備戰2025年高考數學模擬卷（上海專用）

（考試時間：120分鐘試卷滿分：150分）

一、填空題（第1-6題每題4分，第7-12題每題5分，滿分54分）

1.已知集合4={一1,1,2},B={x\x1+x=Q],則A「p=.

2.設至是橢圓「的長軸，點C在「上，且NCR4=e,若至=4,BC=應，則「的兩個焦點之間的距

4

離為.

3.設隨機變量X服從二項分布B（2,0）,若尸（X..l）=g,則0=.

4.已知復數z=l-迨是虛數單位），則z2-4的共鈍復數是.

Z

41

5.已知x>0,y>0，且一+—=1,貝I4x+y+孫的最小值為.

%y

6.已知角。的終邊經過點（-咚,g）,那么tan。的值是.

7.若函數/（x）=也人-2以-a+4的定義域為R,則a的取值范圍是.

8.若（1+尤）"的二項展開式中，存在相鄰兩項，滿足后一項的系數是前一項系數的2倍，掇女2020,則這

樣的正整數〃有個.

9.已知在矩形ABCD中，AB=3,AD=2,E為3c的中點，FC=2DF,貝！|（通+/）./=.

22

10.設橢圓M的標準方程為=+當=1（。>6>0）,若斜率為1的直線與橢圓Af相切同時亦與圓

ab

C:尤2+。一力2=62（6為橢圓的短半軸）相切，記橢圓的離心率為e,則e2=.

11.如圖，圓錐PO的底面直徑和高均是。，過PO上一點。作平行于底面的截面，以該截面為底面挖去一

個圓柱，則該圓柱體積的最大值為.

xe[-?，（）的值域為

選擇題(共4小題，滿分20分，每小題5分)

13.設。，6是兩條不同的直線，a,分是兩個不同的平面，則下列命題正確的是()

A.a.Lb,a±a,則匕〃c?B.alia,aVp,則aJ_力

C.aua,bu0,a/1/3,則a//bD.aua,bu0,a11/3,blla,則a//〃

14.對于函數/(x),有如下兩個結論：甲：-'(x)>0,乙：/(x)遞增，則下列說法正確的是()

A.甲既不是乙的充分條件，也不是乙的必要條件

B.甲是乙的必要而不充分條件

C.甲是乙的充要條件

D.甲是乙的充分而不必要條件

15.據統計2024年“十一”黃金周哈爾濱太陽島每天接待的游客人數X服從正態分布N(2000,IO。')，則

在此期間的某一天，太陽島接待的人數不少于1700的概率為()

附：X~,P(〃一cr<x<〃+cr)=0.6826,P(//-2(T<X</J+2CT)=0.9544,

尸(〃-3a<x</J+3cr)=0.9974

A.0.4987B.0.8413C.0.9772D.0.9987

16.數列｛a“｝滿足％=1,a2=3,4an+l-3an-an+2=0(Me?7*).設勿=log3a”+「記［幻表示不超過x的最

大整數.設S“=3竺+'竺+...+名竺］,若不等式對恒成立，則實數f的最大值為(

她她她+1

)

A.2020B.2019C.1010D.1009

三.解答題(共5小題，滿分46分)

17.(14分)在AABC中，角A,B,C所對的邊分別為a,b,c,a+b=2c.

(1)求C的最大值；

(2)求,二.的取值范圍.

sinAsinB

18.（14分）如圖，在多面體ABCDEF中，四邊形ABCD是正方形，BF=DE,BF//DE,A/是AE的中

點.

（1）求證：EC//平面瓦加；

（2）若￡）E_L平面ABCD,AB=4,BAf_LCF,點P為線段CE上一點，

且在=,屈，求直線尸”與平面AEF所成角的正弦值.

3

19.（14分）某商場為了提振顧客的消費信心，對某中型商品實行分期付款方式銷售，根據以往資料統計,

顧客購買該商品選擇分期付款的期數J的分布列為

456

P0.4ab

其中O<Z><1.

（1）求購買該商品的3位顧客中，恰有1位選擇分4期付款的概率；

（2）商場銷售一件該商品，若顧客選擇分4期付款，則商場獲得的利潤為2000元；若顧客選擇分5期付

款，則商場獲得的利潤為2500元；若顧客選擇分6期付款，則商場獲得的利潤為3000元，假設該商場銷

售兩件該商品所獲得的利潤為X（單位：元），

⑺設X=5500時的概率為機，求當機取最大值時，利潤X的分布列和數學期望；

（而）設某數列｛x“｝滿足玉=0.4,xn=a,2x?+1=b,若q<0.25,求〃的最小值.

20.(16分)已知橢圓C：W+==l(a>6>0)經過點4(1,遮)，點F(l,0)為橢圓C的右焦點.

ab2

(1)求橢圓C的方程；

(2)過點尸(1,0)作兩條斜率都存在且不為0的互相垂直的直線/r12,直線lA與橢圓相交A、B1；直線/2與

橢圓相交2、當兩點，求四邊形444生的面積s的最小值.

21.(18分)若函數y="x)滿足了(/戶/,稱/為y=f(x)的不動點.

(1)求函數y=三一3%的不動點；

(2)設g(x)=，-l.求證：y=g(g(x))恰有一個不動點；

(3)證明：函數y=/(x)有唯一不動點的充分非必要條件是函數y=/(/(x))有唯一不動點.

備戰2025年高考數學模擬卷（上海專用）

（考試時間：120分鐘試卷滿分：150分）

一、填空題（第1-6題每題4分，第7-12題每題5分，滿分54分）

1.已知集合4={一1,1,2},B={x\x1+x=Q],則A「p=.

【答案】{-1}.

【分析】可求出集合3,然后進行交集的運算即可.

【解答】解：：A={-1,1，2},B=0},

故答案為：{-1}.

【點評】本題考查了列舉法、描述法的定義，交集的定義及運算，考查了計算能力，屬于基礎題.

2.設是橢圓「的長軸，點C在「上，且NCBA=匹，若AB=4,BC=血,則「的兩個焦點之間的距

4

離為.

22

【分析】由題意畫出圖形，設橢圓的標準方程為?十多=1，由條件結合等腰直角三角形的邊角關系解出。

ab

的坐標，再根據點C在橢圓上求得人值，最后利用橢圓的幾何性質計算可得答案.

22

【解答】解：如圖，設橢圓的標準方程為二+多=1,

ab

由題意知，2a=4,a=2.

rr

\-ZCBA=—fBC=后，，點。的坐標為C（T，D，

（一1）2I2

因點。在橢圓上，+2=

4b

.-,b2=-,

3

.../=儲一C=巫,

333

則「的兩個焦點之間的距離為還.

3

故答案為：還.

3

【點評】本題考查橢圓的定義、解三角形，以及橢圓的簡單性質的應用.

3.設隨機變量X服從二項分布8(2,0),若尸(X..1)=：,則°=.

【答案】1.

【分析】由隨機變量X服從二項分布2(2,p)可得尸(X=0),然后利用P(X..1)=1-P(X=0)即可得到答案.

【解答】解：因為隨機變量X服從二項分布仇2,p),

所以P(X=%)=C；p“l一p產，(左=0,1,2),

所以尸(X..l)=l—尸(X<1)=1—尸(X=0)=l_《p°(l_p)2Y=l_(l_p)2=：,

因為噫上1,所以p=g.

故答案為：—.

【點評】本題主要考查了二項分布的概率公式，屬于基礎題.

4.已知復數z=l-z?是虛數單位)，則z?-2的共軌復數是.

Z

【答案】-1+3/.

【分析】根據題意，利用復數的運算法則，求得z2-±=-l-3i,結合共輾復數的概念，即可求解.

Z

【解答】解：因為Z=l—i,所以z2=(l-i)2=_2i,且2=二=2(1：)]+,?,

Z1—1(1—0(1+I)

2

所以Z?--=-1-i=-1-3i,則其共軌復數為—1+3i.

Z

故答案為：-1+3/.

【點評】本題考查復數的運算，屬于基礎題.

41

5.已知尤>0,>>0,且一+—=1,則4x+y+孫的最小值為.

%y

【答案】45.

【分析】利用乘1法，結合基本不等式即可求解.

41

【解答】解：y>0,且一+—=1,

%y

:.4y+x=xy,

;.4x+y+盯=5(x+y)=5(尤+y)(±+')=5(5+也+土)..5(5+2儼?土)=45,當且僅當x=6,y=3時等號

xyxyyxy

成立，

故答案為：45.

【點評】本題主要考查了基本不等式在最值求解中的應用，解題的關鍵是對已知式子進行合理的變形，屬

于中檔題.

6.已知角。的終邊經過點那么tan，的值是.

【答案】-占.

3

【分析】根據任意角的三角函數的定義，tan8=」=3,化簡可得結果.

%二3

一萬

【解答】解：由任意角的三角函數的定義得tan。=」=』=-乎.

x3

故答案為：-走.

3

【點評】本題考查任意角的三角函數的定義，屬于容易題.

7.若函數/(x)=y/2x2-2ax-a+4的定義域為R,則“的取值范圍是.

【答案】Hh2].

【分析】根據二次根式以及二次函數的性質得到關于。的不等式，解出即可.

【解答】解：由題意得：2d-2辦-a+4..O在R恒成立，

故^=4a~—8(—G+4),,0,

解得：TIE2,

故。的取值范圍是[-4,2],

故答案為：[-4,2].

【點評】本題考查了求函數的定義域問題，考查二次根式以及二次函數的性質，是基礎題.

8.若(1+x)"的二項展開式中，存在相鄰兩項，滿足后一項的系數是前一項系數的2倍，掇女2020,則這

樣的正整數〃有個.

【答案】673.

【分析】由題意可得C；=2C,T，利用組合數公式計算可得〃=3r-l,由啜上2020,可求得廠的取值范圍，

從而得解.

【解答】解：根據題意，設相鄰兩項為第廠項和第r+1項，則有C；=2C「，

〃x(w-1)x...x(〃-r+1)_2wx(〃-1)x...x(w-r+2)

rx(r-l)x...xl(r-l)x(r-2)x...xl'

可得r+l=2r,BPn=3r—l,

因為啜力2020,

所以掇取r-l2020,

解得2士新2-021=673+2-,

333

所以廠有673個，

所以，有673個.

故答案為:673.

【點評】本題主要考查二項式定理，組合數公式，考查運算求解能力，屬于基礎題.

9.已知在矩形ABCD中，AB=3,AD=2,E為3c的中點，FC=2DF,貝1|(通+/)./=.

【分析】畫出圖形，建立坐標系，求出相關點的坐標，然后求解向量的數量積即可.

【解答】解：如圖：建立坐標系，由題意可知40,0),8(3,0),C(3,2),0(0,2),及3,1),尸(1,2),

可得北+/=(4,3),EF=(-2,1),

所以（而+/）亦=一8+3=-5.

【點評】本題考查向量的數量積的求法與應用，利用向量的坐標運算，能夠簡化解題過程，是中檔題.

22

10.設橢圓"的標準方程為二+1=15>6>0),若斜率為1的直線與橢圓/相切同時亦與圓

ab

(7:一+('-6)2="出為橢圓的短半軸)相切，記橢圓的離心率為e,貝1屋2=.

【答案】匕旦.

2

【分析】設出切線方程，代入橢圓方程推出。、6、的關系，利用直線與圓相切結合62=02一,2,求解離

心率即可.

【解答】解：設切線方程為y=x+m,代入橢圓方程可得：(&2+a2)%2+2crmx+a2m2-a2b2=0

因為相切△=()=>"/=a2+b2>

直線y=x+m與圓c相切可得：3章1=6=機=(1+應M,或(1-0)6(舍去)

則有(1+0)2^=/+〃，因為62=/一02,

所以可得(2亞+1)/=(2拒+2)c?ne?=2^/1.

故答案為：三也.

2

【點評】本題考查直線與橢圓的位置關系的綜合應用，直線與圓相切關系的應用，是中檔題.

11.如圖，圓錐尸O的底面直徑和高均是。，過尸O上一點。作平行于底面的截面，以該截面為底面挖去一

個圓柱，則該圓柱體積的最大值為

P

【分析】設圓柱的底面半徑為r，高為ft,由相似得/z=a-2,求出圓柱體積，利用導數求得最大值.

r_a-h

【解答】設圓柱的底面半徑為「，高為h,則由相似可得，二丁，

2

即無二々一2/.令力>0,結合廠>0,貝!]0<廠<0,

2

圓柱的體積V=7ur1h=71rl(a—2r)=ajvr1—2^r3,

Vf=2OJIY—6兀r1=2?r(a-3r),

0<r<@時，S>0,^<0,

332

即當re(0,.,丫單調遞增；當reg，》丫單調遞減，

3

所以當r=?時，Vmax^—.

327

故答案為：—.

27

【點評】本題考查幾何體的體積的最值的求解，導數的綜合應用，屬中檔題.

12.函數y=l-&tanx,xe[-—>馬的值域為________.

43

【答案】(1-A/6,1+y/2].

【分析】根據正切函數的單調性即可求出tanx的范圍，然后根據不等式的性質即可求出原函數的值域.

【解答】解：[-?,令，

tanxe[-1,A/3),

1-5/2'tanxw(1-s/^,1+^/2],

原函數的值域為：(1-6』+應].

故答案為：a-而」+應」.

【點評】本題考查了正切函數的單調性，不等式的性質，考查了計算能力，是基礎題.

選擇題(共4小題，滿分20分，每小題5分)

13.設a,6是兩條不同的直線，a,力是兩個不同的平面，則下列命題正確的是()

A.a±b,a.La9則b//aB.alia,aL(3,則a_L/

C.aua，bu。，a///7,則a//Z?D.aua,bu/3,alI(3,blla,則a///

【答案】B

【分析】對于A,blla或bua，,對于5,由面面垂直的判定定理得a;對于C,。與》平行或異面;

對于O,。與月相交或平行.

【解答】解：a,匕是兩條不同的直線，a,/是兩個不同的平面，

對于A,a±b,a±a,則。//c或bua,故A錯誤；

對于alia.aLf3,則由面面垂直的判定定理得a_L/?,故5正確；

對于C,aua,bu/3,a11f3,則。與匕平行或異面，故C錯誤；

對于。，aua，bu/3,al113,blla,則"與月相交或平行，故。錯誤.

故選：B.

【點評】本題考查命題真假的判斷，考查空間中線線、線面、面面間的位置關系等基礎知識，考查空間思

維能力，是中檔題.

14.對于函數/(x),有如下兩個結論：甲：f"(x)>0,乙：/(幻遞增，則下列說法正確的是()

A.甲既不是乙的充分條件，也不是乙的必要條件

B.甲是乙的必要而不充分條件

C.甲是乙的充要條件

D.甲是乙的充分而不必要條件

【答案】A

【分析】利用導數與函數單調性的關系、簡易邏輯的判定方法即可判斷出結論.

【解答】解：由尸'(尤)>。=函數/(尤)在定義域上單調遞增，例如取/(尤)=-而，則/(%)=-工在x>0時

X

單調遞增，r(x)=4>o,但是“無)在x>o時單調遞減.

反之：/(尤)在定義域上遞增，可得廣(元)..0,無法得出「'(x)>0.

甲是乙的既不充分也不必要條件，

故選：A.

【點評】本題考查了利用導數研究函數的單調性、簡易邏輯的判定方法，考查了推理能力與計算能力，屬

于基礎題.

15.據統計2024年“十一”黃金周哈爾濱太陽島每天接待的游客人數X服從正態分布N(2000,IO。?)，則

在此期間的某一天，太陽島接待的人數不少于1700的概率為()

附：X~N(ju,a2),P(〃一尤<〃+(T)=0.6826,P(〃-2cr<x<〃+2cr)=0.9544,

—3cr<x<〃+3(T)=0.9974

A.0.4987B.0.8413C.0.9772D.0.9987

【答案】D

【分析】根據題意，由正態分布的性質可得尸(170魄W2300)=0.9974,則有尸(x<1700)的值，由對立事件

的概率性質即可得答案.

【解答】解：根據題意，X服從正態分布N(2000,1002),尸(〃-3cr<x<〃+3b)=0.9974,

貝I]P(1700W2300)=0.9974,

則P(x<1700)=-(l-0.9974)=0.0013,

2

則P(x.l700)=1-P(x<1700)=1-0.0013=0.9987,

故選：D.

【點評】本題考查正態分布的性質，涉及正態分布的對稱性，屬于基礎題.

16.數列｛%｝滿足4=1,a2=3,4an+1-3an-an+2=0(ne2V*).設/log3aM,記［x］表示不超過x的最

大整數.設S“=［”約+'竺+...+3空］,若不等式對恒成立，則實數f的最大值為(

她她bnb,l+1

)

A.2020B.2019C.1010D.1009

【答案】C

【分析】首先利用關系式的變換得到數列｛怎.-%｝是以2為首項，3為公比的等比數列，進一步利用疊加

法的應用求出數列的通項公式，再利用裂項相消法和恒成立問題的求出t的最大值.

【解答】解：數列伍“｝滿足4=1,%=3,4%+］-3%-a,.=0(〃eN*).

整理得：an+2-an+l=3(a?+1-an),由于4-4=3-1=2,

所以數列僅3-%｝是以2為首項，3為公比的等比數歹U；

所以4田-%=2'3向，

2

故an—an_t=2x3"-,........,a2-=2x3°,

所以為-q=2x(3°+y+...+3"-2),

整理得：a=3"-'；

所以6,=log3an+1=log33"=n；

1111

故大;^TIT廠二

20202020202011111、2020幾

所以----+----+...+-----二2020x(1-----1------------1-...H----------------)=------------

他b2b3bnbn+l223nn+1n+1

2020幾2020

故s“=1]=[2020-

n+1n+V

由于w”1

2

2020〃

所以,,1010,

n+1

2020〃

故2020-..1010

n+1

所以（EX加=1010；

不等式S“.1,對V〃eN*恒成立

所以4,1010,

故實數f的最大值為1010.

故選：C.

【點評】本題考查的知識要點：數列的遞推關系式，數列的通項公式的求法，疊加法，主要考查學生的運

算能力和數學思維能力，屬于中檔題.

三.解答題（共5小題，滿分46分）

17.（14分）在AABC中，角A,B,C所對的邊分別為a,b,c,a+b=2c.

（1）求C的最大值；

（2）求,in0的取值范圍.

sinAsinB

【答案】（1）

（2）［竿，+°°）-

3，1

【分析】（1）由余弦定理結合已知條件可得cosC=3--1,再利用基本不等式可求出cosCq,從而可求

出C的最大值；

（2）由已知條件結合基本不等式可得c2..",再由正弦定理得siVC.sinAsinB,所以.,皿。,

sinAsinBsinC

rr

由（1）知0<C,,耳，則可求出sinC的范圍，從而可求得結果.

【解答】解：（1）由余弦定理得cosC=6+1c2=（“+6）22話一02,

lab2ab

因為a+Z?=2c,

-..Qc）?—2ab—c?3c2—2ab3c2

所Cc以cosC=--------------------=-------------=--------1,

lab2ab2ab

因為2c=〃+/?..，當且僅當a=b時取等號，

所以,當且僅當a=Z?時取等號，

所以cosC=H—1.3.a￥b—1=1!，當且僅當。=b時取等號，

lab2ab2

因為Ce(O,%),

TT

所以0<C?9，

所以c的最大值為q；

（2）因為2c=a+6..2，石，當且僅當a=b時取等號,

所以,當且僅當a=/?時取等號，

所以由正弦定理得sir?C..sinAsinB，當且僅當A=_B時取等號,

所以..弊;=工,當且僅當A=B=￡時取等號,

sinAsinnsinCsinC3

由(1)知0<C”工，所以0<sinC,,sin2=g',

332

所以，..至I,

sinC3

所以sinC..也,當且僅當A=3時取等號，

sinAsinB3

即.Si?Co的取值范圍為［述,+oo)?

sinAsinn3

【點評】本題考查了正余弦定理和基本不等式在解三角形中的應用，屬于中檔題.

18.（14分）如圖，在多面體ABCDEF中，四邊形ABCD是正方形，BF=DE,BF//DE,M是AE的中

點.

（1）求證：EC//平面血加；

（2）若￡>E_L平面ABCD,AB=4,BM_LCF,點P為線段CE上一點，S.CP=-CE,求直線PM與平

3

面AEF所成角的正弦值.

【答案】（1）證明過程見詳解;

⑵①

39

【分析】（1）連接AC,由題意可證得MO//EC,再由線面平行的判斷定理可證得結論;

(2)建立空間直角坐標系，由題意可得各點的坐標，設E的坐標，由題意可得點E的坐標,

求出平面用的法向量的坐標，求出直線尸M的方向向量的坐標，求出兩個向量的的余弦值，進而求出直

線與平面所成的角的正弦值.

【解答】(1)證明：連接AC,交BD于O,連接MO,

在正方形中，可得O為BD,AC的中點，〃為他的中點,

在AAEC中，可得MO//EC,

又因為MOu平面MBD,EC仁平面A4BD，

所以EC//平面

(2)解：因為平面ABCD,

以。為坐標原點，以ZM,DC,DE所在的直線分別為x,八z軸，建立空間直角坐標系,

因為AB=4,則。(0,0,0),A(4,0,0),8(4,4,0),C(0,4,0),設E(0,0,2c),

則尸(4,4,2c),c>0,則"(2,0,c),

所以加=(一2,-4,c),CF=(4,0,2c),因為BM_LCF,所以痂.#=(),BP-2x4-4x0+2c2=0-

解得c=2,

可得E(0,0,2),CE=(0,-4,2),M(2,0,2),E(0,0,4),F(4,4,4),

設P(x,y,z),

—.1—.144

點P為線段CE上，CP=-CE,即(x,y-4,z)=-(0,T,4)=(0,,-),

x=0

484

所以<y_4=_§,gpx=0,y=-,z=-,

4

z二—

I3

QA___QO

即尸(。，—,—),所以PM=(2,——,—),

設平面的法向量為為=(%,%,zj,A￡=(-4,0,4),AF=(0,4,4),

n-AE=0-4%+4Z1=0

則令4=1,

h-AF=04yl+44=0

可得力=(1,-1,1),

所以PM-H=2X1——x(—1)+—xl=—,|PM|=J22+(—~)2+(~)2=2^^,Ifi\=yjt2+(—I)2+12=百.

333y333

16

^T4屈

所以cos<PM'〃>=酒京=▽'

設直線PM與平面田所成的角為6,且6e[。，|],

?nI,4。78

sin0=cos<PM,n>=-----，

39

所以直線PM與平面AEF所成角的正弦值為生便.

39

【點評】本題考查線面平行的證法及用空間向量的方法求線面所成的角的正弦值，屬于中檔題.

19.某商場為了提振顧客的消費信心，對某中型商品實行分期付款方式銷售，根據以往資料統計，顧客購

買該商品選擇分期付款的期數J的分布列為

4456

P0.4ab

其中0</?<1.

（1）求購買該商品的3位顧客中，恰有1位選擇分4期付款的概率；

（2）商場銷售一件該商品，若顧客選擇分4期付款，則商場獲得的利潤為2000元；若顧客選擇分5期付

款，則商場獲得的利潤為2500元；若顧客選擇分6期付款，則商場獲得的利潤為3000元，假設該商場銷

售兩件該商品所獲得的利潤為X（單位：元），

⑺設X=5500時的概率為加,求當m取最大值時，禾U潤X的分布列和數學期望；

（而）設某數列｛X"｝滿足占=0.4,xn=a,2xn+｝=b,若a<0.25,求"的最小值.

【分析】（1）方法1：設恰有一位顧客選擇分4期付款的概率的概率為P.由題可知：a+b=0.6,然后求

解即可.

方法2：由于3位顧客中恰有1位選擇“分4期付款”，則另外兩位均不選“分4期付款”，利用相互獨立事

件乘法乘積求解概率即可.

(2)(i)由題可得X的值分別為4000,4500,5000,5500,6000.求出概率，得到分布列，然后求解期

望即可.

(ii)由題可得瑞+2工m=。+6=0.6,得到必討=-;匕+0.3,判斷數列區-0.2｝是等比數列，然后分類

求解”的最小值.

【解答】解：(1)方法1：設恰有一位顧客選擇分4期付款的概率的概率為P.

由題可知：a+b=0.6,

貝!JP=3x0.4x(/+2ab+b2)=0.4x(Q+Z?)2=0.4x0.62=0.432.

方法2：由于3位顧客中恰有1位選擇“分4期付款”，則另外兩位均不選“分4期付款”，所以

P=3x0.4x(l-0.4)x(l-0.4)=0.432.

(2)(i)由題可得X的值分別為4000,4500,5000,5500,6000.

P(X=4000)=0.4x0.4=0.16,P(X=4500)=2x0.4xa=0.8〃，

P(X=5000)=a?+2x0.4xb=a?+o85,

P(X=5500)=lab,P(X=6000)=b2,

所以P(X=5500)=2ab?2x=-=0.18,

22

取最大值的條件為a=b=Q.3

所以分布列為：

X40004500500055006000

P0.160.240.330.180.09

E(X)=4000x0.16+4500x0.24+5000x0.33+5500x0.18+6000x0.09=4900.

(五)解：由題可得%〃+2%〃+i=a+Z?=0.6,所以七討二一+0.3,

化簡得七+1-0.2=-3(%一0.2),即｛七一0.2｝是等比數列，首項為玉一。.2=0.2,公比為一;，

所以尤“一0.2=(0.4-0.2)x(_g)i,化簡得x?=0.2[1+(-j)"-1]

由題可知：

1

(1)由題可知：a=xn=0.2[1+(-I)"-]<0.6<2,顯然對所有“eN*都成立；

(2)b=2x?+1=0.4[1+<0.6(-1)"<1,也是對所有〃eN*都成立；

(3)a=xn=0.2[l+(_g)"T]<0.25n尸<:

當〃為偶數時，上述不等式恒成立；

當〃為奇數時，(；尸<：,解得〃>5即”..5

綜上所述，〃的最小值為5.

【點評】本題考查離散型隨機變量的分布列以及期望的求法，數列與函數的應用，考查轉化思想以及計算

能力，題目比較新穎，是難題.

22萬

20.已知橢圓C:j+與=l(q>6>0)經過點A(l,J),點F(l,0)為橢圓C的右焦點.

ab2

(1)求橢圓C的方程；

(2)過點/(1,0)作兩條斜率都存在且不為。的互相垂直的直線4,12,直線4與橢圓相交A、B],直線4與

橢圓相交4、層兩點，求四邊形444為的面積s的最小值.

【分析】(1)根據已知條件列式求出。，6可得橢圓c的方程；

(2)聯立直線與橢圓方程，根據弦長公式求出14片|和|人&|,求出s后，根據基本不等式求出最值可得

解.

2

/+詬-0=5/2

【解答】解：(1)由題意可得。=1,解得》=1,

a2-b2+c2c=l

所以橢圓方程為J+V=l.

(2)設直線4的方程為％=什+1020),

x=ty+l

聯立，尤2,得：（/+2獷+2夕_1=0,△=4產+4（』+2）=8（r+1）＞0,

—+V=1

12，

2t1

設4（占,%）,用（％，％）,則%+

所以|441=J（X[一犬2）2+（乂-%）2=&明+]_。2_1）2+（弘一為了

=J（/+D