…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大新版選修3物理下冊月考試卷735考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，OM的左側存在范圍足夠大、磁感應強度大小為B的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外，OM左側到OM距離為L的P處有一個粒子源，可沿紙面內各個方向射出質量為m、電荷量為q的帶正電粒子(重力不計)速率均為則粒子在磁場中運動的最短時間為。

A.B.C.D.2、一可變理想變壓器原、副線圈的回路中分別接有電阻r和可變電阻R；原線圈一側接在電壓恒定的正弦交流電源上，如圖所示，下列說法正確的是。

A.變壓器的觸頭向下滑動，其他條件不變，R上消耗的功率不可能先增大后減小B.變壓器的觸頭向下滑動，其他條件不變，R上消耗的功率不可能一直減小C.可變電阻R觸頭向下滑動，其他條件不變，r上消耗的功率一定減小D.可變電阻R觸頭向下滑動，其他條件不變，R上消耗的功率一定增大3、有關電動勢的說法中正確的是（）A.當電路中通過1C電量時，電源消耗的其他形式能的數值等于電源電動勢的數值B.電源提供的電能越多，電源的電動勢越大C.電源的電動勢越大，也就是電源內儲存的電荷越多D.電源的電動勢反映了電源將電能轉化為其他形式的能的本領4、如圖所示，一有限范圍的勻強磁場的寬度為d，將一邊長為l的正方形導線框由磁場邊緣以速度v勻速地通過磁場區域，若d>l，則在線框通過磁場區域的過程中，不產生感應電流的時間為()

A.B.C.D.5、如圖所示，半徑為R的圓形區域內有一垂直紙面向里的勻強磁場，P為磁場邊界上的一點．大量質量為m、電荷量為q的帶正電粒子，在紙面內沿各個方向以相同速率v從P點射入磁場．這些粒子射出磁場時的位置均位于PQ圓弧上，PQ圓弧長等于磁場邊界周長的．不計粒子重力和粒子間的相互作用；則該勻強磁場的磁感應強度大小為()

A.B.C.D.6、籃球運動員通常要伸出兩臂迎接傳來的籃球．接球時兩臂隨球迅速收縮至胸前．這樣做可以（）

A.減小籃球對手的沖量B.減小籃球對人的沖擊力量C.減小籃球的動量變化量D.減小籃球的動能變化量評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、如圖所示的交流電路中，理想變壓器原線圈輸入電壓有效值為U1且保持不變，輸入功率為P1，輸出功率為P2，輸出電壓有效值為U2，各交流電表均為理想電表．當滑動變阻器R的滑動頭向下移動時（）

A.燈L變亮B.各個電表讀數均變大C.因為U1及原副線圈匝數比不變，所以U2不變D.P1變大，且始終有P1=P28、關于熱現象，下列說法正確的是（）A.分析布朗運動會發現，懸浮的顆粒越小，溫度越高，布朗運動越劇烈B.一定質量的氣體，溫度升高時，分子間的平均距離增大C.分子間的距離r存在某一值r0，當r大于r0時，分子間引力大于斥力，當r小于r0時，分子間斥力大于引力E.溫度升高，一定質量的理想氣體的分子平均動能增大，內能可能保持不變E.溫度升高，一定質量的理想氣體的分子平均動能增大，內能可能保持不變9、如圖所示，質量為m、長為L的導體棒電阻為R，初始時靜止于光滑的水平軌道上，電源電動勢為E，內阻不計。勻強磁場的磁感應強度大小為B、方向與軌道平面成θ角斜向右上方；開關S閉合后導體棒開始運動，則（）

A.導體棒向左運動B.開關閉合瞬間導體棒MN所受安培力為C.開關閉合瞬間導體棒MN所受安培力為D.開關閉合瞬間導體棒MN的加速度為10、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個銅質D形合D1、D2構成；其間留有空隙，下列說法正確的是。

A.離子由加速器的中心附近進入加速器B.離子由加速器的邊緣進入加速器C.離子從磁場中獲得能量D.離子從電場中獲得能量11、如圖所示，一矩形線圈置于勻強磁場中，磁場的磁感應強度隨時間變化的規律如圖（b）所示；則線圈產生的感應電動勢的情況為（）

A.時刻電動勢最大B.時刻電動勢為零C.時刻磁通量的變化率最大D.時間內電動勢增大12、如圖所示，MM′是空氣與某種介質的界面；一條光線從空氣射入介質的光路如圖所示，那么根據該光路圖做出下列判斷中正確的是。

A.該介質的折射率為B.光在介質中的傳播速度c(c真空中光速)C.光線從介質射向空氣時有可能發生全反射D.光線由介質射向空氣時全反射的臨界角大于45°13、如圖所示，兩束單色光a、b從水下面射向A點，光線經折射后合成一束光c，則下列說法正確的是（）

A.用同一雙縫干涉實驗裝置分別以a、b光做實驗，a光的干涉條紋間距大于b光的干涉條紋間距B.a光在水中的傳播速度比b光快C.用a、b光分別做雙縫干涉時它們的干涉條紋寬度都是不均勻的E.若a光與b光以相同入射角從水射向空氣，在不斷增大入射角時水面上首先消失的是a光E.若a光與b光以相同入射角從水射向空氣，在不斷增大入射角時水面上首先消失的是a光14、【加試題】波長為λ1和λ2的兩束可見光入射到雙縫，在光屏上觀察到干涉條紋，其中波長為λ1的光的條紋間距大于波長為λ2的條紋間距．則（下列表述中，腳標“1”和“2”分別代表波長為λ1和λ2的光所對應的物理量）A.這兩束光的光子的動量p1＞p2B.這兩束光從玻璃射向真空時，其臨界角C1＞C2C.這兩束光都能使某種金屬發生光電效應，則遏止電壓U1＞U2D.這兩束光由氫原子從不同激發態躍遷到n＝2能級時產生，則相應激發態的電離能△E1＞△E2評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、質量為0.1kg的彈性小球從高為1.25m處自由下落至一光滑而堅硬的水平板上，碰撞后彈回到0.8m高處，碰撞時間為0.01s，則小球與水平板碰撞過程中動量變化大小為_____________kg·m/s，小球與水平板間的平均撞擊力大小為____________N．16、在“探究氣體等溫變化的規律”實驗中，封閉的空氣如圖所示，形管粗細均勻，右端開口，已知外界大氣壓為水銀柱高；圖中給出了氣體的兩個不同的狀態。

(1)實驗時甲圖氣體的壓強為___________乙圖氣體壓強為___________

(2)實驗時某同學認為形管的橫截面積可不用測量，這一觀點正確嗎？___________（選填“正確”或“錯誤”）。

(3)數據測量完后在用圖像法處理數據時，某同學以壓強為縱坐標，以體積（或空氣柱長度）為橫坐標來作圖，你認為他這樣做能方便地看出與間的反比關系嗎？___________（選填“能”或“不能”）。17、查理定律。

（1）內容：一定質量的某種氣體，在體積不變的情況下，壓強p與熱力學溫度T成______。

（2）表達式：p＝______。

（3）適用條件：氣體的______和______不變。

（4）圖像：如圖所示。

①p－T圖像中的等容線是一條______。

②p－t圖像中的等容線不過原點，但反向延長線交t軸于______。18、一定量的理想氣體從狀態a變化到狀態b，再變化到狀態c，再回到狀態a，該過程的圖線如圖所示，則氣體從狀態a變化到狀態b過程內能______（填“增大”、“減小”或“不變”）；氣體從狀態b變化到狀態c過程溫度____________（填“升高”、“降低”或“不變”），氣體從狀態c變化到狀態a過程_______（填“吸收”；“放出”或“不吸收也不放出”）熱量。

19、閱讀下列資料并完成相關問題．

資料：如圖所示；冰箱的致冷設備由蒸發器；壓縮機、冷凝器、毛細管等部件組成．電冰箱工作過程中，致冷劑氟利昂（一種既容易汽化又容易液化的化學物質）在蒸發器中迅速蒸發①熱，使冷凍室內溫度②，氣態的氟利昂經壓縮機壓縮后，送入冰箱外面的冷凝器，在此致冷劑液化③熱，液態的致冷劑通過很細的毛細管回到蒸發器，又開始了新的循環．電冰箱就這樣源源不斷地將冷凍室內的熱吸出來，并散發到冰箱的外面．

(1)在資料的①、②、③三處，補寫上適當的內容分別是①________、②________、③________．

(2)冰箱冷凍室內溫度很低，那么在室內多放幾臺打開冷凍室門的冰箱長時間工作能不能降低室內溫度？評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)20、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

21、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

22、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共36分)23、在“利用單擺測重力加速度”的實驗中，由單擺的周期公式得到T2=l．只需測量出多組單擺的擺長l和運動周期T，作出T2-l圖象，就可求出當地的重力加速度．某同學在實驗中，用一個直徑為d的實心鋼球作為擺球，多次改變懸點到擺球頂部的距離l0，分別測出擺球做簡諧運動的周期T后，作出的T2-l圖象如圖．

①造成圖象不過坐標原點的原因可能是______

A．將l0記為擺長l

B．將（l0+d）計為擺長l

C．將鋼球的（N-1）全振動記為N次。

D．將鋼球的（N+1）全振動記為N次。

②由圖象求出重力加速度g=______m/s2（取π2=9.87，結果保留三位有效數字）．24、某同學用圖甲所示的裝置來驗證動量守恒定律,A、B為半徑相同的小球((mA>mB)；圖中PQ是斜槽，QR為水平槽．實驗時先使A球從斜槽上某一位置G由靜止釋放，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡．重復上述操作多次，得到多個落點痕跡．再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從位置G由靜止釋放.兩球碰撞后.A；B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，重復這種操作多次．圖甲中O點是水平槽末端R在記錄紙上的豎直投影點．B球落點痕跡如圖乙所示,圖中米尺的零刻度線與O點對齊(未畫出)．

①碰撞后B球的水平射程應為________cm；

②以下選項，哪些是本次實驗必須進行的測量?________(填選項前的字母)

A.測量A球未與B球相碰時的平均落點到O點的距離。

B.測量A球與B球相碰后的平均落點到O點的距離。

C.測量A球和B球的直徑。

D.測量A球和B球的質量。

E.測量水平槽面相對于O點的高度25、一物理實驗小組想測定某電壓表（量程為0~3V；內阻約為5kΩ）的內阻，并將其改裝成歐姆表，現有器材如下：

A.直流電源E（電動勢為4V；內阻不計）；

B.電阻箱R（最大阻值為9999.9Ω）；

C.滑動變阻器R（最大阻值為10kΩ）；

D.滑動變阻器R（最大阻值為10Ω）；

E.開關；導線若干。

(1)圖甲為探究小組設計的測量電壓表內阻電路，請判斷：虛線處______（填“需要”或“不需要”）連接導線；為使測量精度更高，滑動變阻器應選擇______（填“R1”或“R2”）；

(2)按圖甲連接好實驗電路；進行如下實驗操作：

①閉合開關S1、S2；調節滑動變阻器的滑片，使電壓表指針達到滿偏；

②保持滑動變阻器的滑片位置不變，斷開開關S2，調節電阻箱的阻值，使電壓表指針指到1.00V位置處，讀取并記錄此時電阻箱的阻值Ro，則電壓表的內阻Rv=______，用此法測得電壓表的內阻與真實值相比______；（填“偏大”；“偏小”或“不變”）

(3)實驗測得電壓表的內阻為4.8kΩ，該同學將此電壓表、上述器材中的電源和其中的一個滑動變阻器改裝成歐姆表，設計電路如圖乙所示，首先對其進行歐姆調零；再用改裝后的歐姆表測量某電阻，指針如圖丙所示，則指針指示處對應的電阻刻度為______kΩ。26、在描繪一個標有“6.3V0.3A”小燈泡的伏安特性曲線的實驗中，要求燈泡兩端的電壓由零逐漸增加到6.3V，并便于操作．已選用的器材有：

學生電源（電動勢為9V，內阻約1Ω）；

電流表（量程為0~0.6A，內阻約0.2Ω；量程為0~3A，內阻約0.04Ω）；

電壓表（量程為0~3V，內阻約3kΩ；0~15V，內阻約15kΩ）；

開關一個、導線若干．

（1）實驗中還需要選擇一個滑動變阻器，現有以下兩個滑動變阻器，則應選其中的_________（選填選項前的字母）．

A．滑動變阻器（最大阻值10Ω，最大允許電流

1A)B．滑動變阻器（最大阻值1500Ω，最大允許電流

0.3A)（2）實驗電路圖應選用圖1_________中的（選填“甲”或“乙

”）．（3）請根據（2）中所選的電路圖，補充完成圖2

中實物電路的連線．（4I）根據實驗數據，畫出的小燈泡U-圖線如圖3________所示．由此可知，當小燈泡兩端的電壓增加時，小燈泡的電阻值將（選填“變大”或“變小”）．評卷人得分六、解答題(共3題，共9分)27、如圖所示，MN、PQ兩平行光滑水平導軌分別與半徑r=0.5m的相同豎直半圓導軌在N、Q端平滑連接，M、P端連接定值電阻R，質量M=2kg的cd絕緣桿垂直靜止在水平導軌上，在其右側至N、Q端的區域內充滿豎直向上的勻強磁場．現有質量m=1kg的ab金屬桿以初速度v0=12m/s水平向右與cd絕緣桿發生正碰后，進入磁場并最終未滑出，cd絕緣桿則恰好能通過半圓導軌最高點，不計其它電阻和摩擦，ab金屬桿始終與導軌垂直且接觸良好，取g=10m/s2，求：

（1）cd絕緣桿通過半圓導軌最高點時的速度大小v；

（2）電阻R產生的焦耳熱Q．28、如圖所示，有一熱氣球，球的下端有一小口，使球內外的空氣可以流通，以保持球內外壓強相等；球內有溫度調節器，以便調節球內空氣的溫度，使氣球可以上升或下降.設氣球的總體積（球殼體積忽略不計），除球內空氣外，氣球質量已知地球表面大氣溫度密度如果把大氣視為理想氣體它的組成和溫度幾乎不隨高度變化，重力加速度取求：

（1）給球內氣體加熱使熱氣球恰能從地面飄起；此時球內剩余氣體質量占原先球內氣體質量的百分比；

（2）熱氣球恰能從地面飄起時球內氣體的溫度.

29、如圖；一粗細均勻的細管開口向上豎直放置，管內有一段高度為2.0cm的水銀柱，水銀柱下密封了一定量的理想氣體，水銀柱上表面到管口的距離為4.0cm。若將細管倒置，水銀柱下表面恰好位于管口處，且無水銀滴落，管內氣體溫度與環境溫度相同。已知大氣壓強為76cmHg，環境溫度為296K。

（1）求細管的長度；

（2）若在倒置前；緩慢加熱管內被密封的氣體，直到水銀柱的上表面恰好與管口平齊為止，求此時密封氣體的溫度。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【分析】

由題設條件求出粒子做勻速圓周運動的半徑r；結合左手定則粒子做逆時針方向勻速圓周運動，粒子運動時間t最短時，所轉過的圓心角θ最小，所對的弦也最短，畫出最短的弦，再作出粒子在磁場中做勻速圓周運動最短時間的軌跡，由幾何關系求出此種情況下粒子的偏轉角θ，從而求出了最短時間．

【詳解】

粒子在磁場中做勻速圓周運動，由得因所有粒子得速度一樣，因此半徑相同，因此在磁場中弦長越短則時間越短，根據題意可得最短弦長為L，則此時粒子圓周運動得圓心角為故粒子運動得最短時間故選B2、C【分析】【分析】

該題的突破口是表示出原線圈中的電流和原線圈回路中的電阻的分壓；找出原線圈的電壓和原線圈回路中的電阻的分壓的數值關系．該題類似于遠距離輸電的情況．

【詳解】

AB．將變壓器與R等效為變壓器的觸頭向下滑動時，變大，由圖線可知；R上消耗的功率可能先增大后減小，也可能一直減小，故A；B錯誤；

CD．R觸頭向下滑，阻值變大，原線圈電流減小，r上消耗的功率一定關小，將變壓器與R等效為由輸出功率與外電阻關系知R的功率變化有多種情況，故C正確，D錯誤．

故選C．3、A【分析】A；電動勢在數值上等于將1C正電荷在電源內從負極移到正極時非靜電力做的功；當電路中通過1庫侖電量時，電源消耗的其他形式能的數值等于電源電動勢的值．故A正確．B、電動勢表征電源把其它形式的能轉化為電能的本領大小，電動勢在數值上等于將1C正電荷在電源內從負極移到正極時非靜電力做的功，與電源提供的電能的多少無關．故B錯誤．C、電動勢表征電源把其它形式的能轉化為電能的本領大小，電動勢在數值上等于將1C正電荷在電源內從負極移到正極時非靜電力做的功，與電源內部儲存的電能的多少無關，故C錯誤．D、電動勢表征電源把其它形式的能轉化為電能的本領大小，電動勢越大的電源，將其他形式的能轉化為電能的本領越大，故D錯誤．故選A。

【點睛】本題考查對電動勢的理解．關鍵抓住電動勢的物理意義和電動勢的定義式。4、B【分析】【詳解】

如圖所示，從線框完全進入直到右邊開始離開磁場區域，線框中的磁通量就不再發生變化，故線圈中沒有感應電流的距離為d-l；因導線框做勻速運動，故不產生感應電流的時間故選B.5、D【分析】【詳解】

從P點射入的粒子與磁場邊界的最遠交點為Q，最遠的點是軌跡上直徑與磁場邊界圓的交點，相應的弧長變為圓周長的如圖所示：

所以∠POQ=120°；結合幾何關系，有：洛侖茲力充當向心力，根據牛頓第二定律，有：聯立可得：故D正確，ABC錯誤．6、B【分析】【詳解】

試題分析：根據動量定理，籃球以一定得速度減小為零，因此當動量的變化一定，則沖量也一樣，因速度變化一樣，因此動能變化一樣，增大作用時間可減少作用力；運動員接籃球時，籃球的動量由某一值減到零，接球時，兩手隨球迅速收縮至胸前，這樣可以增加籃球和運動員的作用時間，從而減少籃球對運動員的沖擊力，選項B正確．

考點：動量定理的應用．二、多選題(共8題，共16分)7、C:D【分析】【詳解】

理想變壓器的輸出的電壓有輸入電壓和電壓比決定，輸入電壓不變，所以輸出電壓也不會變，輸入功率和輸出功率始終相等，當滑動變阻器R的滑動頭向下移動時，滑動變阻器的電阻減小，總電路的電阻減小，所以總電路的電流會變大，消耗的功率將變大，即變大，上的電壓變大；所以燈L的電壓變小，電壓表的示數變小，所以燈L變暗，由于總的電流變大，燈L的電流變小，所以電流表的示數將變大，CD正確．

【點睛】電路的動態變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法．8、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．溫度越高；水分子運動越激烈，對懸浮顆粒的沖力越大，布朗運動越劇烈，同時，懸浮顆粒越小，越容易改變運動狀態，A正確；

B．一定質量的氣體；壓強不確定的情況下，溫度升高時，體積不一定增大，故分子間的平均距離不一定增大，B錯誤；

C．分子間的距離r存在某一值r0，當r等于r0時，引力等于斥力，而分子間的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小，由于斥力比引力變化快，所以當r小于r0時，斥力大于引力，當r大于r0時；引力大于斥力，C正確；

D．任一溫度下；氣體分子的速率分布均呈現“中間多；兩頭少”的規律，D正確；

E．溫度升高；分子平均動能增大，由于理想氣體不考慮分子勢能，故內能一定增大，E錯誤。

故選ACD。9、B:D【分析】【詳解】

A．開關閉合；安培力方向為，由左手定則可知，磁感線穿過掌心，則大拇指向為垂直磁感線向右，從而導致導體棒向右運動，A錯誤；

BC．當開關閉合后，根據安培力公式和可得

B正確；C錯誤；

D．當開關閉合后，安培力的方向與導軌成的夾角，再根據力的分解可得，合力大小，再由牛頓第二定律與安培力的大小可知，加速度

D正確。

故選BD。10、A:D【分析】【詳解】

據回旋加速器的工作原理知；粒子由回旋加速器的中心附近進入加速器，且在電場中加速，通過磁場回旋，所以從電場中獲得能量，故選AD。

【點睛】

回旋加速器的工作原理是利用電場加速，磁場偏轉，且二者的周期相同，被加速離子由加速器的中心附近進入加速器，而從邊緣離開加速器；洛倫茲力并不做功，而電場力對帶電離子做功，即可加速正電荷也可加速負電荷。11、A:D【分析】【詳解】

由于面積一定，磁場變化，根據法拉第電磁感應定律，感應電動勢為：

A、0時刻磁感應強度的變化率即最大；故感應電動勢最大，故A正確，B錯誤；

C、時刻磁通量最大，但磁感應強度的變化率即為零；即該時刻磁通量的變化率為零，故C錯誤；

D、時間內，磁感應強度的變化率即逐漸增大，即磁通量的變化率變大，故感應電動勢增大，故D正確．12、B:C:D【分析】【詳解】

由圖知，入射角i=60°，折射角r=45°，則折射率為故A錯誤．光在介質中的傳播速度為故B正確．光線從介質射向空氣時，只要入射角大于等于臨界角就能發生全反射，故C正確．設光線由介質射向空氣時全反射的臨界角為C，則則得：C>45°，故D正確．13、A:B:D【分析】【詳解】

AC.由圖可知，單色光a偏折程度小于b的偏折程度，根據光路可逆和折射定律n=知，a光的折射率小于b光的折射率，則知a光的波長較b光大；由干涉條紋的間距x=λ知，干涉條紋間距與波長成正比，所以a光的干涉條紋間距大于b光的干涉條紋間距；用a、b光分別做雙縫干涉時它們的干涉條紋寬度都是均勻的，故選項A符合題意，選項C不合題意；

B.a光的折射率小于b光的折射率，由n=知，a光在水中的傳播速度比b光快；故選項B符合題意；

DE.由全反射臨界角公式sinC=知，折射率n越大，臨界角C越小，則知在水中a光的臨界角大于b光的臨界角；若a光與b光以相同入射角從水射向空氣，在不斷增大入射角時水面上首先消失的是b光，故選項D符合題意，選項E不合題意．14、B:D【分析】【詳解】

A．根據雙峰干涉的條紋間距的表達式可知λ1>λ2，由可知p12；選項A錯誤；

B．光1的折射率n1小于光2的折射率n2，則根據sinC=1/n可知這兩束光從玻璃射向真空時，其臨界角C1＞C2；選項B正確；

C．光1的頻率f1小于光2的頻率f2，則這兩束光都能使某種金屬發生光電效應，則根據可知，遏止電壓U12；選項C錯誤；

D．這兩束光由氫原子從不同激發態躍遷到n＝2能級時產生，可知1光所處的激發態的能級較低，相應激發態的電離能較大，即△E1＞△E2，選項D正確.三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【詳解】

由于小球做自由落體運動，則其與水平面碰撞前的速度為：所以與水平面碰撞前的動量為：P1=mv1=0.1×5kg?m/s=0.5kg?m/s，方向豎直向下．與水平面碰后，小球做豎直上拋運動，上升的最大高度為0.8m，則碰后小球速度為方向豎直向上；此時小球的動量為：P2=mv2=0.1×4kg?m/s=0.4kg?m/s，方向豎直向上，動量的變化量為：．設向上為正方向，根據動量定理，合外力的沖量等于物體動量的變化．小球所受外力有重力mg和水平面對它的彈力N，則有：（N-mg）t=P2-P1，代入數據解得：N=91N，方向豎直向上．【解析】0.99116、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]題圖甲中氣體壓強為圖乙中氣體壓強為

(2)[3]由玻意耳定律

即（為空氣柱長度）

知，形管的橫截面積可不用測量；

(3)[4]以為縱坐標，以為橫坐標，作出圖線是一條曲線，但曲線未必表示反比關系，所以應作出圖線，看是否為過原點的直線，才能最終確定與是否成反比。【解析】①.76②.80③.正確④.不能17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】正比CT或＝質量體積過原點的直線－273.15℃18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]ab為過原點的直線；根據。

壓強隨著體積的減小而增大；溫度不變，所以內能不變。

[2]氣體從狀態b變化到狀態c過程；壓強減小，體積也減小，根據公式。

可知溫度降低。

[3]氣體從狀態c變化到狀態a過程；根據公式。

壓強不變，體積增大對外做功，溫度升高，吸收熱量。【解析】不變降低吸收19、略

【分析】（1）氟利昂在冰箱內部的蒸發器里面汽化；吸收冰箱內的內能，使冰箱內的溫度降低．攜帶有冰箱里面內能的氟利昂，到了冰箱外面的冷凝器里液化，液化放熱，將冰箱內部的內能轉移到冰箱的外面．故答案為①吸；②降低；③放；

（2）冰箱工作時，只不過是將冰箱內部的能量轉移到冰箱的外面．冰箱工作一段時間，內部的溫度雖然降低了，但外界的溫度由于能量的增加而升高．若打開冰箱門，會出現部分內能從冰箱內到冰箱外的房間，再由房間到冰箱內的循環．室內的總內能并沒有減少，所以，室內溫度不會降低．故答案為不能．【解析】吸降低放不能四、作圖題(共3題，共12分)20、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】21、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共36分)23、略

【分析】【詳解】

①圖象不通過坐標原點，將圖象向右平移1cm就會通過坐標原點，故相同的周期下，擺長偏小1cm，故可能是測擺長時漏掉了擺球的半徑；將l0記為擺長l；故選A；

②由單擺周期公式得：

則T2-l圖象的斜率：

解得：g=π2=9.87m/s2；【解析】A9.8724、略

【分析】【詳解】

①由圖可知；取B落地的平均位置，則碰撞后B球的水平射程應為65.5cm；

②本實驗需要驗證的方程是：（其中的K、N、M分別是A球碰撞前后的平均落地點以及B球碰后的平均落地點），則需要測量兩球的質量mA、mB，水平槽上未放B球時，測量A球落點位置到O點的距離．A球與B球碰撞后，測量兩球落點位置到O點的平均距離和．故ABD正確，CE錯誤．故選ABD．【解析】①65.5（±0.3）；②ABD25、略

【分析】【詳解】

(1)[1]測定某電壓表的內阻時實驗要求測盡量多的數據提高精確度；電流和電壓從零調，所以變阻器應采用分壓式接法，因此虛線處應填“需要”連接導線。

[2]為使測量精度更高，滑動變阻器應選擇阻值小的滑動變阻器R2。

(2)[3]①閉合開關S1、S2，電壓表與電阻箱并聯，電壓表指針達到滿偏后，保持滑動變阻器的滑片位置不變，斷開開關S2，電壓表與電阻箱串聯，調節電阻箱的阻值，使電壓表指針指到1.00V位置處，讀取并記錄此時電阻箱的阻值Ro；則。

解得。

[4]用此法由并聯改為串聯后；電壓表與電阻箱兩端的總電壓變大，實際電阻箱兩端的電壓大于2V，因此測得電壓表的內阻與真實值相比“偏大”。

(3)[5]由題意可知。

聯立解得。

【解析】需要偏