…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年西師新版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷600考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、下列說法中正確的是A.白光通過三棱鏡后呈現彩色光帶是光的全反射現象B.照相機鏡頭表面涂上增透膜，以增強透射光的強度，是利用了光的衍射現象C.門鏡可以擴大視野是利用了光的干涉現象D.用標準平面檢查光學平面的平整程度是利用了光的干涉2、關于甲、乙、丙、丁四個實驗，以下說法正確的是()

A.四個實驗產生的條紋均為干涉條紋.B.甲、乙兩實驗產生的條紋均為等距條紋C.丙實驗中，產生的條紋間距越大，該光的頻率越大.D.丁實驗中，產生的明暗條紋為光的衍射條紋3、如圖所示，S為水面上一波源，M、N是兩塊擋板，其中M板固定，N板可左右移動，兩板中間有一狹縫，此時觀察不到A點振動，為了能觀察到A點的振動；可采用的方法是（）

A.將N板向右移B.將N板向左移C.增大波源的頻率D.增大波源的振幅4、如圖所示；2020年5月8日13時，我國新一代載人飛船試驗船返回艙進入大氣層，當平安到達著陸場預定區域上空時，在降落傘作用下，豎直減速下降，隨后飛船底部6個氣囊打開，穩穩降落在著陸場預定區域。下列說法正確的是（）

A.著陸過程中返回艙對地球的引力小于地球對返回艙的引力B.降落傘打開前，返回艙內物體所受重力減小了C.降落傘打開后，減速下降階段傘繩對返回艙的總拉力大于返回艙受到的重力D.打開6個氣囊是為了減小返回艙著陸過程中的動量變化量5、如圖所示；在撐竿跳高比賽中，運動員不是落在地面上而是落到海綿墊上。假設運動員落到地面和海綿墊上之前在空中下落的高度相同，則（）

A.運動員落在地面上比落到海綿墊上的動量大B.運動員落在地面上的動量變化快，落到海綿墊上的動量變化慢C.運動員落在地面上的動量變化量大，落到海綿墊上的動量變化量小D.運動員落在地面上與落到海綿墊上受到的沖擊力一樣大6、如圖所示，A、B用一根彈性良好的輕質彈簧連在一起，一顆子彈水平射入置于光滑水平面上的木塊A并立即留在其中。則在子彈打擊木塊A至彈簧第一次被壓縮至最短的過程中；對子彈；兩木塊和彈簧組成的系統（）

A.動量守恒，機械能不守恒B.動量不守恒、機械能不守恒C.動量守恒，機械能守恒D.動量不守恒，機械能守恒7、如圖所示是一單擺做阻尼振動的圖像，則此單擺的擺球在圖中P與N時刻的（）

A.速率B.重力勢能C.機械能D.受到的拉力8、兩列振動情況完全相同的水波某時刻的波峰和波谷位置如圖所示，實線表示波峰，虛線表示波谷，相鄰實線與虛線間的距離為波速為兩列波的振幅均為點是相鄰實線與虛線間的中點；則（）

A.圖示時刻兩點的豎直高度差為B.圖示時刻點正處于平衡位置且向水面下運動C.經點偏離平衡位置的位移為D.點到兩波源的路程差為零評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖所示，兩質量相等的物體B、C用質量不計的彈簧拴接放在光滑的水平面上，物體C緊靠左側的擋板，但未粘合在一起，另一物體A以水平向左的速度v0向物體B運動，經過一段時間和物體B碰撞并粘合在一起，已知物體A、B、C的質量分別M、m、m；整個過程中彈簧未超過彈性限度。則下列說法正確的是（）

A.整個過程中，三個物體組成的系統動量、機械能均守恒B.擋板對物體C的沖量大小為2Mv0C.物體C的最大速度為D.如果M=m，則物體C離開擋板前、后彈簧的最大彈性勢能之比為2：110、量為m的小球A沿光滑水平面以速度v0與質量為2m的靜止小球B發生正碰，則碰后B的速度可能是（）A.B.C.D.11、如圖所示，將一質量M、半徑為R的光滑半圓形槽靜置于光滑水平面上，今讓一質量為m小球自左側槽口從A點靜止開始落下；則以下結論中正確的是（）

A.小球在半圓槽內運動的全過程中，小球與半圓槽構成的系統機械能守恒B.小球在半圓槽內運動的全過程中，小球與半圓槽在水平方向動量守恒C.小球到達右邊最高點時，小球通過的水平位移是D.小球到達右邊最高點時，小球通過的水平位移是12、如圖所示，長直桿固定放置且與水平面夾角桿上O點以上部分粗糙，O點以下部分（含O點）光滑。輕彈簧穿過長桿，下端與擋板相連，彈簧原長時上端恰好在O點，質量為m的帶孔小球穿過長桿，與彈簧上端連接。現將小球拉到圖示a位置由靜止釋放，一段時間后觀察到小球做簡諧振動時彈簧上端的最低位置始終在b點，O點與a、b間距均為l。則下列說法正確的是（）

A.整個運動過程小球克服摩擦力做功為mglB.彈簧的勁度系數C.若增加小球質量，最終物體做簡諧振動的周期不變D.若增加小球質量，仍從a位置靜止釋放，則小球最終運動的最低點仍在b點13、一列簡諧橫波在均勻介質中傳播，t=0.1s時的波形圖如圖甲所示，A、B是介質中的兩個質點，質點B的振動圖象如圖乙所示。分析圖象可知（）

A.波沿著x軸負方向傳播B.波速大小為20m/sC.t=0.65s時質點B的加速度為正向最大值D.t=0.1s到t=0.5s時間內質點通過的路程為0.8m評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、自動駕駛汽車配置了超聲波、激光、無線電波雷達和光學相機組成的傳感探測系統，當汽車與前方車輛距離減小到安全距離時，系統會執行減速指令．若汽車靜止時發出的超聲波頻率為4.0×104Hz，空氣中聲速為340m/s，該超聲波的波長為________m____汽車行駛時接收到被前方汽車反射的超聲波頻率________(選填“大于”“等于”或“小于”)汽車發出的頻率．15、如圖，在楊氏雙縫干涉實驗中，激光波長530nm，屏上P點距雙縫S1和S2的路程差為7.95×10-7m。則在這里出現的應是______（填“亮條紋”或“暗條紋”），若雙縫間距0.01mm，擋板到屏的距離0.6m，則相鄰兩條亮條紋的間距是______cm。

16、光導纖維1966年，33歲的華裔科學家___________提出：光通過直徑僅幾微米的玻璃纖維就可以用來傳輸大量信息。___________因此獲得2009年諾貝爾物理學獎。根據這一理論制造的光導纖維（opticalfiber）已經普遍應用到通信領域。這其中就用到了___________原理。17、如圖，一彈簧振子在A、B間做簡諧運動，平衡位置為O，已知振子的質量為M。

（1）簡諧運動的能量取決于_________，本題中物體振動時_________能和__________能相互轉化，總_________守恒。

（2）關于振子的振動過程有以下說法，其中正確的是()

A.振子在平衡位置；動能最大，勢能最小。

B.振子在最大位移處；勢能最大，動能最小。

C.振子在向平衡位置運動時；由于振子振幅減小，故總機械能減小。

D.在任意時刻，動能與勢能之和保持不變18、一系統作簡諧振動,周期為T，以余弦函數表達振動時，初相為零．在范圍內，系統在t=_______時刻動能和勢能相等。19、如圖所示，光滑水平面上用輕繩連接質量分別為和的兩個物體和B，物體靜止，物體B以初速度水平向右運動，繩子被拉緊時突然斷裂，物體B的速度變為則物體的速度變為______。根據以上數據______求出此過程中系統損失的機械能（選填“能”或“不能”）。

20、一列簡諧橫波沿x軸傳播在t＝0時刻的波形如圖所示，此時質點P、Q的位移分別為2cm、－2cm，質點P正沿y軸正方向運動，從圖示時刻開始，質點Q經過0.4s第一次到達波峰，則波沿x軸______（填“正”或“負”）方向傳播；在5s時間內，質點P通過的路程為______cm。

21、觀察全反射現象。

如圖讓光沿著半圓形玻璃磚的半徑射到它的平直的邊上；在這個邊與空氣的界面上會發生反射和折射。逐漸增大入射角，觀察反射光線和折射光線的變化。

實驗現象。

隨著入射角的逐漸增大的過程中。

折射角逐漸___________；

折射光線亮度逐漸___________；

反射角逐漸___________；

反射光線亮度逐漸___________；

當入射角增大到某一角度時，折射光線消失，___________。

全反射的定義。

全反射：___________，___________；光線全部被反射回原光密介質的現象。

臨界角：當光從光密介質射入光疏介質時，折射角等于90°角時的入射角叫做臨界角。用C表示。

發生全反射的條件。

（1）光從光密介質射入光疏介質；

（2）入射角等于或大于臨界角；

臨界角C的大小由折射率可得：___________

臨界角的正弦值：___________22、全反射現象。

（1）全反射：光從光密介質射入光疏介質時，同時發生折射和反射．若入射角增大到某一角度，______光線完全消失，只剩下______光線的現象。

（2）臨界角：剛好發生全反射，即折射角等于90°時的入射角．用字母C表示，光從介質射入空氣（真空）時，發生全反射的臨界角C與介質的折射率n的關系是sinC＝

（3）全反射發生的條件。

①光從______介質射入______介質。

②入射角______臨界角。評卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)23、細繩的一端在外力作用下從時刻開始做簡諧運動，激發出一列簡諧橫波，在細繩上選取15個點，圖為時刻各點所處的位置，圖為時刻的波形圖（T為波的周期）.請在圖中畫出時刻的波形圖________

24、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動；圖中黑點為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點時離開平衡位置O的位移；

(2)標出振子位于A點時加速度的方向。

25、向水面上扔一個石塊，形成如圖所示的波形，已知相鄰實線間的距離等于一個波長，不考慮水波的反射，試大致畫出水波通過圖甲的孔和以及遇到圖乙中障礙物和之后的傳播情況。

26、某一簡諧橫波在時刻的波形圖如圖所示。若波向右傳播，畫出后和前兩個時刻的波的圖像。___________

評卷人得分五、實驗題(共2題，共18分)27、在“利用單擺測重力加速度”的實驗中：

（1）以下做法正確的是__________。

A．測量擺長時，用刻度尺量出懸點到擺球間的細線長度作為擺長L

B．測量周期時，從小球經過平衡位置開始計時并計數1次，當此后第30次經過平衡位置的總時間為t，則周期為

C．擺動中出現了輕微的橢圓擺情形；只要擺動角度不特別大，對實驗沒有影響。

D．實驗過程中；如果發現夾子不緊，擺線慢慢變長，則周期測量結束后，應重新測量本次振動的擺長，即測最后穩定振動時的擺長為準。

（2）黃同學先測得擺線長為97.92cm，用游標卡尺測得擺球直徑為2.16cm；再測得單擺的周期為2.00s，則最后可以算出當地的重力加速度g的值為_________m/s2。（取9.86；結果保留兩位小數）

（3）某次實驗的秒表示數如圖所示（附指針所在放大圖），則讀數為：______s。

28、利用單擺可以測量當地的重力加速度。如圖甲所示；將細線的上端固定在鐵架臺上，下端系一小鋼球，做成單擺。

（1）用游標卡尺測量小鋼球的直徑，卡尺示數如圖乙所示，小鋼球直徑為___________mm；

（2）以下是實驗過程中的一些做法，其中正確的有___________；

A．擺線要選擇較細；伸縮性較小；并且盡可能短一些的。

B．擺球盡量選擇質量較大；體積較小的。

C．為了使擺的周期大一些；以方便測量，擺線相對平衡位置的偏角越大越好。

D．為減小偶然誤差可以記下擺球做50次全振動所用的時間則單擺周期

（3）懸掛后，用米尺測量懸點到小球上端擺線的長度L，將小球拉離平衡位置一個小角度，由靜止釋放小球，穩定后小球在某次經過平衡位置時開始計時，并計數為0，此后小球每擺到平衡位置時，計數一次，依次計數為1、2、3，當數到50時，停止計時，測得時間為t，計算出單擺周期T。測量出多組單擺的擺長L和運動周期T，做出圖像，如圖所示。造成圖線不過坐標原點的原因可能是___________；

（4）由圖像求出重力加速度g=___________（取）

（5）某同學根據單擺周期公式推算出圖像應該是一條過坐標原點的直線。由于（3）中圖線不過原點，所以他認為根據該圖像測量出的重力加速度與當地重力加速度存在較大的偏差。你是否同意他的觀點，說明你的理由___________。評卷人得分六、解答題(共3題，共27分)29、激光有以下特點:頻率單一、相干性好、方向性好，可在很小空間、很短時間內集中大量能量，所以亮度高。全息照相、激光雷達、切割金屬各是應用了激光的什么特性?30、如圖甲，“胸口碎大石”是民間雜耍的保留節目（危險節目，請勿模仿）。其原理如圖乙所示，皮囊A放置在水平地面上，上面壓著一塊質量M=54kg的石板，質量m=6kg的鐵錘，以v0=的速度；豎直向下砸中石板，碰撞時間極短，鐵錘與石板瞬間達到共同速度。求：

（1）鐵錘與石板碰撞過程中；系統機械能的損失量；

（2）設石板被砸中后，忽略手持錘把的作用力，鐵錘與石板向下運動了d=2cm，速度減到0，求這段位移中皮囊受到的平均作用力大小，取重力加速度g=10m/s2。

31、質量為m的小球被勁度系數分別是k1和k2的輕彈簧拴住，置于光滑水平面上，如圖所示，此時兩個彈簧均處于原長狀態，記為位置O。

（1）證明：若將小球在水平方向上拉離位置O再釋放；小球將做簡諧運動。

（2）已知簡諧運動的周期是：其中k是回復力與位移的比例系數。求出此彈簧振子的周期。

（3）定義：振動物體出現在某區域的時間△t與觀察時間t的比值，為振動物體在該區域出現的概率。那么在小球的振動過程中，當觀察時間為振動周期的整數倍時，求：小球出現在位置O與右側0.5A（A為振幅）的區域內的概率P。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A.白光通過三棱鏡后呈現彩色光帶是由于不同顏色的光折射率不同；相同的入射角經過折射后折射角不同，故A錯誤；

B.表面涂上增透膜；以增強透射光的強度，是利用了光的干涉現象，故B錯誤；

C.門鏡可以擴大視野是利用了光的折射現象；故C錯誤；

D.用標準平面檢查光學平面的平整程度是利用了光的干涉；故D正確．

故選D.2、D【分析】【詳解】

A項：甲；乙、丙實驗產生的條紋均為干涉條紋；而丁實驗是光的衍射條紋，故A錯誤；

B項：甲實驗產生的條紋為等距條紋；而乙是牛頓環，空氣薄層不均勻變化，則干涉條紋間距不相等，故B錯誤；

C項：根據干涉條紋間距公式丙實驗中，產生的條紋間距越大，則波長越長，那么頻率越短，故C錯誤；

D項：丁實驗中，產生的明暗條紋間距不相等，且通過單縫，則為光的衍射條紋，故D正確．3、B【分析】【詳解】

當縫的尺寸跟波長相差不多，或比波長更小時會發生明顯衍射。所以為了能觀察到A點的振動；則可以減小縫的寬度（即將N板向左移）或增大波長（即減小波源的頻率），而增大波源的振幅不會發生明顯衍射現象。

故選B。4、C【分析】【詳解】

A．著陸過程中返回艙對地球的引力與地球對返回艙的引力是一對相互作用力；大小相等，故A錯誤；

B．減速傘打開前；返回艙內物體所受重力不變，故B錯誤；

C．減速傘打開后；減速下降階段，返回艙有豎直向上的加速度，根據牛頓第二定律可得傘繩對返回艙的總拉力大于返回艙受到的重力，故C正確；

D．返回艙著陸過程中的動量變化量不變；打開6個氣囊是可以延長著陸的時間，由動量定理可知打開6個氣囊延長著陸時間是為了減小返回艙與地面的相互作用力，使返回艙安全著陸，故D錯誤。

故選C。5、B【分析】【詳解】

A．因在空中下落高度相同；則運動員落到地面和海綿墊上時速度大小相同，則動量大小也相同，A錯誤；

BC．運動員無論落到地面還是海綿墊上；碰撞后的速度最后都為0，動量變化量相同，但由于地面硬，則運動員與地面碰撞作用的時間短，與海綿墊碰撞作用時間長，所以運動員落到地面上動量改變快，落到海綿墊上動量改變慢，B正確，C錯誤；

D．根據動量定理

可知落到地面上的運動員作用時間短，受到沖擊力F大，落在海綿墊上的運動員作用時間長，受到沖擊力F??；D錯誤。

故選B。6、A【分析】【分析】

【詳解】

在子彈打擊木塊A至彈簧第一次被壓縮至最短的過程中；對子彈；兩木塊和彈簧組成的系統受合外力為零，則系統動量守恒；子彈射入木塊的過程中要損失機械能，則系統的機械能不守恒。

故選A。7、A【分析】【詳解】

A．由圖可知，P點位移到此次振動位移的最大值之間的差值要比N點位移到此次振動位移的最大值之間的差值要大，故P點到此次振動位移最大值過程中，增加的重力勢能更多，增加的重力勢能都是動能轉化而來，故P點具有的動能更多，故P點的速率大于N點的速率；故A正確；

B．由圖可知，P、N點的位移同；故兩點對應的高度相同，故兩點的重力勢能相同，故B錯誤；

C．機械能包含重力勢能與動能（此處無彈性勢能），由A、B選項的分析可知，P點的機械能大于N點的機械能；故C錯誤；

D．單擺運動屬于圓周運動，受力分析易得，繩子的拉力與重力在繩子方向的分力的合力提供向心力，由于P、N兩點的位移相同，故兩點是繩子與豎直方向的夾角也相同，假設繩子與豎直方向的夾角為繩長為l，故有

由于P點出的速率大于N點的速率，故P點的繩子拉力大于N點的繩子拉力；故D錯誤。

故選A。8、A【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示，頻率相同的兩列水波相疊加的現象。實線表波峰，虛線表波谷，則A、D是波峰與波峰相遇，B點是波谷與波谷相遇；它們均屬于振動加強區；

A．由于振幅是1cm，A點是波峰與波峰相遇，則A點相對平衡位置高2cm。而B點是波谷與波谷相遇，則B點相對平衡低2cm，所以A、B相差4cm；故A正確；

B．圖示時刻C點是處于平衡位置，因下一個波峰經過C點；所以向水面上運動，故B錯誤；

C．因周期

所以經0.2s，A點處于波谷位置；即其的位移為-2cm，故C錯誤；

D．由圖可知，F點為振動減弱點；則到兩波源的路程差為半個波長的奇數倍，故D錯誤；

故選A。二、多選題(共5題，共10分)9、B:C【分析】【詳解】

A．B物體A與物體B碰撞后兩物體粘合在一起；A與B碰撞過程中，三個物體與彈簧組成的系統的機械能有損失，物體AB碰后粘合在一起到物體C剛要離開擋板的過程中，擋板對物體C有向右的支持力，三個物體與彈簧組成的系統所受合力不為0，系統的動量不守恒，故A錯誤；

B．設物體A與物體B碰撞后的瞬間，A、B粘合體的速度大小為v根據動量守恒定律有

根據能量守恒定律可知，彈簧第一次恢復到原長時A、B粘合體的速度大小為v以水平向右的方向為正方向，對物體A與物體B碰撞粘合在一起到彈簧恢復到原長的過程，根據動量定理可得，彈簧彈力對A、B粘合體的沖量

所以彈簧彈力對C的沖量大小等于該過程中物體C一直靜止，故擋板對C的沖量大小也為故B正確；

C．物體C離開擋板后，三個物體與彈簧組成的系統動量守恒、機械能守恒，當彈簧再次恢復到原長時，物體C的速度最大，設彈簧再次恢復到原長時A、B粘合體與物體C的速度大小分別為v、v2，根據動量守恒定律有

根據機械能守恒定律有

解得

故C正確；

D．物體離開擋板前彈簧最短時彈簧的彈性勢能最大，由能量守恒定律得

物體C離開擋板后，當三者共速時彈簧最長或最短，彈簧的彈性勢能最大，設三者共速時的速度為根據動量守恒定律有

根據機械能守恒定律有

且

解得

故D錯誤。

故選BC。10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

若小球A與小球B發生完全非彈性碰撞，則有mv0=(m+2m)v共

解得v共=v0

若小球A與小球B發生彈性碰撞，則有mv0=mvA′+2mvB′，mv0=mvA′2+×2mvB′2

解得vA′=-v0，vB′=v0

所以碰后B的速度v0≤vB≤v0

故選AC。11、A:B:C【分析】【詳解】

A．小球在半圓槽內運動的全過程中；地面和圓弧面光滑，只有小球的機械能與半圓槽的機械能之間相互轉化，球與半圓槽構成的系統機械能守恒，A正確；

B．小球在半圓槽內運動的全過程中；地面光滑，小球與半圓槽組成的系統在水平方向所受的合外力為零，小球與半圓槽在水平方向動量守恒，B正確；

CD．小球到達右邊最高點時，小球和圓槽通過的水平位移大小分別為如圖所示。

小球和圓槽組成的系統在水平方向上動量守恒，在運動過程中小球和圓槽在任意時刻的水平速度滿足

則有

根據位移關系可得

解得

小球到達右邊最高點時，小球通過的水平位移是C正確，D錯誤。

故選ABC。12、A:B【分析】【詳解】

A．O點與a、b間均為l，所以小球在a、b兩點的彈性勢能相等，小球從a點由靜止開始運動到最后到達b點的過程中由動能定理可知

解得

A正確；

B．小球做簡諧振動時彈簧上端的最低位置始終在b點，即小球在O點和b點間做簡諧運動，平衡位置在O點和b點中點，此時小球受力平衡，有

解得

B正確；

C．彈簧小球的振動周期公式為則若增加小球質量，最終物體做簡諧振動的周期將會變化，C錯誤；

D．若增加小球質量，仍從a位置靜止釋放，設小球最終運動的最低點為c，由于小球最后是在O與最低點c兩點間做簡諧振動，在c點與O點的加速度大小相等，小球在c點有

小球在O點有

聯立解得

所以增大小球的質量；彈簧在最低點的形變量也會增大，則最低點位置發生了改變，D錯誤。

故選AB。13、B:D【分析】【詳解】

A．由圖乙知時，質點在平衡位置且向下振動，由圖甲根據微平移法可知，波沿軸向正方向傳播；A錯誤；

B．由圖甲知這列波的波長由圖乙知波的周期波的傳播速度大小為

B正確；

C．當時，此時質點在正方向最大位移處，那么質點加速度為負方向最大值；C錯誤；

D．到時間是質點通過的路程是即D正確。

故選BD。三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【詳解】

[1]．根據可得波長為

[2]．因波源向前運動，則根據多普勒效應，接收到的反射超聲波頻率大于發出的超聲波頻率．【解析】8.5×10-3大于15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]光程差與半波長的倍數關系為

即光程差是半波長的奇數倍；則該處出現的應該是暗條紋。

[2]根據代入數據解得

則相鄰兩條亮條紋的間距是【解析】暗條紋3.1816、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]966年，33歲的華裔科學家高錕提出：光通過直徑僅幾微米的玻璃纖維就可以用來傳輸大量信息。高錕因此獲得2009年諾貝爾物理學獎。根據這一理論制造的光導纖維（opticalfiber）已經普遍應用到通信領域。這其中就用到了光的全反射原理?！窘馕觥竣?高錕②.高錕③.光的全反射17、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2][3][4]簡諧運動的能量取決于振幅；本題中物體振動時動能和彈性勢能相互轉化，總機械能守恒。

（2）[5]D．在任意時刻只有系統內彈簧的彈力做功；則機械能守恒，故D正確；

A．振子在平衡位置；速度最大，動能最大，是能最小，故A正確；

B．振子在最大位移處；彈簧形變量最大，勢能最大，動能最小，故B正確；

C．振幅的大小與振動過程中振子的位置無關；故C錯誤。

故選ABD?！窘馕觥空穹鶆訌椥詣輽C械能ABD##ADB##BAD##BDA##DAB##DBA18、略

【分析】【詳解】

[1]設振動方程為

系統的總能量為當動能等于勢能時，設位移為則有

解得

所以

解得（n為整數）

在時，或【解析】或19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]物體和B在光滑水平面上運動，動量守恒，有

解得

[2]根據能量守恒可知此過程中系統損失的機械能

代入和可得到因此根據以上數據能求出此過程中系統損失的機械能。【解析】能20、略

【分析】【詳解】

[1]由題意知，t＝0時刻，質點P正沿y軸正方向運動，根據“逆向波形法”可知，波沿x軸正方向傳播；

[2]設質點P的振動方程為

由圖可知振幅且時，解得從圖示時刻開始，質點Q經過0.4s第一次到達波峰，根據圖像可知，當時，可推知質點P將第一次到達波谷，即解得

則

由于

由P質點的振動方程可知，經過此時P質點

由于結合圖像可得P質點在內運動的路程恰好為A，則5s內質點P運動的路程為【解析】正13221、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4][5]隨著入射角的逐漸增大的過程中。

折射角逐漸增大；

折射光線亮度逐漸變暗；

反射角逐漸增大；

反射光線亮度逐漸變亮；

當入射角增大到某一角度時；折射光線消失，光線將全部反射回光密介質中。

[6][7]全反射：當入射角增大到某一角度時，折射光線消失，光線全部被反射回原光密介質的現象。臨界角：當光從光密介質射入光疏介質時，折射角等于90°角時的入射角叫做臨界角。用C表示。

[8][9]發生全反射的條件。

（1）光從光密介質射入光疏介質；

（2）入射角等于或大于臨界角；

臨界角C的大小由折射率可得

臨界角的正弦值【解析】增大變暗增大變亮光線將全部反射回光密介質中當入射角增大到某一角度時折射光線消失22、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.折射②.反射③.光密④.光疏⑤.等于或大于四、作圖題(共4題，共12分)23、略

【分析】【詳解】

[1]設方格的邊長為由圖可知，波的波長應為波的振幅應為在內波傳播了則再過半個周期波應再傳播故9點開始向上振動，此時0點應到達負向最大位移處；6點達正向最大位移處；故波形如圖所示：

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點時離開平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點時加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)25、略

【分析】【詳解】

由題圖可知，孔A和障礙物D跟波長相比相差不多，因此，從孔A傳出的波和遇障礙物D之后的波均有明顯的衍射現象；孔B和障礙物C跟波長相比相差較大，因此，從孔B傳出的波和遇障礙物C之后的波無明顯的衍射現象，在畫通過孔A的衍射波時要強調畫出的同心半圓都是以孔A為圓心的；遇障礙物D之后波的傳播并沒有受影響；而從孔B傳出的波和遇障礙物C之后的波只沿直線傳播，所以從孔A、B傳出的波和遇障礙物C、D之后的波如圖所示。

【解析】見解析。26、略

【分析】【詳解】

由題圖我們可以知道，在質點振動的一個周期內，波向前傳播一個完整的波形的距離，即傳播的距離

因此在內，波向前傳播了根據波的傳播過程和傳播的實質，若波向右傳播，把波的原有圖形向右移動的距離，就得到了后時刻的波形圖，如圖中的虛線甲所示；同理可以得到前時刻波的圖像；如圖中的虛線乙所示。

【解析】五、實驗題(共2題，共18分)27、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]A．擺線長度與擺球半徑之和是單擺