻效應，己知的阻值變化范圍為幾歐姆到幾十歐姆，所用電源的電動勢內阻忽略不計。除圖（a）中的器材外，實驗室還提供了如下器材可供選擇：

A．電壓表V（量程為內阻約為）

B．電流表（量程為內阻）

（1）為盡量減少測量誤差，圖（a）中的未知電表M選擇電流表而不選擇電壓表V，請說明理由：______。

（2）圖（a）中的未知電表M選擇電流表給電阻加上一定的壓力后，閉合開關S，調節(jié)滑動變阻器記下電流表和電流表的讀數分別為和可得______（用題目中給定的字母符號表示）。

（3）該同學用提供的器材設計了如圖（b）所示電路，想把電流表改成簡單壓力表，即直接在電流表盤上對應電流位置處標上壓力大小，若與壓力F的函數關系為（單位均取國際單位）；回答下列問題：

①該同學通過調節(jié)圖（b）中的滑動變阻器當電流表的讀數為時，在此刻度處標上則此時滑動變阻器的阻值為______（計算結果保留兩位有效數字），之后保持阻值不變，在電流表表盤上對應電流位置處標上壓力F的刻度，則該壓力表盤的刻度線______（選填“均勻”或“不均勻”）；

②根據上述壓力表的標定方法，此壓力表能測得的壓力最大值為______N（計算結果保留兩位有效數字）。25、某同學利用熱敏電阻自制了一個簡易溫度計，其內部電路裝置如圖甲所示，使用的器材有：直流電源（內阻不計）、毫安表（量程未知）、電阻箱R（最大阻值為）、熱敏電阻一個、開關和導線若干。

（1）為了確定毫安表的量程和內阻，先把電阻箱的阻值調到最大，然后將開關接至a端，閉合開關逐漸調節(jié)電阻箱的阻值，發(fā)現當毫安表指針剛好偏轉至滿偏刻度的處，電阻箱的示數如圖乙所示，此時電阻箱的阻值________將電箱的阻值調為時，毫安表指針剛好偏轉至滿偏刻度的處，由此知毫安表的滿偏電流________內阻________（后兩問計算結果均保留兩位有效數字）

（2）將開關接至b端，閉合開關該溫度計可開始工作，為了得到攝氏溫度與電流之間的關系，該同學通過查閱資料，發(fā)現自己使用的熱敏電阻為負溫度系數熱敏電阻，其阻值在測量范圍（包括）內隨攝氏溫度的降低而線性增加，比例系數為已知該電阻在時的阻值為則該簡易溫度計所測攝氏溫度t與電流I之間滿足________（用E、k、I表示）。26、在探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系的實驗中：

（1）下列器材在本實驗中不需使用的是()

A．可拆變壓器（兩個線圈已知匝數）B．條形磁鐵。

C．滑動變阻器D．學生電源。

（2）實驗中，原線圈所接的電源應是()

A．學生電源低壓直流輸出B．學生電源低壓交流輸出。

（3）實驗中，使用的電壓表應該是()：

A．交流電壓表B．直流電壓表。

（4）變壓器的工作原理是()

A．電磁感應定律B．歐姆定律。

（5）變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系應該是()

A．原、副線圈兩端電壓與兩線圈的匝數的關系是

B．原、副線圈兩端電壓與兩線圈的匝數的關系是評卷人得分六、解答題(共1題，共8分)27、如圖所示，兩根足夠長的光滑直金屬導軌MN、PQ平行固定在傾角為θ的絕緣斜面上，兩導軌間距為l，M、P兩點間接有阻值為R的電阻．一根質量為m的均勻直金屬桿ab放在兩導軌上，并與導軌垂直．整套裝置處于勻強磁場中，磁場方向垂直于斜面向上．導軌和金屬桿的電阻可忽略．讓金屬桿沿導軌由靜止開始下滑，經過一段時間后，金屬桿達到最大速度vm，在這個過程中，電阻R上產生的熱量為Q．導軌和金屬桿接觸良好，重力加速度為g．求：

（1）金屬桿達到最大速度時安培力的大小；

（2）磁感應強度的大小；

（3）金屬桿從靜止開始至達到最大速度的過程中下降的高度．

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

A．設粒子做圓周運動的半徑為R，由幾何關系可得

因此ab之間的距離與粒子做圓周運動的半徑相等；A錯誤；

B．若粒子初速度為2v；，雖然負粒子做勻速圓周運動的半徑加倍，但速度方向仍與水平方向的夾角為30°，B錯誤；

C．由帶電粒子在磁場中的運動的周期公式

可得，速度增大，但帶電粒子在磁場中運動的周期不變，由于在磁場中速度的偏轉角仍為因此粒子在磁場中運動時間仍為C錯誤；

D．若磁場方向垂直紙面向外，負粒子逆時針方向做勻速圓周運動，由運動的對稱性，當粒子從磁場中射出時與水平方向成30°，此時粒子偏轉了300°，即運動時間為原來的5倍，即D正確；

故選D。2、B【分析】【詳解】

A．電扇的主要元件是電動機；電動機是利用通電線圈在磁場中受力轉動工作的。故A錯誤；

B．電熨斗是利用電流的熱效應工作的。故B正確；

C．發(fā)電機是利用電磁感應現象工作的。故C錯誤；

D．電磁起重機主要工作部件是電磁繼電器；電磁繼電器的內部主要有一個電磁鐵構成，故是利用電流的磁效應的原理。故D錯誤。

故選B。3、C【分析】【詳解】

A．用指紋的照片蒙在傳感器上；由于沒有指紋上凸起部分“嵴”和凹下部分“峪”，則不可以實現手機解鎖功能，選項A錯誤；

B．手指輕壓和重壓；手指和小極板之間的距離不同，形成的電容大小是不同的，故B錯誤；

C．潮濕的手指頭是因為指紋之間被水填充；嵴和峪就不能形成電容差別了，所以不能形成指紋識別，故C正確；

D．電容較小的電容器放電較快；在峪處形成的電容器電容較小，所以在峪處形成的電容放電較快，故D錯誤。

故選C。4、A【分析】【詳解】

試題分析：當較小的電流經過接線柱AB流入線圈時；電磁鐵把銜鐵吸下，使CD兩個接線柱所連的觸點接通，較大的電流就可以通過CD帶動機器工作了．故①正確，②錯誤；流過L的電流減小時，線圈L產生的磁場減弱，對銜鐵P的吸引力減弱，使CD兩個接線柱所連的觸點斷開，故③正確④錯誤，故A正確；

考點：考查了電磁繼電器工作原理。

【名師點睛】電磁繼電器就是一個自動控制電路通斷的開關，根據電磁繼電器的工作原理來分析解答．5、D【分析】【分析】

【詳解】

A．電磁波能在真空中傳播；故A錯誤；

B．電磁波在空氣中傳播速度為故B錯誤；

C．人講話的聲波屬于機械波；故C錯誤；

D．手機能發(fā)出電磁波也能接收電磁波；故通信是利用電磁波來傳遞信息，故D正確。

故選D。6、D【分析】【詳解】

A．磁感線是假想的，磁體的外部從極指向極，內部從極指向極；故A錯誤；

B．磁通量是標量；故B錯誤；

C．通電直導線在某點不受磁場力的作用；可能是該點的磁感應強度為零，也可能是通電導線與磁場方向平行，故C錯誤；

D．安培分子電流假說能夠解釋鐵棒被磁化；磁鐵消磁的原因；說明一切磁現象都是由電荷運動產生的，故D正確。

故選D。7、C【分析】【分析】

【詳解】

線框剛進入左邊磁場時（即）；線框最右邊切割磁感線，由右手定則可知，感應電流為逆時針方向，且向右勻速運動過程中，切割磁感線的有效長度均勻減小，則電流均勻減小。此階段。

則當右邊等邊三角形剛進入右邊磁場時，左邊三角形剛進入左邊磁場，右邊三角形切割磁感線的有效長度均勻減小，左邊三角形切割磁感線的有效長度均勻增加，由對稱性可知，兩效長度之和不變，即為等邊三角形的邊長，由右手定則可知，產生的感應電流方向為順時針，即此過程感應電流方向不變。同理在右邊等邊三角形出右邊磁場時也一樣，即在內。

當左邊線框從右邊磁場開始出去時，其切割磁感線的有效長度均勻增加，電流均勻增加，根據右手定則可知，感應電流為逆時針方向。即在內。

故選C。8、D【分析】【詳解】

A．回路中交變電流的周期為交變電流的頻率為

故A錯誤；

B．時；線圈的速度為零，線圈的電動勢為零，回路中無電流，故B錯誤；

C．線圈往復運動所產生的感應電流為正弦式交變電流，電動勢的最大值為

電流表的示數為

故C錯誤；

D．時，回路中為電動勢的最大值2.4V，電流大小為

故D正確。

故選D。9、B【分析】【詳解】

A．X射線穿透本領強；可以用來檢查人體內部器官，在工業(yè)上檢查金屬內部的缺陷，A錯誤；

B．無線電波可以在真空中傳播；火星探測器從火星向地球發(fā)回成功著陸的信號都是利用無線電波進行的，B正確；

C．物體都能輻射紅外線；主要是夜視儀，紅外遙感，C錯誤；

D．紫外線具有滅菌消毒的作用；紫外線在照射下會發(fā)出熒光，可以設計防偽措施，D錯誤。

故選B。二、多選題(共5題，共10分)10、B:C【分析】【詳解】

A．若要正常觀察電子徑跡；則電子需要受到向上的洛倫茲力，根據左手定則可知，玻璃泡內的磁場應向里，根據安培定則可知，勵磁線圈的電流方向應為順時針，故A錯誤；

B．電子在磁場中，向心力由洛倫茲力提供，則有

可得

而電子進入磁場的動能由電場力做功得到，即

即U不變，則v不變。由于m、q不變，而當I增大時，B增大；故半徑減小，故B正確；

C．因為

所以電子運動的周期與U無關，當減小電流I時，則線圈產生的磁場B也減小，則電子運動的周期T增大；故C正確；

D．由C中分析可知，I不變，U減小，T不變；故D錯誤。

故選BC。11、A:B:D【分析】【詳解】

A．若D表示質點做斜拋運動的速度，則表示斜拋運動的加速度；即重力加速度，其方向是豎直向下的，A正確；

B．若D表示帶電粒子做勻速圓周運動的角速度，而此時質點角速度不變，則B正確；

C．若D表示帶電粒子在勻強電場做勻變速曲線運動的動量，則表示物體所受到的合外力即電場力；合外力越大，質點所受沖量不一定大，還與力的作用時間有關，C錯誤；

D．若D表示表示物體做簡諧運動時相對平衡位置的位移，則表示運動的速度；當速度大小增大時，物體靠近平衡位置，加速度正在減小，D正確。

故選ABD。12、A:D【分析】【詳解】

A．導線的右側由右手定則可以判斷磁場方向垂直于紙面向外；且在增大，根據楞次定律感應磁場應該垂直于紙面向里，根據右手螺旋定則可以判斷感應電流方向為順時針方向，故A正確；

B．根據左手定則可以判斷；左側斜邊所受的安培力向右，右側斜邊所受的安培力向左，由于左側斜邊所年位置的磁感應強度更大，所以線框所受的合安培力方向水平向右，故B錯誤；

C．因為導線中的電流隨時間均勻增大；所以磁感應強度會隨時間均勻增大，根據法拉第電磁感應定律可知感應電動勢不變，則感應電流大小不變，故C錯誤；

D．根據電功率公式P=I2R

電流|恒定；電阻也不變，所以電功率恒定，故D正確。

故選AD。13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據圖乙可知；交變電流的周期是0.02s，每周期電流方向改變兩次，所以流過燈泡L的電流方向每秒改變100次。A錯誤；

B．燈泡正常發(fā)光；所以原線圈電流為。

副線圈電流為。

所以原副線圈匝數比為。

B正確；

C．根據選項B可知，電流表示數為3A，ab端輸入的功率為4只燈泡的功率，即Pab=48W。C正確；

D．a、b端輸入電壓的有效值為36V；所以瞬時值表達式為。

u=sin100πt（V）D錯誤。

故選BC。14、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據圖（b）可得交流電的周期，及峰值電動勢

角速度為

左端電路接入的交流電瞬時值表達式為

所以A正確；

B．根據歐姆定律可得，副線圈的電壓有效值為

副線圈的電壓最大值為

通過電流的最大值為

所以B錯誤；

C通過副線圈的電流的有效值為

C．根據理想變壓器原副線圈的電壓關系可得

電壓表的示數為

所以C正確；

D．根據理想變壓器原副線圈的電壓關系可得，原線圈的電流為

電源的輸出功率為

所以D錯誤；

故選AC。三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3]原理：安培力與電流的關系。通電線圈在磁場中受到安培力而偏轉；線圈偏轉的角度越大，被測電流就越大，根據指針的偏轉方向，可以知道被測電流的方向。

（2）[4][5]構造：磁鐵；線圈、螺旋彈簧、指針、極靴。

（3）[6]特點：極靴與鐵質圓柱間的磁場沿半徑方向；線圈無論轉到什么位置，它的平面都跟磁感線平行，且線圈左右兩邊所在處的磁感應強度大小相同。

（4）[7][8]優(yōu)點：靈敏度高；可以測出很弱的電流。

缺點：線圈的導線很細；允許通過的電流很弱。

（5）[9]磁場和電流垂直，所以安培力為

方向：垂直導線斜向下。

[10]磁場和電流垂直，所以安培力為

方向：垂直紙面斜向外。

[11]磁場和電流垂直，所以安培力為

方向：垂直導線斜向上。

[12]磁場和電流平行，安培力等于零【解析】安培力越大偏轉方向磁鐵線圈相同很弱很弱垂直導線斜向下垂直紙面斜向外垂直導線斜向上016、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]．根據左手定則，正離子向上偏，負離子向下偏，A聚集正電荷，電勢高，電流從高電勢流向低電勢．所以通過電阻的電流方向為．【解析】A17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]鉛球相當于口朝下的線圈；當滑動變阻器的滑動頭向右移動時，電流增大磁場增強，由楞次定律可知線圈與鉛球互相排斥，則拉力變小。

（2）[2]理由類似于上面；當滑動變阻器的滑動頭向左移動時，電流減小，由楞次定律可知線圈與鉛球互相吸引，則拉力變大。

（3）[3]滑動變阻器的滑動端不移動時，電流沒有變化，則鉛球沒有感應電流出現，則拉力不變。【解析】①.變小②.變大③.不變18、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]導體棒先做加速運動，當其速率為v時產生的感應電動勢為①

導體棒所受安培力大小為②

根據閉合電路歐姆定律可得③

對導體棒根據牛頓第二定律可得④

聯(lián)立①②③④可得⑤

所以⑥

當導體棒的加速度為零時，速率達到最大，即⑦

解得⑧

（2）[3][4]電容器充電過程中回路中電流為⑨

導體棒保持大小為的速度下落時產生的感應電動勢為⑩

電容器兩端的電壓為?

根據閉合電路歐姆定律有?

聯(lián)立⑨⑩??可得?

由?式可知隨著電容器電荷量q逐漸增大，q隨t的變化越來越慢，當時，電容器電荷量最大，作出q-t圖像如圖所示。

（3）[5][6]情境1中，當導體棒速度最大時電流也達到最大，此時所受安培力與重力平衡，即?

解得?

根據功能關系可知?

[7][8]情境2中，由q-t圖像可知t=0時刻回路中電流最大，為?

設電容器儲存的電能為EC，根據功能關系可知?【解析】=>19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]金屬環(huán)的面積為

由法拉第電磁感應定律得

由歐姆定律得，感應電流為

則通過截面的電荷量為【解析】四、作圖題(共4題，共20分)20、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳