…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教新版選修三物理上冊階段測試試卷519考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示的電路中；當滑動變阻器的觸頭P向上滑動時，則（）

A.燈L2變亮B.電容器貯存的電荷量變大C.燈L1變暗D.電源的總功率變小2、關于安培力和洛倫茲力，下列說法中正確的是A.帶電粒子在磁場中運動時，一定受到洛倫茲力作用B.放置在磁場中的通電導線，一定受到安培力作用C.洛倫茲力對運動電荷一定不做功D.洛倫茲力可以改變運動電荷的速度大小3、在物理學的發展過程中，許多物理學家的科學發現推動了人類歷史的進步，下列表述符合物理學史實的是（）A.牛頓提出了萬有引力定律并準確地測出了引力常量B.安培最早引入了電場概念，并提出用電場線表示電場C.奧斯特發現了電流的磁效應并總結出了判斷電流與磁場方向關系的右手螺旋定則D.法拉第發現了電磁感應現象，宣告了電磁學作為一門統一學科的誕生4、一閉合矩形線圈繞垂直于磁場方向的軸勻速轉動；產生的感應電流如圖所示，由圖可知。

A.該交流電電流的有效值是5AB.該交流電的頻率是20HzC.t=0時刻線圈平面位于中性面D.該交流電電流的瞬時表達式為i=5cos100πt（A）5、如圖所示，矩形線圈abcd與理想變壓器原線圈組成閉合電路，線圈在有界勻強磁場中繞垂直于磁場的bc邊勻速轉動，磁場只分布在bc邊的左側，磁感應強度大小為B，線圈面積為S，轉動角速度為ω，匝數為N；線圈電阻不計.下列說法正確的是。

A.將原線圈抽頭P向上滑動時，燈泡變亮B.線圈abcd轉動加速時，燈泡亮度變暗C.圖示位置時，矩形線圈中電流最大D.若線圈abcd轉動的角速度變為2ω，則變壓器原線圈電壓的有效值為NBSω6、一個質量為m、帶電量為q的小球，從傾角為θ的光滑絕緣斜面上由靜止下滑，整個斜面置于方向水平向外的勻強磁場中，其磁感應強度為B，如圖所示．帶電小球下滑后某時刻對斜面的作用力恰好為零．已知重力加速度為g．下面說法中正確的是。

A.小球帶負電B.小球對斜面的作用力恰好為零時的速率為C.小球在斜面上運動的加速度逐漸增大D.小球在斜面上的運動是勻加速直線運動7、如圖所示，體操運動員在落地時總要屈腿，這是為了（）

A.減小落地時的動量B.減小落地過程的動量變化C.減少作用時間增大作用力D.增加作用時間減小作用力8、蹦極跳是勇敢者的體育運動．設運動員離開跳臺時的速度為零，從自由下落到彈性繩剛好被拉直為第一階段，從彈性繩剛好被拉直到運動員下降至最低點為第二階段．下列說法中正確的是（）A.第一階段重力對運動員的功和第二階段重力對運動員的功大小相等B.第一階段重力對運動員的沖量大小和第二階段重力對運動員的沖量大小相等C.第一階段運動員受到的合力方向始終向下，第二階段受到的合力方向始終向上D.第一階段和第二階段，重力對運動員的總沖量與彈性繩彈力對運動員的沖量大小相等9、碘131的半衰期約為8天，若某藥物含有質量為m的碘131，經過32天后，該藥物中碘131的含量大約還有（）A.0B.m/4C.m/8D.m/16評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖所示，一定質量的理想氣體由狀態a經a-b-c-a完成一個循環，已知該理想氣體的內能與熱力學溫度的關系是U=kT（k為比例系數，T為熱力學溫度），氣體在狀態a時的溫度為T0；下列說法正確的是（）

A.氣體在狀態b時的溫度為6T0B.從狀態b到狀態c過程中氣體放出的熱量是4kT0C.從狀態c到狀態a過程中氣體對外界做功為p0V0D.完成整個循環的過程中，氣體吸收的熱量與放出的熱量相等11、如圖所示是一定質量的理想氣體的p－V圖象，理想氣體經歷從A→B→C→D→A的變化過程，其中D→A為等溫線。已知理想氣體在狀態D時溫度為T＝400K；下列說法正確的是（）

A.理想氣體在狀態B時的溫度為1000KB.理想氣體在狀態C時的溫度為1000KC.C到D過程外界對氣體做功為100J，氣體放出熱量100JD.氣體從狀態D變化到狀態A，單位體積的氣體分子數增大，但氣體分子的平均動能不變12、下列說法正確的是（）A.相對論認為時間和空間與物質的運動狀態有關B.聲源向靜止的觀察者運動，觀察者接收到的頻率小于聲源的頻率C.用同一裝置觀察光的雙縫干涉現象，藍光的相鄰條紋間距比紅光的小D.拍攝玻璃櫥窗內的物品時，往往在鏡頭前加一個偏振片以增加透射光的強度13、為了證明超導體電阻為零，昂尼斯實驗室的工程師GerritFlim設計了一個非常精巧的實驗，實驗裝置示意圖如圖所示。Q為超導材料繞制的線圈，已感應出0.6A的電流，其對稱位置放置了一個相同尺寸的線圈P，外接穩定電流也為0.6A；此時兩個線圈中間放置的小磁針沿軸線嚴格指向東西方向。超導材料若電阻為零，則電流永不衰減，小磁針方向就不會發生偏轉。不考慮其它磁場的影響，以下說法正確的是()

A.超導線圈中電流方向為A→Q→BB.超導線圈中電流方向為B→Q→AC.若超導體存在一定電阻，電流衰減，小磁針將順時針偏轉D.若超導體存在一定電阻，電流衰減，小磁針將逆時針偏轉14、根據實際需要，磁鐵可以制造成多種形狀，如圖就是一根很長的光滑圓柱形磁棒，在它的側面有均勻向外的輻射狀磁場．現將磁棒豎直固定在水平地面上，磁棒外套有一個粗細均勻的圓形金屬線圈，金屬線圈的質量為m，半徑為R，電阻為r，金屬線圈所在位置的磁場的磁感應強度大小為B．讓金屬線圈從磁棒上端由靜止釋放，經一段時間后與水平地面相碰(碰前金屬線圈已達最大速度)并原速率反彈，又經時間t，上升到距離地面高度為h處速度減小到零．下列說法中正確的是。

A.金屬線圈與地面撞擊前的速度大小B.撞擊反彈后上升到最高處h的過程中，通過金屬線圈某一截面的電荷量C.撞擊反彈后上升到最高處h的過程中，通過金屬線圈某一截面的電荷量D.撞擊反彈后上升到最高處h的過程中，金屬線圈中產生的焦耳熱15、如圖所示，帶箭頭的實線表示某電場的電場線，虛線表示該電場的等勢面．其中A、B、C三點的電場強度大小分別為EA、EB、EC，電勢分別為．關于這三點的電場強度大小和電勢高低的關系；下列說法中正確的是。

A.EA=EBB.EA＞ECC.D.16、如圖所示為一定質量理想氣體的壓強p與體積V的關系圖象，氣體狀態經歷A→B→C→A完成一次循環，A狀態的溫度為290K，下列說法正確的是()

A.A→B的過程中，每個氣體分子的動能都增加B.B→C的過程中，氣體溫度先升高后降低C.C→A的過程中，氣體溫度一定減小D.B，C兩個狀態溫度相同，均為580K17、如圖所示，物體A、B的質量分別為m和2m,之間用輕彈簧連接；放在光滑的水平面上，物體A緊靠豎直墻，現在用力向左推B使彈簧壓縮，然后由靜止釋放，則。

A.從撤去推力到A離開豎直墻之前，B和彈簧組成的系統動量不守恒，機械能守恒B.從撤去推力到A離開豎直墻之前，B和彈簧組成的系統動量守恒，機械能不守恒C.彈簧第二次恢復為原長時，B兩物體的速度方向一定相同D.彈簧第一次、第二次壓縮最短時彈性勢能之比為3：1評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)18、如圖所示；將帶有負電的絕緣棒移近兩個不帶電的導體球，兩個導體開始時互相接觸且對地絕緣。

（1）為了使兩球帶上等量異號電荷，應___________。

A．先移走棒；再把兩球分開B．先把兩球分開，再移走棒。

（2）使棒與甲球瞬時接觸，再移走棒，導體甲帶___________電；導體乙帶________。

（3）先使甲球瞬時接地，再移走棒，導體甲帶_________電；導體乙帶________電。19、等壓變化：一定質量的某種氣體，在______不變時，體積隨溫度變化的過程。20、如圖，兩側粗細均勻、橫截面積相等、高度均為的U型管，左管上端封閉，石管上端開口。右管中有高的水銀柱，水銀柱上表面離管口的距離管底水平段的體積可忽略。環境溫度為大氣壓強現從右側端口緩慢注入水銀（與原水銀柱之間無氣隙），恰好使水銀柱下端到達右管底部。此時封閉氣體的壓強為______要使封閉氣體在回到原來的體積，應將氣體溫度升高到______

21、如圖，一定質量的理想氣體先從狀態a沿直線變化到狀態b，該過程中氣體的溫度______（填“升高”或“降低”），氣體______（填“吸熱”或“放熱”）。

22、封閉汽缸內一定質量的理想氣體由狀態A經狀態B再變化到狀態C，其體積V隨熱力學溫度T變化的關系圖象如圖所示，氣體在狀態B時的溫度T2＝________K。氣體在從狀態A變化到狀態B的過程中吸收熱量Q1＝240J，對外做功為W＝100J．則氣體由狀態B變化到狀態C的過程中，氣體向外傳遞的熱量Q2＝________J。

23、如圖所示為某磁場的磁感線分布情況，圖中M點的磁感應強度_________(填“大于”；“等于”或“小于”)P點的磁感應強度．

24、盧瑟福的原子核式結構模型認為，核外電子繞原子核做高速的圓周運動．設想氫原子的核外電子繞核做勻速圓周運動，且核外電子離原子核最近的軌道半徑為經典物理學知識認為核外電子受到原子核對它的庫侖力作用而做圓周運動，則氫原子的核外電子在此軌道上運動時的周期為______s，速度為_______m/s．（電子的質量為）評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共3題，共30分)28、如圖所示，一水平放置的薄壁圓柱形容器內壁光滑，長為L，底面直徑為D，其右端中心處開有一圓孔．質量為m的理想氣體被活塞封閉在容器內，器壁導熱良好，活塞可沿容器內壁自由滑動，其質量、厚度均不計．開始時氣體溫度為300K，活塞與容器底部相距L.現對氣體緩慢加熱，已知外界大氣壓強為p0.求溫度為480K時氣體的壓強．

29、如圖所示，ABCD為邊長為的正方形，O為正方形中心，正方形區域左、右兩對稱部分中分別存在方向垂直ABCD平面向里和向外的勻強磁場。一個質量為電荷量為q的帶正電粒子從B點處以速度v垂直磁場方向射入左側磁場區域，速度方向與BC邊夾角為粒子恰好經過O點，已知粒子重力不計。

（1）求左側磁場的磁感應強度大小；

（2）若粒子從CD邊射出；求右側磁場的磁感應強度大小的取值范圍。

30、如圖所示，在xoy坐標系中第一象限內存在垂直紙面向里的勻強磁場，第二象限內的部分區域存在勻強電場．一電荷量為+q、質量為m的帶電粒子，從P(a，0)點沿與x軸成45°角的方向以初速度v0射入磁場中，通過y軸上的N(0，a)點進入第二象限后，依次通過一個非電場區域和一個勻強電場區域，到達x軸上某點時速度恰好為零．已知從粒子第一次通過N點到第二次通過N點所用時間為t0．求：(粒子重力不計)

(1)磁場的磁感應強度；

(2)帶電粒子自P點開始到第一次通過N點所用的時間；

(3)勻強電場的電場強度大小．

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【分析】

首先認清電路的結構：變阻器與燈L2串聯后與電阻R1并聯，再燈L1串聯，電路穩定時，電容器相當于斷路．當滑動變阻器的觸頭P向上滑動時，變阻器接入電路的電阻變小，分析外電路總電阻減小，由歐姆定律分析總電流的變化，即可知道電源的總功率變化和燈L1亮度變化．分析并聯部分電壓的變化，判斷通過R1的電流如何變化，就能分析出通過燈L2的電流變化；判斷其亮度變化．

【詳解】

當滑動變阻器的觸頭P向上滑動時，變阻器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，干路電流變大，則燈L1變亮。電源的總功率P=EI，E不變，則電源的總功率變大。干路電流增大，電源的內電壓和燈L1的電壓增大，則電路中并聯部分的電壓U并減小，通過R1的電流減小，而干路電流增大，所以通過燈L2的電流變大，燈L2變亮。電容器的電壓等于并聯部分的電壓；則其電壓減小，電容器貯存的電量變小。故A正確，BCD錯誤。故選A。

【點睛】

本題考查了滑動變阻器的變阻原理、歐姆定律、串聯電路的電壓關系，按“局部→整體→局部”的思路進行分析．2、C【分析】【分析】

根據安培力公式；洛倫茲力公式及左手定則分析答題；知道導線或粒子方向沿電場線時均不受磁場力。

【詳解】

A、當帶電粒子的運動方向與磁場方向平行時，帶電粒子不受洛倫茲力作用，故A錯誤；

B、當通電導線電流方向與磁場方向平行時，通電導線不受安培力，故B錯誤；

C、由左手定則可知，洛倫茲力與粒子的運動方向垂直，即與位移方向垂直，在洛倫茲力方向上，帶電粒子沒有位移，洛倫茲力對帶電粒子不做功，故C正確；

D、洛倫茲力只能改變運動電荷的速度方向，不會改變速度大小，故D錯誤。

故選：C。

【點睛】

本題考查磁場力的性質，要注意安培力、洛倫茲力的產生、方向是初學者很容易出錯的地方，在學習中要加強這方面的練習，提高對知識的理解。3、D【分析】【詳解】

牛頓提出了萬有引力定律，卡文迪許準確地測出了引力常量，選項A錯誤；法拉第最早引入了電場概念，并提出用電場線表示電場，選項B錯誤；奧斯特發現了電流的磁效應，安培總結出了判斷電流與磁場方向關系的右手螺旋定則，選項C錯誤；法拉第發現了電磁感應現象，宣告了電磁學作為一門統一學科的誕生，選項D正確．4、D【分析】【詳解】

A．由圖像知正弦交變電流的最大值是5A，所以該交流電電流的有效值是

故A錯誤；

B．由圖像知周期T=0.02s，所以頻率

故B錯誤；

C．t=0時感應電流最大；感應電動勢最大，磁通量為零，所以線圈平面垂直于中性面，故C錯誤；

D．由圖像知周期T=0.02s，所以

電流的最大值是5A，所以交流電電流的瞬時表達式為

故D正確。

故選D。5、D【分析】【詳解】

A．將原線圈抽頭P向上滑動時，原線圈匝數變多，據可得；輸出電壓減小，燈泡變暗．故A項錯誤．

B．線圈abcd轉動加速時，原線圈兩端電壓增大，據可得；輸出電壓增大，燈泡變亮．故B項錯誤．

C．圖示位置時；矩形線圈位于中性面，矩形線圈中電流為零．故C項錯誤．

D．若線圈abcd轉動的角速度變為2ω，則變壓器原線圈電壓的最大值據

可得變壓器原線圈電壓的有效值

故D項正確．

故選D。

點睛：有效值是根據電流熱效應來規定的，讓一個交流電流和一個直流電流分別通過阻值相同的電阻，如果在相同時間內產生的熱量相等，那么就把這一直流電的數值叫做這一交流電的有效值．計算電功率使用有效值，交流電表的讀數是有效值．6、D【分析】【詳解】

試題分析：帶電小球在滑至某一位置時；由于在安培力的作用下，要離開斜面．根據磁場方向結合左手定則可得帶電粒子的電性．由光滑斜面，所以小球在沒有離開斜面之前一直做勻加速直線運動．借助于洛倫茲力公式可求出恰好離開時的速度大小，從而由運動學公式來算出勻加速運動的時間．由位移與時間關系可求出位移大小．

小球向下運動，由磁場垂直紙面向外，由題意可知，要使小球離開斜面，洛倫茲力必須垂直斜面向上，所以小球帶正電，A錯誤；小球在斜面上下滑過程中，當小球受到的洛倫茲力等于重力垂直與斜面的分力相等時，小球對斜面壓力為零．所以則速率為B錯誤；小球沒有離開斜面之前，在重力，支持力、洛倫茲力作用下做勻加速直線運動，雖然速度變大，導致洛倫茲力變大，但三個力的合力卻不變，加速度不變，C錯誤D正確．7、D【分析】【詳解】

A.運動員從一定高度落下后落地的速度是一定的；無論是否屈腿，落地時的動量均一樣；故A項不合題意.

B.由動量的變化量可知無論是否屈腿，落地過程的動量變化均一樣；故B項不合題意.

CD.取向上為正方向，由動量定理得：

在動量變化相同是屈腿過程，延長了腳與地面的所用時間使得地面對腳的作用力變小，故C項不合題意，D項符合題意.8、D【分析】【詳解】

A；若兩個階段物體下落的高度不同；則兩個階段重力做功不相等，故A錯。

B、整個下落過程中,兩個階段的時間關系不知道,根據則不能判定第一階段重力對運動員的沖量和第二階段重力對運動員的沖量大小關系.故B錯誤;

C；第二階段運動員受到的合力方向先向下后向上.故C錯誤.

D；整個下落過程中,因為初末速度都為零,所以第一、第二階段重力對運動員的總沖量和第二階段彈性繩彈力對運動員的沖量大小相等.所以D選項是正確的.

綜上所述本題答案是：D

點睛：根據動量定理研究第一階段重力的沖量和第二階段彈力的沖量大小關系;整個下落過程中,因為初末速度都為零,根據動能定理,總功為零,整個過程中,重力對運動員所做的功等于運動員克服彈性繩彈力所做的功.9、D【分析】【詳解】

碘131的半衰期約為8天，經過32天為碘131的剩余質量為：故選D．

【點睛】半衰期是放射性原子核剩下一半需要的時間，根據公式求解剩余原子核的質量．二、多選題(共8題，共16分)10、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．從a到b；根據理想氣體狀態方程，可得。

解得。

故A正確；

B．從狀態b到狀態c過程；氣體體積不變，根據查理定律，可得。

解得。

根據熱力學第一定律；可得。

依題意；有。

聯立；可得。

所以從狀態b到狀態c過程中氣體放出的熱量是4kT0。故B正確；

C．從狀態c到狀態a過程，氣體體積由變成外界對氣體做功為。

故C錯誤；

D．從狀態a到b過程；氣體對外界做功大小等于如圖所示面積大小。

0

從外界吸收熱量為。

從狀態b到c過程為等容變化；即。

W=0從狀態c到a過程；體積減小，外界對氣體做功大小等于如圖所示面積大小。

b→c→a過程向外界釋放熱量為。

由于。

W1>W2所以。

故D錯誤。

故選AB。11、A:D【分析】【詳解】

A.理想氣體從B→D過程，由氣態方程可得

解得

A正確；

B．理想氣體從C→D過程，屬等壓變化，由蓋呂薩克可得

解得

B錯誤；

C．C到D過程外界對氣體做功為

由于C到D過程，溫度降低，由熱力學第一定律

可得

即氣體放出熱量大于100J；C錯誤；

D．氣體從狀態D變化到狀態A；氣體體積減小，單位體積內氣體分子數增大，溫度不變，氣體分子的平均動能不變，D正確；

故選AD。12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據愛因斯坦相對論可知；時間和空間與物質的運動狀態有關，A正確；

B．根據多普勒效應可知；聲源向靜止的觀察者運動，兩者距離減小，觀察者接收到的頻率將大于聲源的頻率，B錯誤；

C．根據。

則用同一裝置觀察光的雙縫干涉現象；藍光的波長比紅光的波長小，藍光的相鄰條紋間距比紅光的小，C正確；

D．拍攝玻璃櫥窗內的物品時；往往在鏡頭前加一個偏振片以減弱反射光的強度，使照片清晰，但不能增加透射光的強度，D錯誤。

故選AC。13、A:C【分析】【分析】

因小磁針指向水平方向；可知上下螺線管的磁場是對稱的，因上方螺線管的右端為N極，則下方螺線管的右端也為N極；根據右手螺旋法則判斷電流方向.若超導體存在一定電阻，電流衰減，則上下磁場不再對稱.

【詳解】

根據右手螺旋法則，可知P線圈的D端為N極；則Q線圈的B端也應該為N極，由右手螺旋法則可知，超導線圈中電流方向為A→Q→B，選項A正確，B錯誤；若超導體存在一定電阻，電流衰減，則下方螺線管的磁場減弱，則小磁針S向上偏轉，即將順時針偏轉，選項C正確，D錯誤；故選AC.14、B:D【分析】【詳解】

A．金屬線圈與地面撞擊前已達最大速度，設最大速度為v．感應電動勢為E=B?2πRv

感應電流大小為I=E/r

線圈受到的安培力為FA=BIL=BI?2πR

聯合解得安培力大小為FA=

根據平衡條件有FA=mg

解得

故A錯誤．

BC．撞擊反彈后上升到最高處h的過程中，取向下為正方向，由動量定理得：mgt+B?2πRt=0-（-mv）

又通過金屬線圈某一截面的電荷量為q=t

聯立解得

故B正確；C錯誤．

D．撞擊反彈后上升到最高處h的過程中，金屬線圈中產生的焦耳熱為：Q=mv2-mgh=-mgh

故D正確．

故選BD．

點睛：本題是電磁感應與力學的綜合，要明確線圈與磁場垂直，有效的切割長度等于周長，要知道在電磁感應中，動量定理是求電荷量常用的方法．能量守恒定律是求焦耳熱常用的思路．15、B:D【分析】試題分析：因為A點的電場線最密；故A點的電場強度最大，選項A錯誤，B正確；AB在同一條電場線上，由B到A的方向是沿著電場線的方向，故B點的電勢大于A點的電勢，選項C錯誤；而B；C兩點在同一個等勢面上，故二者的電勢相等，選項D正確．

考點：電場強度與電勢大小的判斷．

【名師點晴】在同一條電場線上，沿著電場線的方向是電勢降低的方向；等勢面就是電勢相等的點所組成的一個面，故在這個面上的各點的電勢是相等的；電場線密的地方，電場強度大，電場線稀疏的地方，電場強度小．16、B:C【分析】【詳解】

A→B的過程中，體積不變，壓強變大，則溫度升高，分子平均動能變大，但并非每個氣體分子的動能都增加，選項A錯誤；BC兩態的PV乘積相等，可知BC兩態的溫度相同，由數學知識可知，B→C的過程中，PV乘積先增加后減小，則氣體溫度先升高后降低，選項B正確；C→A的過程中，氣體壓強不變，體積減小，根據V/T=K可知則氣體的溫度一定減小，選項C正確；對AB兩態，由查理定律：即解得TB=3×290K=870K，則B、C兩個狀態溫度相同，均為870K，選項D錯誤；故選BC.17、A:C:D【分析】【詳解】

對A、B和彈簧組成的系統，從撤去推力到A離開豎直墻之前，系統受到墻壁的彈力作用，合外力不為零，則A、B和彈簧組成的系統動量不守恒；此過程中由于只有彈力做功，則機械能守恒，選項A正確，B錯誤；彈簧第二次恢復為原長時，此時A、B兩物體的速度方向均向右，方向一定相同，選項C正確；撤去力F后，B向右運動，彈簧彈力逐漸減小，當彈簧恢復原長時，A開始脫離墻面，這一過程機械能守恒，即滿足：E=(2m)vB2；A脫離墻面后速度逐漸增加，B速度逐漸減小，此過程中彈簧逐漸伸長，當A、B速度相同時，彈簧彈性勢能最大，這一過程系統動量和機械能均守恒，有：動量守恒：2mvB=（m+2m）v，機械能守恒：EPmax＝(2m)vB2?(m+2m)v2；可解得：EPmax＝即彈簧第一次；第二次壓縮最短時彈性勢能之比為3：1，所以D正確；故選ACD.

【點睛】

正確認識動量守恒條件和機械能守恒條件是解決本題的關鍵．如果一個系統不受外力或所受外力的矢量和為零，那么這個系統的總動量保持不變；系統只有重力或彈力做功為機械能守恒．三、填空題(共7題，共14分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]根據靜電感應可知；將帶有負電的絕緣棒移近兩個不帶電的導體球時，在兩個導體球上分別感應出等量的異號電荷，此時先把兩球分開，再移走棒。就會使兩球帶上等量異號電荷；

(2)[2][3]使棒與甲球瞬時接觸；再移走棒，會使兩導體球均帶上負電荷；

(3)[4][5]先使甲球瞬時接地，會使兩球瞬間與大地連為一體，此時導體球上感應出的負電荷會導入大地，再移走棒，兩球均帶正電荷。【解析】B負負正正19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】壓強20、略

【分析】【詳解】

[1]對于左端密封氣體，狀體1的體積為

狀態1的壓強為

狀態2的體積為

根據氣體實驗定律得

解得

[2]升溫過程是等壓變化，根據氣體實驗定律得

將帶入得【解析】88.932021、略

【分析】【詳解】

[1][2]由圖像可知，氣體先從狀態a沿直線變化到狀態b，pV值變大，根據

可知，溫度T升高，氣體內能變大，即?U>0

氣體體積變大，對外做功，即W<0

根據熱力學第一定律可知?U=W+Q

可知Q>0

即氣體吸熱。【解析】升高吸熱22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]AB延長線過原點，即AB過程的V與T成正比，故A到B過程為等壓過程，對A到B的過程運用蓋－呂薩克定律可得

代入圖象中的數據可得氣體在狀態B時的溫度

[2]因為氣體是一定質量的理想氣體，而一定質量的理想氣體的內能只跟溫度有關，因為

所以A與C的內能相同，故A到B內能的增加量等于B到C內能的減小量，即

根據熱力學第一定律可得

A到B過程氣體對外做功，故

又已知

可得

根據熱力學第一定律可得

B到C為等容過程，故

所以

故氣體向外放出的熱量為140J。【解析】60014023、略

【分析】【詳解】

如圖；M點處磁感線比P點處磁感線密，則M點的磁感應強度大于P點的磁感應強度．

【點睛】

磁感線可以形象表示磁場的強弱和方向，磁感線的疏密表示磁場的強弱，磁感線越密，磁感應強度越大．磁感線的切線方向表示磁場的方向．【解析】大于24、略

【分析】【詳解】

[1]根據庫侖力提供向心力

解得

[2]根據庫侖力提供向心力

解得【解析】四、作圖題(共3題，共27分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即