…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版必修3物理上冊階段測試試卷110考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、一平行板電容器，帶電荷量為Q，兩極板電勢差為U，若帶電荷量變為2Q，則（）A.電容變為原來的2倍，兩極板電壓不變B.電容變為原來的倍，兩極板電壓不變C.電容不變，兩極板電壓是原來的倍D.電容不變，兩極板電壓是原來的2倍2、某一電容器在正常的充電過程中，兩個極板間的電壓U隨電容器所帶電荷量Q的變化而變化。下圖中能夠正確反映U和Q關系的圖像是（）A.B.C.D.3、如圖所示，四個相同的電流表分別改裝成兩個安培表和兩個伏特表，安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程；把它們按圖接入電路中，則下列說法正確的是（）

A.安培表A1的偏轉角大于安培表A2的偏轉角B.安培表A1的讀數小于安培表A2的讀數C.伏特表V1的讀數小于伏特表V2的讀數D.伏特表V1的偏轉角等于伏特表V2的偏轉角4、電路如圖所示，在滑動變阻器的滑片P向右移動時；下列說法正確的是。

A.電源的輸出功率一定先增大后減小B.電源的總功率一定減小C.電源的內部損耗功率可能增大D.電源的效率一定減小5、如圖所示，一個帶電球體M放在絕緣支架上，把系在絕緣絲線上的帶電小球N先后掛在橫桿上的和處，通過調整絲線使M、N在同一高度，當小球N靜止時，觀察絲線與豎直方向的夾角。通過觀察發現：當小球N掛在時，絲線與豎直方向的夾角最大；當小球N掛在時N絲線與豎直方向的夾角最小。根據三次實驗結果的對比；下列說法中正確的是（）

A.小球N與球體M間的作用力與它們的電荷量成正比B.小球N與球體M間的作用力與它們距離的平方成反比C.球體M電荷量越大，絕緣絲線對小球N的作用力越大D.距離球體M越遠的位置，絕緣絲線對小球N的作用力越小6、帶正電粒子僅在電場力作用下，從電場中a點以初速度進入電場并沿虛線所示的軌跡運動到b點；如圖所示，實線是電場線，關于粒子，下列說法正確的是（）

A.在a點的加速度大于在b點的加速度B.在a點的電勢能小于在b點的電勢能C.在a點的電場強度大于在b點的電場強度D.電場中a點的電勢一定比b點的電勢高7、電壓表；電流表都是由小量程電流表改裝而成的，如圖甲；乙所示分別是電壓表，電流表的改裝圖，以下說法正確的是（）

A.若改裝后的電流表示數比標準表稍小一些，可以給并聯電阻再并一個較大的電阻B.若改裝后的電壓表示數比標準表稍小一些，可以給串聯電阻再串聯一個較大的電阻C.小量程電流表內阻為并聯一個電阻R，改裝后電流表量程是原來的倍D.為實現對改裝電表的逐格校準，可采用限流式電路評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示，可視為質點的物塊以初速度v0從A點滑上粗糙程度相同的固定斜面，并恰能到達斜面上的B點。不計空氣阻力；下列說法正確的是（）

A.物塊一定能返回到斜面底端A點B.A到B的過程中物塊動能的減少量一定大于物塊重力勢能的增加量C.A到B的過程中物塊克服摩擦力做功一定等于物塊機械能的減少量D.若減小斜面傾角，物塊仍從A點以相同的初速度v0滑上斜面，一定能到達與B等高的位置9、如圖所示，一款微型機器人的內部有一個直流電動機，其額定電壓為U，額定電流為I，線圈電阻為R，將它接在電動勢為E，內阻為r的直流電源的兩極間；電動機恰好能正常工作，下列說法正確的是（）

A.電動機消耗的總功率為EIB.電動機的效率為C.電源的輸出功率為D.電源的效率為10、真空中的某裝置如圖所示，現有質子、氘核和α粒子都從O點由靜止釋放，經過相同加速電場和偏轉電場，射出后都打在同一個與OO′垂直的熒光屏上；使熒光屏上出現亮點（已知質子；氘核和α粒子質量之比為1∶2∶4，電量之比為1∶1∶2，重力不計）。下列說法中正確的是（）

A.偏轉電場的電場力對三種粒子做功之比為1∶1∶2B.三種粒子在偏轉電場中運動時間之比為2∶1∶1C.三種粒子出偏轉電場時的速度相同D.在熒光屏上將只出現1個亮點11、如圖所示，在正方體的頂點A和頂點處放置帶電量分別為的點電荷；則下列說法正確的是（）

A.頂點B、D處的電勢相等B.頂點處的電場強度相同C.質子從B點移動到C點電勢能減少D.電子從C點移動到D點電勢能增加12、如圖所示，電容器固定在一個絕緣座上，絕緣座放在光滑水平面上，平行板電容器板間距離為d，右極板有一小孔，通過孔有絕緣桿，左端固定在左極板上，電容器極板連同底座、絕緣桿總質量為M．給電容器充電后，有一質量為m的帶正電環恰套在桿上以某一速度v0對準小孔向左運動，設帶電環不影響電容器極板間電場的分布．帶電環進入電容器后距左極板的最小距離為d/2；則。

A.帶電環與左極板相距最近時的速度B.此過程中電容器移動的距離C.此過程中電勢能的變化量D.帶電環減少的動能大于電容器增加的動能13、一臺電動機的線圈電阻與一只電爐的電阻相同，現將它們串聯到電路中，電動機和電爐都能正常工作的情況下，在相同時間內（）A.電爐放熱與電動機放熱相等B.電爐兩端電壓小于電動機兩端電壓C.電爐兩端電壓等于電動機兩端電壓D.電動機消耗的功率大于電爐消耗的功率14、額定電壓均為220V的白熾燈L1和L2的U－I特性曲線如圖甲所示，現將和L2完全相同的L3與L1和L2一起按如圖乙所示電路接入220V電路中；則下列說法正確的是（）

A.L2的額定功率約為99WB.L2的實際功率約為17WC.L2的實際功率比L3的實際功率小17WD.L2的實際功率比L3的實際功率小82W15、如圖所示，是一火警報警器的電路示意圖，其中為半導體熱敏材料制成的傳感器；這種半導體熱敏材料的電阻率隨溫度的升高而減小，電流表為值班室的顯示器，電源兩極之間接一個報警器，下列說法正確的是。

A.當所在處出現火情時，顯示器的電流報警器兩端的電壓都變小B.當所在處出現火情時，顯示器的電流報警器兩端的電壓都變大C.當所在處出現火情時，顯示器的電流報警器兩端的電壓都變大D.當所在處出現火情時，顯示器的電流報警器兩端的電壓都變小16、如圖所示，一電子以初速度v沿與金屬板平行的方向飛入兩板間，在下列幾種情況下，電子將向M板偏轉的有()

A.開關S接通的瞬間B.斷開開關S的瞬間C.接通開關S后，變阻器的滑動觸頭向右迅速滑動時D.接通開關S后，變阻器的滑動觸頭向左迅速滑動時評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、如圖所示，一帶負電的導體球M放在絕緣支架上，把系在絕緣絲線上的帶電小球N掛在橫桿上。當小球N靜止時，絲線與豎直方向成角，由此推斷小球N帶_______電荷（選填“正”或“負”）。現用另一與M完全相同的不帶電導體球與M接觸后移開，則絲線與豎直方向的夾角將_________（選填“變大”或“變小”）。

18、可持續發展。

（1）可持續發展的核心：追求發展與______、______的平衡：既滿足當代人的需求；又不損害子孫后代的需求．

（2）需要做好兩方面：

①要大力提倡______；

②發展______能源以及天然氣、清潔煤和核能等在生產及消費過程中對生態環境的污染程度低的______能源．19、如圖所示，真空中有甲、乙、丙三個完全相同的擺，擺球都帶正電，擺線絕緣。現在甲的懸點放一個負點電荷，在丙所在空間加一豎直向下的勻強電場，從相同高度由靜止開始釋放，則甲、乙、丙做豎直面內的圓周運動，擺到最低點時細線對它們的拉力分別為T1、T2、T3，則它們的大小關系為T1________T2，T2_________T3三者運動到最低點的動能Ek1、Ek2、Ek3的大小關系為Ek1________Ek2；Ek2__________Ek3。（選填“=”；“>”；“<”）

20、氫原子中核外電子繞核做半徑為的勻速圓周運動，已知電子的質量為電荷量為靜電力常量為不考慮相對論效應。

（1）電子的動能為______；

（2）選離核無限遠處電勢能為0，電子的電勢能則氫原子的能量為______；

（3）電子繞核運動形成的等效電流為______。21、判斷下列說法的正誤。

（1）導體內沒有電流時，就說明導體內部的電荷沒有運動。（____）

（2）電流既有大小，又有方向，是矢量。（____）

（3）導體中的電流一定是正電荷定向移動形成的。（____）

（4）電子定向移動的方向就是電流的方向。（____）

（5）電流越大，單位時間內通過導體橫截面的電荷量越多。（____）22、如圖所示，已知閉合電鍵后，安培表讀數為0.75A，電壓表讀數為經過一段時間，一個電阻斷路，安培表讀數變為電壓表讀數變為則的阻值是______電阻斷路前、后電路消耗的總功率之比______。

23、某學生小組使用DIS做“測定電動機效率”實驗；實驗裝置如圖。

（1）用電流傳感器和電壓傳感器（圖中電流表和電壓表）測量的是電動機_________電流電壓值（填“輸入”或“輸出”）

（2）（每空4分）右圖是用位移傳感器測定重物勻速上升時的位移——時間圖線，同時電流傳感器和電壓傳感器的讀數基本不變，約為0.14A和3.3V，已知重物質量則在2.4~2.8s時間段，重物克服重力做功的功率為___________W；該電動機的工作效率約為___________。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共10分)24、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據已知條件和傳感器顯示的圖像中的數據信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短25、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內有一個由四個阻值相同的電阻構成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

評卷人得分五、解答題(共3題，共9分)26、如圖所示，已知電源電動勢E＝20V，內阻r＝1Ω，當接入固定電阻R＝4Ω時，電路中標有“3V,6W”的燈泡L和內阻RD＝0.5Ω的小型直流電動機D都恰能正常工作．試求：

(1)電路中的電流大小；

(2)電動機的額定電壓；

(3)電動機的輸出功率．27、如圖所示，電源的電動勢E=80V，內電阻r=4Ω，R1=2Ω，R2為電阻箱．求：

（1）當電阻箱R2阻值為多大時，電阻R1消耗的功率最大？

（2）當電阻箱R2阻值為多大時，電阻箱R2消耗的功率最大？

（3）如果要求電源輸出功率為256W，電阻箱R2阻值應為多少？此時電源效率為多少？

28、在電場強度為E=100N/C，方向水平向右的勻強電場中，用一根長為L=1m的絕緣細桿（質量不計）固定一個質量為m=2×10-5kg的電量為q=+2×10-6C帶電的小球，細桿可繞軸O在豎直平面內自由轉動。現將桿從水平位置A輕輕釋放，在小球運動到最低點B的過程中(g=10m/s2)。

求：

(1)電場力對小球作多少功？小球的電勢能如何變化？

(2)A、B兩位置的電勢差多少？

(3)小球到達B點時的速度多大？

(4)在最低點時絕緣桿對小球的作用力？

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

電容大小與電容器所帶電量無關，故增大電量時電容不變，由Q=UC可知；兩極板電壓是原來的2倍；故D正確，ABC錯誤；

故選D。2、A【分析】【詳解】

根據

可得

由于電容器不變，因此電壓U和電量Q成正比；故A正確，BCD錯誤。

故選A。3、D【分析】【詳解】

AB．安培表A1、A2并聯，電壓相同，表頭的電流，指針偏轉角度相同，由于安培表A1的量程大于A2的量程，則安培表A1的讀數大于安培表A2的讀數．故AB錯誤．

CD．伏特表V1與V2串聯，流過表頭的電流相同，指針偏轉的角度相同，由于伏特表V1的量程大于V2的量程，則伏特表V1的讀數大于伏特表V2的讀數．故C錯誤，D正確．4、B【分析】【詳解】

A.由電路圖可知，當滑動變阻滑片P向右移動時，滑動變阻器接入電路的阻值增大，電路總電阻變大，電源的電動勢不變，由閉合電路的歐姆定律可知，電路總電流I變小；當滑動變阻器阻值與電源內阻相等時；電源輸出功率最大，由于電源的內電阻與外電阻的大小關系未知，不能判斷電源輸出功率如何變化，故A錯誤；

B.電源電動勢E不變，電流I變小，電源總功率

則P一定減小；故B正確；

C.電源內阻r不變,電流I減小,電源內部的發熱功率。

一定減小；故C錯誤；

D.電源的效率

外電阻增大；路端電壓U增大，則電源效率一定增大，故D錯誤；

故選：B；5、D【分析】【詳解】

D．設絲線與豎直方向夾角為由平衡條件可得

故距離球體M越遠的位置，越小，絕緣絲線對小球N的作用力T越小；D正確；

B．小球N與球體M間的作用力F隨距離的增大而減小；但是否與它們距離的平方成反比無法從三次實驗結果的對比中看出，B錯誤；

AC．實驗過程中；小球N與球體M的電荷量均不變，故無法看出作小球N與球體M間的作用力與它們的電荷量成正比，AC錯誤。

故選D。6、D【分析】【分析】

【詳解】

AC．電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，可知Ea＜Eb，所以a、b兩點比較，粒子的加速度在b點時較大；故AC錯誤；

BD．整個過程電場力做正功，根據動能定理得經b點時的動能大于經a點時的動能，則在a點的電勢能大于在b點的電勢能，由于是帶正電的粒子，因此電場中a點的電勢一定比b點的電勢高；故C錯誤，D正確。

故選D。7、C【分析】【詳解】

A．若改裝后的電流表示數比標準表稍小一些；說明流過表頭的電流小，可以增大分流電阻使其分流少些，從而增大流過表頭的電流使其準確，應該給并聯電阻串聯一個較小的電阻，A錯誤；

B．若改裝后的電壓表示數比標準表稍小一些。說明流過表頭的電流小；應該減小串聯電阻，或給串聯電阻再并聯一個較大的電阻，B錯誤；

C．小量程電流表內阻為給它并聯一個電阻R，改裝后的電流表量程

得出

C正確；

D．分壓式電路電壓；電流可以從零開始調節；可以實現對改裝電表的逐格校準，D錯誤。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)8、B:C【分析】【詳解】

A．若物塊重力沿斜面的分力小于最大靜摩擦力，物塊靜止于斜面上，物塊無法返回到點；A錯誤；

B．A到B的過程中根據能量守恒定律可知物塊動能的減少量等于重力勢能的增加量和摩擦產生的熱量，所以A到B的過程中物塊動能的減少量一定大于物塊重力勢能的增加量；B正確；

C．摩擦力做功改變物塊的機械能，所以A到B的過程中物塊克服摩擦力做功一定等于物塊機械能的減少量；C正確；

D．減小斜面傾角，斜面傾斜程度較小，若斜面傾角為0，則永遠不可能到達與B等高的位置；D錯誤。

故選BC。9、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．電動機消耗的總功率為UI；故A錯誤；

B．電動機的效率。

故B錯誤；

C．電源的輸出功率。

C正確；

D．電源的效率。

故D正確。

故選CD。10、A:D【分析】【詳解】

B．設在加速電場中靜止釋放的粒子質量為m，電荷量為q，根據動能定理有

可得，粒子進入偏轉電場的初速度為

設偏轉電場的長度為L，兩極板間距為d，則在偏轉電場中，根據牛頓第二定律有

粒子在偏轉電場中，做類平拋運動，則在平行OO′方向有

可得，粒子在在偏轉電場中運動時間為

由于三種粒子質量之比為1∶2∶4，電量之比為1∶1∶2，則三種粒子在偏轉電場中運動時間之比為1∶∶故B錯誤；

A．而粒子在偏轉電場中的偏轉位移為

則偏轉電場的電場力對粒子做功為

可知；偏轉電場的電場力對三種粒子做功之比等于三種粒子的電量之比為1∶1∶2，故A正確；

C．粒子從靜止釋放到離開偏轉電場，根據動能定理有

可知，由于三種粒子的比荷不都相同；則三種粒子出偏轉電場時的速度不都相同，故C錯誤；

D．粒子離開偏轉電場的豎直速度為

則粒子離開偏轉電場時的速度偏轉角的正切值為

因此；三種粒子離開偏轉電場時的位置和速度方向都相同，則在熒光屏上將只出現1個亮點，故D正確。

故選AD。11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．在正方體的頂點A和頂點處放置帶電量分別為的點電荷，由對稱性知頂點B、D處的電勢相等；選項A項正確；

B．由電場疊加和對稱性知頂點處的電場強度大小相等；但方向不同，選項B錯誤；

C．B點的電勢高于C點的電勢，則質子從B點移動到C點電勢能減少；選項C正確；

D．C點的電勢低于D點的電勢，則電子從C點移動到D點電勢能減少；選項D錯誤。

故選AC。12、B:C:D【分析】【分析】

帶電環與極板間相距最近時兩者速度相等；選取帶電環與電容器構成的系統作為研究對象，根據動量守恒定律，即可求出帶電環與左極扳相距最近時的速度大小；結合運動學公式求解電容器移動的距離；在此過程，系統中，帶電小環動能減少，電勢能增加，同時電容器等的動能增加，系統中減少的動能全部轉化為電勢能．

【詳解】

A．帶電環進入電容器后在電場力的作用下做初速度為的勻減速直線運動，而電容器則在電場力的作用下做勻加速直線運動，當它們的速度相等時，帶電環與電容器的左極板相距最近，由系統動量守恒定律可得

解得

A錯誤；

B．該過程中電容器向左做勻加速直線運動根據運動學基本公式得環向左做勻減速直線運動，由公式得

根據位移關系有

解得

B正確；

C．在此過程，系統中，帶電小環動能減少，電勢能增加，同時電容器等的動能增加，系統中減少的動能全部轉化為電勢能．所以

聯立得

C正確；

D．在此過程；系統中，帶電小環動能減少，轉化為電容器增加的動能以及系統的電勢能，故帶電環減少的動能大于電容器增加的動能，D正確。

故選BCD。13、A:B:D【分析】【詳解】

試題分析：對于電爐電路和電動機電路；焦耳定律都適用，歐姆定律只適用于電爐，不適用于正常工作的電動機；根據歐姆定律研究電爐兩端的電壓；電動機兩端的電壓大于電流與電阻的乘積．

解：

A、電爐電路和電動機電路焦耳定律都適用．根據焦耳定律Q=I2rt；知電爐和電動機的電阻相同，電流相同，則在相同的時間內電爐和電動機產生的電熱相等．故A正確．

B、C、設電流為I，電阻為r，則電爐兩端電壓U爐=Ir，電動機兩端電壓U機＞Ir，所以U機＞U爐．即電動機兩端電壓大于電爐兩端電壓；故B正確，C錯誤．

D；電動機消耗的電能一部分轉化為內能；另一部分轉化為機械能，電爐消耗的電能全部轉化為內能，而相等時間內它們產生的熱量相等，則在相同的時間內，電動機消耗的電能大于電爐消耗的電能，則電動機消耗的功率大于電爐消耗的功率．故D正確．

故選ABD．

【點評】此題要明確電動機工作時電功只能用W=UIt求，電熱只能用焦耳定律求；電爐工作時，電熱等于電功，W=UIt=I2rt．14、A:B:D【分析】【詳解】

A．由L2的伏安特性曲線可得，在額定電壓220V時的電流為0.45A，則L2的額定功率為P額＝U額I額＝99W

故A正確；

B．圖示電路為L1和L2串聯再與L3并聯，所以L1和L2串聯后兩端的總電壓為220V，那么流過L1和L2的電流及兩燈的電壓滿足I1＝I2U1＋U2＝220V

由L1和L2的U－I圖線可知I1＝I2＝0.25AU1＝152VU2＝68V

故燈L2的實際功率P2＝I2U2＝17W

故B正確；

CD．由于L3兩端的電壓為220V，故P3＝P額＝99W

則P3－P2＝82W

故C錯誤；D正確。

故選ABD。15、A:D【分析】【詳解】

AB．半導體熱敏材料的電阻率隨溫度的升高而減小，當所在處出現火情時，的電阻變小，根據“串反并同法”可知顯示器的電流報警器兩端的電壓都變小；故A正確，B錯誤；

CD．同理當所在處出現火情時，的電阻變小，顯示器的電流報警器兩端的電壓都變小；故C錯誤，D正確。

故選AD。16、A:D【分析】【詳解】

由安培定則得下方的電流產生的磁場的方向N極向上，S向下；開關K接通瞬間，穿過線圈的磁通量增加，由楞次定律知在上線圈中感應出上正下負的電動勢，電子向M板偏轉，A正確；斷開開關S瞬間，穿過線圈的磁通量減少，由楞次定律知在上線圈中感應出上負下正的電動勢，電子向N板偏轉，B錯誤；接通S后，變阻器滑動觸頭向右迅速滑動，電阻增大，電流減小，穿過線圈的磁通量減少，由楞次定律知在上線圈中感應出上負下正的電動勢，電子向N板偏振，C錯誤；接通S后，變阻器滑動觸頭向左迅速滑動，電阻減小，電流增大，穿過線圈的磁通量增加，由楞次定律知在上線圈中感應出上正下負的電動勢，電子向M板偏振，D正確；故選AD．三、填空題(共7題，共14分)17、略

【分析】【詳解】

[1]因M對N有斥力作用，因M帶負電，則由此推斷小球N帶負電荷。

[2]現用另一與M完全相同的不帶電導體球與M接觸后移開，則M帶電量減小，則對N的斥力減小，則絲線與豎直方向的夾角將變小。【解析】負變小18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】資源環境節約能源可再生清潔19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4]根據動能定理，甲乙兩圖的擺球只有重力做功，重力做功相等，所以到達底端的動能相等，對于丙圖，重力和電場力都做正功，根據動能定理得，知動能最大

根據

則運動到底端的速度關系為

對于甲

對于乙

對于丙

比較可得【解析】①.<②.<③.=④.<20、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由庫侖力提供向心力，根據牛頓第二定律

電子的動能

（2）[2]由于電子的電勢能為則氫原子的能量為

（3）[3]電子繞核運動形成的等效電流【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】錯誤錯誤錯誤錯誤正確22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]如圖所示，一個電阻斷路，電流表、電壓表示數都增加，若R3斷路，電壓表無示數；R1或R4斷路，電流表無示數，則斷路電阻為R2，斷路后R1、R4串聯，電壓表測R1兩端電壓，電流表測電路中電流，R1的電阻為

[2]斷路前R1兩端電壓為

R2、R3串聯后與R1并聯，R3兩端電壓為

R3中電流為

電路中總電流為

電阻斷路前、后電路消耗的總功率之比為【解析】45∶423、略

【分析】【詳解】

（1）[1]電壓傳感器和電流傳感器測量的是電動機的輸入電流和輸入電壓。

（2）[2]根據圖線知，重物的速度

重物克服重力做功的功率

[3]電動機的工作效率【解析】輸入0.21346%四、作圖題(共2題，共10分)24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減小；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據電壓傳感器