…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版必修三物理下冊階段測試試卷467考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、下列關于電流方向的說法中正確的是()A.電荷的定向移動方向即為電流的方向B.電流的方向總是從電源的正極流向負極C.電流既有大小，又有方向，是一個矢量D.在電源內部，電流從負極流向正極2、關于電流，下列說法中確的是（）A.通過導體橫截面的電荷量越多，電流越大B.電子定向移動的速率越大，電流越大C.單位時間內通過導體橫截面的電荷量越多，導體中的電流越大D.因為電流有方向，所以電流是矢量3、如圖，在光滑絕緣斜面上有帶電小球a與b，兩球同時釋放瞬間，a球的加速度剛好為零，則下列關于a、b的電性及初始位置，符合要求的是（）A.B.C.D.4、如圖為某手機電池背面印有的一些符號；下列說法正確的是（）

A.“安時”（A?h）或“毫安時”（mA?h）是電能的單位B.2000mA?h指的是該電池放電時能輸出的總電荷量C.若該手機的待機電流為10mA，則手機最多可待機100小時D.該電池充滿電可提供的電能為7.2J5、空間中四點位于正四面體的四個頂點，兩點分別是和的中點。在兩點分別固定等量正電荷；正四面體對電場分布沒有影響。下列說法正確的是（）

A.兩點的電勢相等B.兩點的電場強度相同C.帶負電的試探電荷從點沿移動到點，試探電荷的電勢能先減少后增加D.帶正電的試探電荷從點沿移動到點，試探電荷的電勢能減小6、如圖所示是兩個等量異種點電荷；周圍有1；2、3、4、5、6各點，其中1、2之間距離與2、3之間距離相等，2、5之間距離與2、6之間距離相等．兩條虛線互相垂直且平分，那么關于各點電場強度和電勢的敘述正確的是（）

A.2點電場強度為零B.5、6兩點電場強度相同C.4、5兩點電勢不相同D.1、3兩點電勢相同7、如圖所示，平行板電容器帶等量異種電荷，下極板接地，一帶電油滴位于電容器中的P點且處于平衡狀態。現將電容器的上極板豎直向下移動一小段距離；則（）

A.電容器的電容減小B.帶電油滴帶正電荷C.帶電油滴仍將靜止D.P點的電勢將升高8、如圖所示，真空中的M、N為兩個等大的均勻帶電圓環，其圓心分別為A，C，帶電量分別為將它們平行放置，A、C連線垂直于圓環平面，B為AC的中點，現有質量為m帶電量為的微粒（重力不計）從左方沿AC連線方向射入，到A點時速度到B點時速度取無窮遠處為電勢零點，點電荷的電勢公式為式中k為靜電力常量，Q為點電荷的電量，r為到點電荷的距離。下列判斷可能正確的是（）

A.微粒從B至C做加速運動，且B.微粒越過C點后先做加速運動，后做減速運動C.微粒將以B為中心做往返運動D.微粒在整個運動過程中的最終速度為9、物理學是一門以實驗為基礎的學科；許多物理定律就是在大量實驗的基礎上歸納總結出來的。有關下面四個實驗裝置，描述錯誤的是（）

A.卡文迪許利用裝置(1)測出了引力常量的數值B.庫侖利用裝置(2)總結出了點電荷間的相互作用規律C.奧斯特利用裝置(3)發現了電流的磁效應D.牛頓利用裝置(4)總結出了自由落體運動的規律評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、帶電粒子M只在電場力作用下由P點運動Q點，在此過程中克服電場力做了2.6×10-4J的功．那么（）A.M在P點的電勢能一定小于它在Q點的電勢能B.P點的場強一定小于Q點的場強C.P點的電勢一定高于Q點的電勢D.M在P點的動能一定大于它在Q點的動能11、某老師用圖示裝置探究庫侖力與電荷量的關系。A、B是可視為點電荷的兩帶電小球，用絕緣細線將A懸掛，實驗中在改變電荷量時，移動B并保持A、B連線與細線垂直。用Q和q表示A、B的電荷量，d表示A、B間的距離，（不是很小）表示細線與豎直方向的夾角，x表示A偏離O點的水平距離；實驗中（）

A.d可以改變B.B的位置在同一圓弧上C.x與電荷量乘積Qq成正比D.與B間庫侖力成正比12、某電場中的一條電場線與x軸重合，一負點電荷僅在電場力作用下以某一初速度沿x軸正方向做直線運動。已知點電荷的電荷量為-2×10-8C，點電荷的動能E，與坐標x的關系如圖中曲線所示；斜線為該曲線過點（0.3，3）的切線。下列判定正確的是（）

A.該電場的電勢沿x軸正方向降低B.該電場為勻強電場C.x=0.3m處的場強大小為500N/CD.x=0.3m與x=0.5m間的電勢差是100V13、有一種電四極子的電荷分布如圖所示，在正方形的頂點上分別有兩個電量為+q和兩個電量為-q的點電荷．O點為正方形中心，a、b、c、d為正方形四條邊的中點，電量為-Q的點電荷位于Oc延長線上，下列說法正確的是（）

A.場強的大小關系有B.電勢的高低關系有C.將一正點電荷沿直線由a移動到c的過程中電勢能逐漸減小D.將一正點電荷沿直線由b移動到d的過程中電勢能始終不變14、兩個位于紙面內的點電荷產生電場的等勢面如圖中實線所示，相鄰等勢面間的電勢差相等。虛線是一個電子在該電場中的運動軌跡，軌跡與某等勢面相切于P點。下列說法正確的是（）

A.兩點電荷可能是異種點電荷B.A點的電場強度比B點的大C.A點的電勢高于B點的電勢D.電子運動到P點時動能最小15、如圖所示，虛線a、b；c代表電場中三個等勢面；相鄰等勢面之間的電勢差相同．實線為一帶正電的質點僅在電場力作用下通過該區域的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，由此可知（）

A.三個等勢面中，c等勢面電勢高B.帶電質點通過P點時電勢能較大C.帶電質點通過Q點時動能較大D.帶電質點通過P點時加速度較大16、電壓表，電流表都是由小量程電流表改裝而成的，如圖甲、乙所示分別是電壓表，電流表的改裝圖，以下說法正確的是（）

A.若改裝后的電流表示數比標準表稍小一些，可以給并聯電阻再并一個較大的電阻B.若改裝后的電壓表示數比標準表稍小一些，可以給串聯電阻再串聯一個較大的電阻C.小量程電流表內阻為給它并聯一個電阻R，改裝后的電流表量程是原來的倍D.為實現對改裝電表的逐格校準，需要采用分壓式電路17、如圖所示，電源的電動勢E=12V，內阻r=2Ω，R1=1Ω，R2=3Ω，R3=10Ω，R4=4Ω，R5為電阻箱，調節范圍為0～10Ω，電容器C=10μF，電容器的下極板接地，兩極板正中間有一點P(未標出)，初始時刻開關S斷開，R5=0；則下列說法正確的是（）

A.若將電容器的下極板稍向下移動，則P點的電勢增大B.閉合開關S后，流過R3的電荷量Q=1.5×10-5CC.將電阻箱調到9Ω后再閉合開關S，穩定后電容器上的電量為0D.閉合開關S后，將電阻箱從0開始逐漸調到最大值，電源的輸出功率先增大后減小18、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內阻為R，L1和L2為相同的燈泡，每個燈泡的電阻和定值電阻的阻值均為R，電壓表為理想電表，S為單刀雙擲開關；當開關由1位置打到2位置時，下列說法中正確的是（）

A.電壓表讀數將變小B.L1亮度不變，L2將變亮C.L1將變亮，L2將變暗D.電源內阻的發熱功率將變小評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)19、靜電復印：復印機應用了______的原理，復印機的有機光導體鼓表面涂覆有機光導體（OPC），無光照時，OPC是______，受光照時變成導體．20、一個額定電壓為220V、額定功率為9W的LED燈泡，若它每天正常發光5h，一個月（30天）消耗的電能是___________kW?h，與普通白熾燈相比，在達到相同亮度的條件下，假設LED燈可以節約90%的電能，則這個LED燈與功率為___________W的白熾燈亮度相當。21、如圖所示，游標卡尺的示數為___________cm；螺旋測微器的示數為___________mm。

22、一半徑為R的絕緣球殼上均勻地帶有電荷量為+Q的電荷，另一電荷量為+q的點電荷放在球心O上，如圖所示．現在球殼上挖去半徑為r（r<<R）的一個小圓孔，則此時置于球心的點電荷所受電場力的大小為______（已知靜電力常量為k），方向____________．

23、在某電場中將5.0×10-8C的電荷由A點移到B點，電場力做6.0×10-3J的功，A、B兩點間的電勢差___________V；規定B的電勢為零，把電量為2.5×10-8C的負電荷放在A處，該負電荷在A處的電勢能為_________J24、已知靈敏電流計的滿偏電流為1mA，內阻為若要將它改裝成量程為3V的電壓表，應串聯一個___________的電阻，改裝完成后，若某次測量電壓時靈敏電流計指針指向位置，則對應電壓測量值為___________V。（保留兩位有效數字）25、如圖所示，導體AB做切割磁感線運動時，線路中________電流產生，而導體AB順著磁感線運動時，線路中________電流產生。（均選填“有”或“無”）

評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)26、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

27、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

28、由電流產生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、解答題(共2題，共14分)29、如圖所示，已知電源電動勢E=6V，內阻r=1Ω，電阻箱R的最大值為3Ω，保護電阻R0=0.5Ω；求：

(1)R取何值時，電阻箱R的電功率最大；并求這個最大值。

(2)R取何值時；電源的效率最大，并求這個最大值。（結果保留3位有效數字）

30、如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，兩極板的長度L=80cm，兩板間的距離d=20cm．電源電動勢E=24V，內電阻r=1Ω，電阻R=15Ω，滑動變阻器的最大阻值為20Ω．閉合開關S，待電路穩定后，將一帶負電的小球從A、B兩金屬板左端正中間位置M處以初速度v0=8m/s水平向右射入兩板間，恰能沿直線射出．若小球帶電量為q=1×10-2C，質量為m=2×10-2kg，不考慮空氣阻力，重力加速度g=10m/s2．求此時：

（1）滑動變阻器接入電路的阻值；

（2）當滑動變阻器阻值多大時；滑動變阻器消耗的功率最大？此時滑動變阻器消耗的功率是多少？

（3）若使小球能從極板間射出；則滑動變阻器接入電路的阻值范圍為多大？

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

A．物理學中電流的方向規定為正電荷定向移動的方向或負電荷定向移動的反方向；故A錯誤；

BD．在電源的外部；電流的方向總是從電源的正極流向負極，而在電源內部，電流從負極流向正極，故B錯誤，D正確；

C．電流有方向，但電流的計算方法為代數方法，是標量，故C錯誤；2、C【分析】【分析】

【詳解】

AC．物理學中把每秒鐘通過導體任一橫截面的電荷量（簡稱電量）叫做電流強度，由知；通過導體橫截面的電量越多，但時間不知道，電流強度不一定大，故A錯誤，C正確；

B．在時間內通過金屬導體的電流強度為所以電子速率大，電流強度不一定大，故B錯誤；

D．電流強度是標量；故D錯誤；

故選C。3、B【分析】【詳解】

帶電小球a在光滑絕緣斜面上，對其受力分析，受重力支持力和帶電小球b對它的庫侖力。兩球同時釋放瞬間，a球的加速度剛好為零，即帶電小球b對它的庫侖力與重力和支持力的合力平衡，故帶電小球b對小球a的庫侖力沿斜面向上。綜上所述只有B圖符合題意。

故選B。4、B【分析】【詳解】

AB．根據電流定義式

可知；“安時”（A?h）或“毫安時”（mA?h）是電荷量的單位，即2000mA?h指的是該電池放電時能輸出的總電荷量，故A錯誤，B正確；

C．若手機待機電流為10mA，由

可知；手機最多可待機200小時，故C錯誤；

D．電池儲存的電能為

故D錯誤。

故選B。5、C【分析】【詳解】

A．根據題意可知；等量同種電荷的等勢面分布圖，如圖所示。

由沿電場線方向，電勢逐漸降低可知，離兩個點電荷的距離越遠電勢越低，由于點離兩個點電荷的距離大于點離兩個點電荷的距離，則有

故A錯誤；

BC．兩點離兩個點電荷的距離相等，由對稱性可知，兩點電勢相等，電場強度的大小相等，但方向不同，由于點離兩個點電荷的距離小于兩點離兩個點電荷的距離，則有

由可知，帶負電的試探電荷從點沿移動到點；試探電荷的電勢能先減少后增加，故B錯誤，C正確；

D．由于點離兩個點電荷的距離大于點離兩個點電荷的距離，則有

則帶正電的試探電荷從點沿移動到點；試探電荷的電勢能增加，故D錯誤。

故選C。6、B【分析】【分析】

【詳解】

A．2點的電場強度是中軸線上的最小值；但不為零，A錯誤；

B．2；5之間距離與2、6之間距離相等；由場強的矢量合成得5、6兩點電場強度相同，故B正確；

C．兩個等量異種點電荷的中垂線是一條等勢線；所以2；4、5、6的電勢相等，故C錯誤；

D．順著電場線的方向電勢降低；則知1點的電勢低于3點的電勢，故D錯誤；

故選B。7、C【分析】【詳解】

A．上極板下移時，則d減小，由

可知C增大；A錯誤；

B．由帶電油滴原來處于平衡狀態可知電場力方向豎直向上；根據電場強度方向向下，則油滴帶負電，B錯誤；

C．平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離，由于電容器兩板帶電量不變，根據

可知板間場強不變；油滴所受的電場力不變，則油滴仍靜止，C正確；

D．場強E不變，而P點與下極板間的距離不變，則由公式

析可知，P點與下極板間電勢差將不變，則P點的電勢不變；D錯誤；

故選C。8、B【分析】【分析】

【詳解】

A．AC之間電場是對稱的，A到B的功和B到C的功相同，依據動能定理可得

解得

故A錯誤；

B．根據電場疊加可知，C點右側附近電場方向向右，之后電場方向向左，所以微粒越過C點后先做加速運動；后做減速運動，故B正確；

CD．過B做垂直AC的線，此線為等勢面，微粒出C之后，會向無窮遠處運動，而無窮遠出電勢為零，故B點的動能等于無窮遠處的動能，依據能量守恒可以得到微粒最終的速度應該與B點相同，故微粒不會以B為中心做往返運動。故CD錯誤。

故選B。9、D【分析】【分析】

【詳解】

A．牛頓發現萬有引力定律之后；卡文迪許利用扭秤裝置測定了引力常量的數值，A正確；

B．庫侖通過扭秤實驗總結出電荷間相互作用的規律；B正確；

C．奧斯特發現了電流的磁效應；C正確；

D．伽利略通過邏輯推理和數學知識研究了銅球在斜面滾動的實驗；得出了自由落體運動是勻變速直線運動這一規律，D錯誤。

本題選錯誤的，故選D。二、多選題(共9題，共18分)10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AD．帶電粒子M只在電場力作用下由P點運動Q點，在此過程中克服電場力做功，則電勢能增加，動能減小，即M在P點的電勢能一定小于它在Q點的電勢能，M在P點的動能一定大于它在Q點的動能；選項AD正確；

B．根據題中條件無法比較P點的場強與Q點的場強關系；選項B錯誤；

C．帶電粒子的電性不能確定，則不能比較P點的電勢與Q點的電勢關系；選項D錯誤。

故選AD。11、B:C【分析】【詳解】

A．因實驗要探究庫侖力與電荷量的關系，故兩電荷間距d應保持不變；選項A錯誤；

B．因要保持A、B連線與細線垂直且A、B距離總保持d不變，可知B到O點的距離不變；故B的位置在同一圓弧上，選項B正確；

C．對A球由平衡知識可知。

可知x與電荷量乘積Qq成正比；選項C正確；

D．因為

由于x變化，所以不能說與A；B間庫侖力成正比；故D錯誤。

故選BC。12、A:C【分析】【詳解】

A．點電荷沿x軸正方向運動的過程中，動能減少，由動能定理知電場力對其做負功，則電場方向沿軸的正方向，電勢沿x軸正方向降低。故A正確

B．由于點電荷僅受電場力，由動能定理得知，圖象的斜率為電場力，由圖可知，斜率減小，電場力減小，根據可知電場強度變小。故B錯誤；

C．由圖可知

x=0.3m處的場強大小為

故C正確；

D．設x=0.3m處動能為x=0.5m處動能為由圖可知由動能定理得

解得

故D錯誤。

選AC。13、A:C【分析】【詳解】

A．各點電荷在b、d兩點產生的場強如圖所示；

按平行四邊形合成規律可知，b點的場強大于d點的場強；故A正確；

B．對兩對等量的異種電荷產生的電場，b、d連線是等勢線．對于-Q電荷，根據所產生電場的對稱性，b、d兩點電勢相等，所以故B錯誤；

C．對兩對等量異種電荷，a、c連線是等勢線，對于-Q電荷，正點電荷沿直線由a移動到c的過程中；電場力做正功，電勢能逐漸減小，故C正確；

D．對兩對等量的異種電荷產生的電場，b、d連線是等勢線．對于-Q電荷，正點電荷沿直線由b移動到d的過程中；電場力先做正功后做負功，電勢能先減小后增大，故D錯誤．

故選AC.14、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據電荷間等勢面的分布情況可知兩點電荷時同種電荷；又根據電子在該電場中的運動軌跡可判斷電子一直受到排斥的力，故可知兩點電荷為同種負電荷；故A錯誤；

B．根據等勢面的疏密程度可以判斷A點的電場強度比B點的小；故B錯誤；

C．因為兩點電荷時同種負電荷，電場線指向負電荷，故可知A點的電勢高于B點的電勢；故C正確；

D．根據電子的運動軌跡和電場線的方向可知由M到P電場力做負功，由P到N電場力做正功；由M到P動能減小，由P到N動能增加，故電子運動到P點時動能最小；故D正確。

故選CD。15、B:C:D【分析】試題分析：由正離子運動的軌跡圖可看出；質點受力方向斜向下，故電場方向由a等勢面指向c等勢面，故a面電勢最高，選項A錯誤；帶正電的粒子，電勢高的位置電勢能較大，故帶電質點通過P點時電勢能較大，選項B正確；由Q到P電場力做負功，故動能減小，所以帶電質點通過Q點時動能較大，選項C正確；因為P點的等勢面密集，故電場線也密集，質點所受的電場力在P點較大，故帶電質點通過P點時加速度較大，選項D正確；故選BCD．

考點：帶電粒子在電場中的運動.16、C:D【分析】【詳解】

A．若改裝后的電流表示數比標準表稍小一些；說明流過表頭的電流小，可以增大分流電阻使其分流少些，從而增大流過表頭的電流使其準確，應該給并聯電阻串聯一個較小的電阻，A錯誤；

B．若改裝后的電壓表示數比標準表稍小一些。說明流過表頭的電流小；應該減小串聯電阻，或給串聯電阻再并聯一個較大的電阻，B錯誤；

C．小量程電流表內阻為給它并聯一個電阻R，改裝后的電流表量程

得出

C正確；

D．分壓式電路電壓；電流可以從零開始調節；可以實現對改裝電表的逐格校準，D正確。

故選CD。17、A:B【分析】【詳解】

當開關S斷開時，和斷路，電容器的電壓等于所分的電壓；當開關S閉合時，斷路，串聯，R4、R5串聯后再并聯，電容器的電壓等于和所分的電壓差。

A．開關S斷開時，電容器的電壓U不變，接地其電勢為零。設電容器間距離為d，P點與上極板的距離為x，則P點的電勢為

可知將電容器的下極板稍向下移動，d增大，x、U不變，故P點電勢增大；故A正確；

B．開關S斷開時，電容器電壓

此時電容器的電荷量為

上極板為正，下極板為負，開關S閉合時，由于此時電容器電壓依然為電壓，根據電路知識求得此時電容器電荷量為

上極板為正，下極板為負，故流過的電荷量

故B正確；

C．將電阻箱調到后再閉合開關S時，由于故電容器兩端的電壓不為零，故所帶的電荷量不為零，故C錯誤；

D．閉合開關S時，外阻

此時電源的輸出功率最大，在電阻箱從0開始逐漸調到最大值過程，外阻R一直增大；故電源的輸出功率一直減小，故D錯誤。

故選AB。18、A:B【分析】【分析】

【詳解】

開關在位置1時，外電路總電阻R總＝R

電壓表示數U＝E＝E

同理，每個燈泡兩端的電壓U1＝U2＝E

電源內阻的發熱功率為P熱＝＝

開關在位置2時，外電路總電阻R總′＝R

電壓表示數U′＝E＝E

燈泡L1兩端的電壓U1′＝E

L2兩端的電壓為U2′＝E

電源內阻的發熱功率為P熱′＝＝

綜上所述，電壓表讀數變小；L1亮度不變，L2將變亮；電源內阻的發熱功率將變大；故AB正確，CD錯誤。

故選AB。三、填空題(共7題，共14分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】靜電吸附絕緣體20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]燈泡一個月消耗的電能。

W=Pt=9×10-3kW×5h×30=1.35kW?h[2]設兩種燈泡正常發光的時間為t；則LED消耗的電能。

W=Pt白熾燈消耗的電能為。

W′=P′t在達到相同亮度的條件下；LED燈可以節約90%的電能。

解得。

P′=90W【解析】1.359021、略

【分析】【詳解】

[1]圖甲所示是20分度游標卡尺，示數為

[2]螺旋測微器的示數為【解析】1.3456.79022、略

【分析】【詳解】

球殼的電荷面密度σ=球殼上挖去半徑為r的小圓孔，去掉的電荷量q′=σπr2=關于球心O對稱位置相應電荷對球心電荷的電場力大小為F==方向由球心指向小圓孔圓心，其余部分對球心電荷的合力為零．【解析】由球心指向小圓孔圓心23、略

【分析】【詳解】

根據可知因為若則該負電荷在A處的電勢能為．

【點睛】在使用公式時一定要將公式中字母的正負號代入計算，不能忽略．【解析】1.2×105V，-3.0×10-3J；24、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]要將它改裝成量程為3V的電壓表，應串聯的電阻

[2]對應電壓測量值為【解析】①.2900②.0.9025、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]如圖所示，導體AB做切割磁感線運動時，線路中有電流產生，而導體AB順著磁感線運動時，線路中無流產生【解析】有無四、作圖題(共3題，共15分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相