…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版必修1物理下冊月考試卷85考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，質量為m1的物塊放在車廂的水平底板上，用豎直細線通過光滑的定滑輪與質量為m2的小球相連。車廂正沿水平直軌道向右行駛，此時與小球相連的細線與豎直方向成θ角，小球、物塊與車廂均保持相對靜止，由此可知（重力加速度為g）（）

A.車廂的加速度大小為gsinθB.細線對物塊的拉力大小為m2gcosθC.底板對物塊的支持力大小為（m2－m1）gD.底板對物塊的摩擦力大小為m1gtanθ2、在“探究彈簧彈力與形變量的關系”實驗中，用毫米刻度尺記錄彈簧的長度，下列記錄的數據符合讀數精度要求的是（）A.B.C.D.3、從同一地點同時開始沿同一方向做直線運動的兩個物體A、B的速度圖像如圖所示。在時間內；下列說法中正確的是（）

A.A的位移不斷增大，B的位移不斷減小B.物體A的加速度不斷增大，B物體的加速度不斷減小C.兩物體B的加速度大小都在不斷減小D.兩物體B的平均速度大小都大于4、物體做自由落體運動，2s內的平均速度為（g取10m/s2）（）A.1m/sB.2m/sC.10m/sD.20m/s5、某頻閃儀每隔0.04s的時間發出一次短暫的強烈閃光，照亮沿直線運動的小球，于是照相機膠片上記錄了小球在幾個閃光時刻的位置。如圖是小球從A點運動到B點的頻閃照片示意圖；由圖可以判斷，小球在此運動過程中（）

A.位置變化率越來越大B.速度變化率越來越大C.加速度越來越大D.受到的合力越來越大評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、甲、乙兩物體從同一位置出發沿同一直線運動的v-t圖像如圖所示；下列判斷正確的是（）

A.在6s內甲做勻速直線運動，乙做勻變速直線運動B.乙在前2s內做勻加速直線運動，2~6s做勻減速直線運動C.兩物體在2s末相遇D.2s后，甲、乙兩物體的速度方向相反7、如圖所示，同種材料的兩滑塊A、B，用輕質細繩通過光滑定滑輪相連，A放在粗糙的水平桌面上。此時A、B剛好平衡，已知滑塊與水平桌面間的滑動摩擦力等于最大靜摩擦力，動摩擦因數B的質量為m；重力加速度為g，則A和B調換位置后，下列說法正確的是（）

A.A和B的加速度為gB.A的質量為2mC.調換后繩的拉力不變D.調換后繩的拉力變大8、如圖所示；人的質量為M，物塊的質量為m，且M＞m，若不計繩與滑輪的摩擦，則當人拉著繩向右跨出一步后，人和物仍保持靜止，則下列說法中正確的是：（）

A.地面對人的摩擦力減小B.地面對人的摩擦力增大C.人對地面的壓力增大D.人對地面的壓力減小9、一輛汽車在平直的公路上勻速行駛，司機突然發現前方有一輛老年代步車正在慢速行駛，短暫反應后司機立即采取制動措施，結果汽車恰好沒有撞上前方的老年代步車，若司機發現代步車時開始計時（t＝0）；兩車的速度-時間圖像如圖所示，則（）

A.圖像中的b表示汽車，a表示老年代步車B.汽車制動時的加速度大小為5.0m/s2C.從司機發現代步車到兩車速度相等時經歷的時間為3.0sD.司機發現代步車時汽車距離代步車30m10、如圖甲，傾角為長的斜面放置在水平面上，一小物體（可視為質點）從斜面頂端由靜止開始下滑，小物體與斜面間的動摩擦因數隨物塊到斜面頂端的距離的變化情況如圖乙小物體在下滑過程中斜面始終靜止，則在小物塊下滑過程中（）

A.小物體做加速度減小的加速運動B.小物體速度先變大后變小C.地面對斜面的支持力不變D.地面對斜面的摩擦力先向左后向右11、如圖所示，一輛裝滿石塊的貨車沿水平路面以加速度a向右做勻加速直線運動。貨箱中石塊B的質量為m，重力加速度為g。下列說法正確的是（）

A.貨車速度增加得越來越快B.貨車在相鄰的兩個相等時間間隔內的位移之差為C.與B接觸的物體對B的作用力大小為D.與B接觸的物體對B的作用力方向水平向右12、某同學用臺秤研究在電梯中的超失重現象．在地面上稱得其體重為500N，再將臺秤移至電梯內稱其體重．電梯從t=0時由靜止開始運動，到t=11s時停止，得到臺秤的示數F隨時間t變化的情況如圖所示（g=10m/s2）。則（）

A.電梯為下降過程B.在10~11s內電梯的加速度大小為2m/s2C.F3的示數為550ＮD.電梯運行的總位移為19m評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)13、在剛剛結束的安徽師范大學附屬中學2019年教職工籃球聯賽中，賽前熱身時，隊員們正在進行折返跑訓練，假設皮皮志老師在進行折返跑時，從籃球場一端靜止開始沿直線勻加速沖起來，之后再勻減速到達球場的另一端停下，已知勻加速直線運動的加速度大小是勻減速直線運動加速度大小2倍，總時間為18s，第3s初到第5s初內的位移為x1,倒數第二個3s內的位移為x2，則=__________14、動力學的兩類基本問題。

（1）由物體的受力情況求解運動情況的基本思路先求出幾個力的合力，由牛頓第二定律（F合＝ma）求出_____；再由運動學的有關公式求出速度或位移。

（2）由物體的運動情況求解受力情況的基本思路，已知加速度或根據運動規律求出_____，再由牛頓第二定律求出合力，從而確定未知力。15、科學研究中，把測量值與真實值之差稱為絕對誤差，絕對誤差與真實值的比值稱為相對誤差。相對誤差通常表示成百分比形式。測量的相對誤差不僅與所用測量工具有關，也與被測量的物理量大小有關。當用同一種工具測量時，被測量的數值越大，測量結果的相對誤差就越小。若要求測量的相對誤差不超過5%，則用該尺測量的長度小于___________m時就不再符合要求。16、如圖給出了汽車從A點出發到B點做直線運動的v-t圖線，據圖可知．在40s﹣200s內汽車的位移大小是______m．

17、某質點由到做勻加速直線運動，已知由到的平均速度為位移中點的瞬時速度為則_______（填“大于”、“小于”或“等于”）。18、作用在物體上的外力撤去后，物體能夠恢復原狀的形變叫_______形變；外力撤去后，物體不能恢復原狀的形變叫_______形變。（均選填“彈性”或“?彈性”）19、用游標為50分度的卡尺(測量值可準確到0.02mm)測定某圓筒的內徑時；卡尺上的標數如圖所示，可讀出圓筒的內徑為________mm.

20、在一次森林探險活動中，某探險隊員在兩棵樹之間搭建一吊床用于晚間休息，如圖所示，若兩根繩子間的夾角為120°，探險隊員和吊床總質量為80Kg，則每根繩對樹的拉力大小為________N（g取10m/s2）評卷人得分四、作圖題(共2題，共12分)21、請在圖中的物體上作出它所受的彈力示意圖。

22、如圖所示，粗糙的長方體木塊A、B疊在一起，在B木板上施加水平外力F；使A；B一起向右勻速運動，試分別畫出A、B的受力示意圖。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共18分)23、某實驗小組利用如圖所示的裝置探究物體的加速度與力；質量的關系．

(1)實驗中下列做法正確的是___________．。A．平衡摩擦力后，實驗就不需要滿足小車及車中砝碼總質量遠大于砝碼盤及盤中砝碼總質量的條件B．每次改變小車中砝碼的質量后，都需要重新平衡摩擦力C．選取點跡清晰的紙帶，必須以打的第一個點為計數起始點進行測量D．實驗中應先接通打點計時器的電源，然后再釋放小車(2)實驗中由于實際繩對小車的拉力_________（選填“大于”、“等于”、“小于”）重物所受的重力，會給實驗帶來系統誤差．為減小此誤差，實驗中要對小車質量M和重物質量m進行選取，以下四組數據中最合理的一組是__________．（填寫相應序號）

①M=200g；m=40g；60g、80g、100g、120g

②M=200g；m=30g；35g、40g、45g、50g

③M=400g；m=20g；40g、60g、80g、100g

④M=400g；m=10g；15g、20g、25g、30g

(3)如圖所示是某一次打點計時器打出的一條記錄小車運動的紙帶．取計數點1、2、3、4、5.已知打點計時器的打點周期為0.02s，用刻度尺測量出各相鄰計數點間的距離分別為3.05cm、3.92cm、4.77cm、5.62cm，則小車運動的加速度大小a=______m/s2．（結果保留兩位有效數字）

(4)甲、乙兩同學在同一實驗室，各取一套上圖所示的裝置放在水平桌面上，木塊上均不放砝碼，在沒有平衡摩擦力的情況下，研究加速度a與拉力F的關系，分別得到右圖中甲、乙兩條直線．設甲、乙用的木塊與木板間的動摩擦因數分別為由圖可知________．（大于、小于、等于）24、如圖甲所示，利用裝置探究加速度和力之間的關系，設小車的質量為M，砂子和桶的總質量為m；不考慮繩與滑輪間的摩擦，滑輪質量忽略不計。

（1）實驗過程中，下列說法正確的是___________。

A．實驗前需要測量出小車的質量。

B．實驗中砂子和桶的總質量m一定要遠小于小車的質量M

C．實驗前；需將長木板靠近打點計時器的一端墊高，以平衡摩擦力。

D．改變砂子和桶的總質量，測量多組數據，作出a一F圖像。

（2）如圖乙是實驗中得到的一條紙帶，相鄰兩計數點間還有四個點沒畫出。已知打點計時器所接交流電的頻率為50Hz，根據紙帶可求出加速度大小為___________m/s2（結果保留兩位有效數字）。

（3）改變桶內砂子的質量，多次實驗，以力傳感器的示數F為橫軸，小車的加速度a為縱軸，作出a-F圖像，根據圖像可求得小車的質量M=___________kg（結果保留兩位有效數字）。25、(1)用游標為10分度的游標卡尺測量某工件的長度時；示數如圖所示則測量結果應該讀作__________mm；

(2)用游標為50分度的游標卡尺測量某工件的長度時，示數如圖所示，則測量結果應該讀作________mm。評卷人得分六、解答題(共2題，共4分)26、一輛汽車以36的速度在平直公路上勻速行駛，若汽車先以0.5的加速度勻加速10s后，再以3的加速度勻減速剎車，請作出汽車開始加速后18s內的圖像。27、有一項游戲可簡化如下：如圖所示，滑板長L=1m，起點A到終點線B的距離s=5m。開始滑板靜止，右端與A平齊，滑板左端放一可視為質點的滑塊，對滑塊施一水平恒力F使滑板前進。滑板右端到達B處沖線，游戲結束.已知滑塊與滑板間動摩擦因數μ＝0.5，地面視為光滑，滑塊質量m1=2kg，滑板質量m2=1kg，重力加速度g取10m/s2；求：

（1）滑板由A滑到B的最短時間；

（2）為使滑板能以最短時間到達B，水平恒力F的取值范圍。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

A．由圖可知整個系統一起做勻加速直線運動，以m2為為研究對象，受力如圖所示，由牛頓第二定律得

解得：

則車廂的加速度也為故A錯誤；

B．如圖所示，繩子的拉力

故B錯誤；

C．對物體m1研究，受力如圖所示，在豎直方向上由平衡條件得

故C錯誤；

D．由圖所示，由牛頓第二定律得

故D正確。

故選D。2、D【分析】【詳解】

毫米刻度尺最小分度為則讀數時要估讀到最小刻度的下一位，即讀數為

故選D。3、C【分析】【詳解】

A．速度時間圖像；面積表示位移，AB位移均在增大，故A錯誤；

BC．速度時間圖像；斜率表示加速度，AB斜率均在減小，加速度均在減小，故B錯誤，C正確；

D．勻變速直線運動平均速度

面積表示位移，A位移大于勻變速位移，故平均速度大于B位移小于勻變速位移，故平均速度小于故D錯誤。

故選C。4、C【分析】【分析】

【詳解】

勻變速直線運動；平均速度等于中間時刻的瞬時速度，所以2s內的平均速度等于1s時刻的瞬時速度，即。

ABD錯誤；C正確。

故選C。5、A【分析】【詳解】

由圖可知兩相鄰閃光間隔所對應的位移之差恒定；說明小球做勻加速直線運動，其速度越來越大，即位置變化率越來越大；其加速度不變，即速度的變化率不變；根據牛頓第二定律可知小球受到的合力不變，故A正確，BCD錯誤。

故選A。二、多選題(共7題，共14分)6、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．甲做勻速直線運動；而乙前2s內先做勻加速直線運動，后2~6s做勻減速直線運動，故A錯誤，B正確；

C．由圖可知在1s末和4s末兩物體的速度相同；根據“面積”表示位移可知，在2s末和6s末兩物體相遇，故C正確；

D．由圖可知兩物體的速度方向一直為正方向；即速度方向相同，故D錯誤。

故選BC。7、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．開始時A、B剛好平衡，有

得

A和B調換位置后，有

則

故A正確；B錯誤；

CD．調整前繩的拉力為

調整后

則

故C正確；D錯誤。

故選AC。8、B:C【分析】【詳解】

分別對物塊和人進行受力分析，如下圖，對于物塊由平衡條件可知對于人進行正交分解，有和當人拉著繩向右跨出一步后，繩子的拉力不變，而繩子和水平方向的夾角變小；因此，地面對人的摩擦力增大，地面對人的支持力減小，根據作用力和反作用力，人對地面的壓力減小，所以正確選項為B；C．

9、A:B:D【分析】【詳解】

A．汽車先勻速后減速，老年代步車一直勻速，則a為老年代步車，b為汽車；故A正確；

B．由圖像可知，汽車制動時的加速度

故B正確；

C．由圖像可知，從司機發現代步車到兩車速度相等時經歷的時間為故C錯誤；

D．司機發現代步車時汽車距離代步車

則D正確。

故選ABD。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

已知則

AB．摩擦因數較小時，對物塊，沿斜面方向，根據牛頓第二定律有

得

可知，當時，加速度沿斜面向下，做加速運動；當時，加速度為零；當時；加速度沿斜面向上，做減速運動。全過程加速度先減小后反向增大，故A錯誤，B正確。

CD．設小物體質量為斜面的質量為小物塊的加速度為小物塊加速度在水平和豎直方向的分加速度分別為和由于小物塊加速度先沿斜面向下后沿斜面向上，則先水平向左后水平向右，先豎直向下后豎直向上。將小物塊和斜面視為整體，根據牛頓第二定律，水平方向有

豎直方向有

可知，隨著增大；地面對斜面的摩擦力先向左后向右，地面對斜面的支持力先由小變大，故C錯誤，D正確。

故選BD。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據加速度的定義式可知；速度變化率不變，單位時間內貨車速度增加量不變，故A錯誤；

B．根據勻變速直線運動的規律可知，貨車在相鄰的兩個相等時間T內的位移之差為故B正確；

CD．貨車沿水平路而以加速度a向右做勻加速直線運動，與B接觸的物體對B的作用力F的方向如圖所示。

作用力的大小為

故C正確；D錯誤。

故選BC。12、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．電梯支持力小于重力，合力向下，加速度向下，初始為靜止，所以電梯為勻加速下降，支持力等于重力，平衡狀態，保持末的速度勻速直線運動，支持力大于重力；合力向上，由于之前的速度向下，所以此階段向下勻減速。選項A對；

BCD．勻加速階段加速度。

末的速度。

此階段位移。

勻速階段位移。

勻減速階段時間初速度為末的速度；末速度等于0，所以可得此階段加速度。

根據牛頓第二定律。

帶入計算得此時的支持力即此階段位移。

總位移。

C錯誒BD正確；

故選ABD。三、填空題(共8題，共16分)13、略

【分析】【詳解】

[1]由題意可知設加速時間為t，則減速時間為18-t，加速的最大速度為v，故根據勻變速直線運動速度和時間的關系有：

解得t=6s，即在前6秒做勻加速直線運動，后12秒做勻減速直線運動.故前2s的位移為：

前4s的位移為：

第3s初到第5s初內的位移：

因為18s速度減為0，故減速過程倒數第二個3s，可以看成從0開始加速的第二個3秒內的位移，即3s末到6秒末的位移，故3秒內的位移為：

6秒內的位移為：

減速過程倒數第二個3s的位移為：

所以有：【解析】14、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]由物體的受力情況求解運動情況的基本思路先求出幾個力的合力，由牛頓第二定律（F合＝ma）求出加速度；再由運動學的有關公式求出速度或位移。

（2）[2]由物體的運動情況求解受力情況的基本思路，已知加速度或根據運動規律求出加速度，再由牛頓第二定律求出合力，從而確定未知力。【解析】加速度加速度15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]該纖維尺的分度值是1cm，用該尺測量的最大絕對誤差是0.01m，設測量的最小長度為L；則相對誤差為。

則L>0.02m，所以該尺的測量長度小于0.200m時就不再符合要求了。【解析】0.20016、略

【分析】【詳解】

[1]在40s-200s內汽車的位移大小【解析】240017、略

【分析】【詳解】

[1]設AB的距離為x；則平均速度為。

位移中點的瞬時速度為。

則有。

則。

【解析】小于18、略

【分析】【詳解】

[1][2]彈性形變指物體形變之后撤去外力能完全恢復原來形狀的形變；非彈性形變則是指外力撤去后物體不能恢復原狀的形變。【解析】彈性非彈性19、略

【分析】【分析】

由題中“用游標為50分度的卡尺(測量值可準確到0.02mm)測定某圓筒的內徑時”可知；本題考查游標卡尺的讀數，根據游標卡尺的讀數規律可解答本題．

【詳解】

此游標卡尺精度為0.02mm，讀數值為52.12mm(第6條線與主尺對齊)．【解析】52.1220、略

【分析】當夾角為為120°時，根據平行四邊形定則，知合力與分力相等，所以F=F1=F2=800N。【解析】800；四、作圖題(共2題，共12分)21、略

【分析】【詳解】

由圖可知；由于物體受到重力的作用會拉伸繩子，則繩子會對物體產生一個和形變方向相反的彈力，即沿繩子的方向向上；物體由于受到重力的作用，會對斜面產生一個壓力，導致斜面發生形變，故斜面也會對物體產生一個垂直斜面向上的彈力，如下圖所示。

【解析】見解析22、略

【分析】【詳解】

先對A分析。

再對B分析。

【解析】五、實驗題(共3題，共18分)23、略

【分析】【分析】

根據“探究物體的加速度與力；質量的關系”可知；本題考查“驗證牛頓第二定律”的實驗，根據實驗條件、實驗原理、實驗數據處理、誤差分析、實驗結論等，進行列式計算和分析推斷.

【詳解】

(1)A、本題實驗研究物塊的牛頓第二定律，實驗器材不能測出繩的拉力大小，則平衡摩擦力后要求物塊質量M遠大于鉤碼的總質量m，只有滿足這個條件才可認為小車受到的拉力F約為mg；故A錯誤.

B、平衡摩擦力后，有mgsinθ=μmgcosθ，即μ=tanθ；與質量無關，故通過增減木塊上的砝碼改變質量時，不需要重新調節木板傾斜度；故B錯誤.

C；選取點跡清晰的紙帶；不一定以打的第一個點為計數起始點進行測量；故C錯誤.

D；打點計時器要“早來晚走”即實驗開始時先接通打點計時器的電源待其平穩工作后再釋放木塊；而當實驗結束時應先控制木塊停下再停止打點計時器；故D正確.

故選D.

(2)重物與小車一起加速運動，因此重物對小車的拉力小于重物的重力，當盤和盤中砝碼的重力的大小關系得出只有m＜＜M時才可以認為繩對小車的拉力大小等于盤和盤中砝碼的重力；因此第④組數據比較符合要求．

(3)根據勻變速直線運動的判別式△x=aT2，運用逐差法得：

(4)根據牛頓第二定律得可知圖線的縱軸截距的絕對值等于μg,則有

【點睛】

本題主要考查“驗證牛頓第二定律”的實驗，要明確實驗原理，特別是要明確系統誤差的來源，知道減小系統誤差的方法．對于圖線問題，一般的解題思路是通過物理規律得出兩個物理量之間的函數關系，結合圖線的斜