…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研銜接版選修3物理下冊階段測試試卷473考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、圖甲是小型交流發電機的示意圖，兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向的勻強磁場，A為交流電流表，線圈繞垂直于磁場的水平軸OO′沿逆時針方向勻速轉動；從圖示位置開始計時，產生的交變電流隨時間變化的圖象如圖乙所示，以下判斷正確的是()

A.電流表的示數為20AB.交流電的頻率是100HzC.0.01s時線圈平面與磁場方向平行D.0.02s時線框平面與中性面重合2、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r．電路中的R1為光敏電阻(其電阻隨光照強度增大而減小)．R2為滑動變阻器，D為理想二極管，當開關S閉合時，電容器C中一帶電微粒恰好處于靜止狀態．下列說法中正確的是()

A.只增大R1的光照強度，電壓表示數變小B.只增大R1的光照強度，電流表示數變小C.只將滑片向上端移動時，帶電微粒將向下運動D.若斷開開關S，帶電微粒將向下運動3、在溫控電路中，通過熱敏電阻阻值隨溫度的變化可實現對電路相關物理量的控制作用，如圖所示電路，為定值電阻，為半導體熱敏電阻（溫度越高電阻越小），C為電容器；當環境溫度降低時（）

A.電容器C的帶電量增大B.電壓表的讀數減小C.電容器C兩板間的電場強度減小D.消耗的功率增大4、做一維運動的電子，其動量不確定量是△px＝10-25kg·m·s-1，能將這個電子約束在內的最小容器的大概尺寸是（）（普朗克常量h＝6.63×10-34J·s，約化普朗克常量＝1.05×10-34J·s）A.5.25×10-8mB.5.25×10-9mC.5.25×10-10mD.5.25×10-11m5、如圖所示為一定質量氣體狀態變化時的P—圖像；由圖像可知，此氣體的溫度（）

A.先不變后升高B.先不變后降低C.先降低后不變D.先升高后不變6、關于固體、液體和氣體，下列說法不正確的是（）A.毛細現象及浸潤現象的產生均與表面張力有關，都是分子力作用的結果B.空氣中水蒸氣的實際壓強越大，絕對濕度就越大C.大量氣體分子做無規則運動，速率有大有小，但分子的速率按“中間少，兩頭多”的規律分布D.固體可以分為晶體和非晶體，非晶體和多晶體都沒有確定的幾何形狀7、在玻璃皿的中心放一個圓柱形電極B；沿邊緣內壁放一個圓環形電極A，把A；B分別與電源的兩極相連，然后在玻璃皿中放人導電液體．現把玻璃皿放在如圖所示的磁場中，液體就會旋轉起來．若從上向下看，下列判斷正確的是。

A.A接電源正極，B接電源負極，液體順時針旋轉B.A接電源負極，B接電源正極，液體順時針旋轉C.B與50Hz交流電源相接，液體持續旋轉D.磁場N、S極互換后，重做該實驗發現液體旋轉方向不變8、已知一無限長的直導線中通有電流時，該直導線周圍某點磁感應強度的大小與該點到直線的距離成反比，與電流大小成正比。如圖所示，兩條平行長直導線中通以大小相等、方向相反的電流，其中A導線電流垂直紙面向里，B導線電流垂直紙面向外，C為AB的中點。則下列說法正確的是（）

A.在AB兩點之間的連線上，C點磁感應強度最小B.在圖中連線上，A點左側不同位置磁感應強度方向不同C.C點磁感應強度方向在紙面內垂直AB向上D.兩條平行長直導線在安培力的作用下相互吸引9、如圖所示；MN是空氣與某種液體的分界面，一束紅光由空氣射到分界面，一部分光被反射，一部分光進入液體中.當入射角是45°時，折射角為30°，則以下說法正確的是()

A.反射光線與折射光線的夾角為B.該液體對紅光的折射率為C.該液體對紅光的全反射臨界角為D.當紫光以同樣的入射角從空氣射到分界面時，折射角也是評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖所示；正方形容器處在勻強磁場中，一束電子從a孔垂直進入磁場射入容器中，其中一部分從c孔射出，一部分從d孔射出，則下列說法正確的是（）

A.從兩孔射出的電子速率之比為B.從兩孔射出的電子在容器中運動所用時間之比為C.從兩孔射出的電子在容器中運動時的加速度大小之比D.從兩孔射出的電子在容器中運動時的加速度大小之比11、如圖所示，R1＝1Ω，R2＝6Ω，R3為滑動變阻器，其最大阻值為9Ω，電源電動勢E＝9V，內阻r＝4.5Ω；電表都為理想電表，現將滑動變阻器的滑片P從下端向上移動，則：（）

A.在滑動滑片P的過程中，電壓表示數變大B.在滑動滑片P的過程中，電流表示數變大C.電壓表示數變化量和電流表的示數變化量的比值為11.5ΩD.電源的輸出功率最大值為4.5W12、關于一定量的氣體，下列說法正確的是（）A.氣體做等溫膨脹變化，其壓強一定減小B.氣體的體積指的是該氣體的分子所能到達的空間的體積，而不是該氣體所有分子體積之和C.氣體分子熱運動的劇烈程度減弱時，氣體的壓強一定減小E.氣體從外界吸收熱量，其內能可能減小E.氣體從外界吸收熱量，其內能可能減小13、一定質量的理想氣體經歷了如圖所示的A→B→C→D→A循環；該過程每個狀態均可視為平衡態，各狀態參數如圖所示。對此氣體，下列說法正確的是（）

A.A→B的過程中，氣體從外界吸熱，內能不變B.B→C的過程中，氣體的壓強增大，單位體積內的分子數增多C.C→D的過程中，氣體的壓強不變，氣體從外界吸熱D.D→A的過程中，氣體的壓強減小，分子的平均動能減小，單位體積內的分子數不變14、以下說法正確的是()A.已知阿伏加德羅常數、氣體摩爾質量和密度，可算出該氣體分子的直徑B.為了保存玉米地的水分，可以鋤松地面，破壞土壤里的毛細管C.隨著分子間距離的增大，分子間的引力和斥力都減小，斥力減小得快，但合力表現仍可能為斥力E.能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性E.能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性15、下列說法中正確的是（）A.自然界中能量雖然是守恒的，但有的能量便于利用，有的不便于利用，故要節約能源B.第二類永動機和第一類永動機，都違背了能量守恒定律C.若氣體的溫度隨時間不斷升高，其壓強也一定不斷增大E.液晶是一種特殊物質，它既具有液體的流動性，又像某些晶體那樣有光學各向異性E.液晶是一種特殊物質，它既具有液體的流動性，又像某些晶體那樣有光學各向異性16、下列說法中正確的是（）A.氣體吸收熱量的同時對外做功，內能可能不變B.一定量的理想氣體溫度升高時，內能一定增大C.隨著制冷技術的不斷提高，絕對零度一定可以達到E.自然界中進行的一切與熱現象有關的宏觀過程都具有方向性E.自然界中進行的一切與熱現象有關的宏觀過程都具有方向性評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、如圖所示，甲木塊的質量為m1=2kg，以v=4m/s的速度沿光滑水平地面向前運動，正前方有一靜止的、質量為m2=3kg的乙木塊，乙上連有一輕質彈簧．則甲木塊與彈簧接觸后彈簧獲得的最大彈性勢能為___J，乙木塊受到的沖量I=___________

18、一些同學可能有這樣的經驗：傍晚用電多的時候，燈光發暗，而當夜深人靜時，燈光特別明亮．又如，在插上電爐、電暖氣等功率大的電器時，燈光會變暗，拔掉后燈光馬上又亮起來．在一些供電質量不太好的地區尤其是這樣．試著解釋這種現象．________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________19、如圖所示；將帶有負電的絕緣棒移近兩個不帶電的導體球，兩個導體開始時互相接觸且對地絕緣。

（1）為了使兩球帶上等量異號電荷，應___________。

A．先移走棒；再把兩球分開B．先把兩球分開，再移走棒。

（2）使棒與甲球瞬時接觸，再移走棒，導體甲帶___________電；導體乙帶________。

（3）先使甲球瞬時接地，再移走棒，導體甲帶_________電；導體乙帶________電。20、一定質量的理想氣體從狀態a開始，經歷三個過程和回到原狀態，其圖像如圖所示，氣體在狀態______（填“a”、“b”或“c”）的分子平均動能最小，在過程中氣體體積_______（填“變大”、“變小”或“不變”），在過程中，氣體對外界做功________（填“大于”；“小于”或“等于”）氣體吸收的熱量。

21、如圖所示，一個邊長為l＝1m的正方形線圈的總電阻為R＝2Ω，當線圈以v＝2m/s的速度勻速通過磁感應強度B＝0.5T的勻強磁場區域時，線圈平面總保持與磁場垂直．若磁場的寬度L＞1m，線圈在穿過整個磁場過程中釋放的焦耳熱為_____．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共10分)25、欲測量某種材料的電阻率ρ；現提供以下實驗器材：

A．20分度的游標卡尺。

B．螺旋測微器。

C．電流表A1(量程為50mA，內阻r1=100Ω)；

D．電流表A2(量程為100mA，內阻r2約為40Ω)；

E．滑動變阻器R1(0~10Ω；額定電流為2A)；

F．直流電源E(電動勢為3V；內阻很小)

G．導電材料R2(長約為5cm；電阻約為100Ω)；

H．開關一只；導線若干．

請回答下列問題：

（1）用游標卡尺測得該材料的長度如圖甲所示，其示數L=___________cm，用螺旋測微器測得該材料的外直徑如圖乙所示，其示數D=___________mm．

（2）某小組設計了如圖丙、丁所示的兩種實驗方案的電路圖，為了盡可能精確地測量該材料的電阻率ρ應選用圖___________(填“丙”或“丁”)所示電路．

（3）某次實驗中電流表A1和電流表A2的示數分別為I1和I2，用所測得的物理量符號和已知物理量的符號表示該材料的電阻率ρ=___________．26、測量一節干電池的電動勢和內阻．實驗室除提供開關S和導線外；還有以下器材可供選擇：

A．電壓表V（量程3V，內阻RV=10kΩ）

B．電流表A1（量程3mA，內阻Rg1=99.5Ω）

C．電流表A2（量程1500mA，內阻Rg2=0.5Ω）

D．滑動變阻器R1（阻值范圍0～10Ω；額定電流2A）

E．滑動變阻器R2（阻值范圍0～1000Ω；額定電流1A）

F．定值電阻R3=0.5Ω

(1)根據可選用的器材；設計了如圖1所示的測量電路圖．

(2)該同學應該將電流表_____（選填A1或A2）與定值電阻R3并聯，改裝成一個量程是_____A的新電流表．

(3)滑動變阻器選用______（選填“R1”或“R2”）．

(4)利用上述測量電路測得數據，以電流表A的直接讀數I為橫坐標，以電壓表V的讀數為U縱坐標繪出了如圖2所示的圖線，根據圖線可求出電源的電動勢E=_____V（結果保留三位有效數字），電源的內阻r=_____Ω（結果保留兩位有效數字）．評卷人得分六、解答題(共4題，共36分)27、消毒是防止新冠肺炎傳播的重要環節，肩背式手動消毒噴霧器原理如圖所示，儲液桶上端進氣孔用細軟管與帶有單向閥門K1的打氣筒相連，下端出水口用細軟管與帶閥門K2的噴頭相連．已知儲液桶容積V=16.0L，打氣筒每打一次能將L的外界空氣壓入儲液桶內．現向儲液桶內注入L的消毒液，擰緊桶蓋和噴頭開關K2，設大氣壓強atm、噴霧器內外溫度均為t=27℃；打氣過程中溫度保持不變。

（1）未打氣時，儲液桶內氣體在標準狀態下（氣體壓強atm、溫度t0=0℃）的體積是多少？

（2）某次打氣時，將打氣筒里的氣體全部充入儲液桶，需對氣體做W=40J的功；則噴霧器內的空氣吸熱還是放熱？吸收或放出多少熱量？

（3）某次消毒時，打氣筒連續打氣使儲液桶內的氣體壓強增加到atm，停止打氣．打開閥門K2，噴霧消毒后氣體壓強又降至atm，上述過程溫度不變。求打氣筒打氣的次數n和儲液桶內剩余消毒液的體積V3。

28、如圖1所示，水平面上有兩根足夠長的光滑平行金屬導軌MN和PQ，兩導軌間距為l，電阻均可忽略不計．在M和P之間接有阻值為R的定值電阻，導體桿ab質量為m、電阻為r，并與導軌接觸良好．整個裝置處于方向豎直向上磁感應強度為B的勻強磁場中．現給ab桿一個初速度v0，使桿向右運動．

（1）當ab桿剛好具有初速度v0時，求此時ab桿兩端的電壓U；a、b兩端哪端電勢高；

（2）請在圖2中定性畫出通過電阻R的電流i隨時間t變化規律的圖象；

（3）若將M和P之間的電阻R改為接一電容為C的電容器，如圖3所示．同樣給ab桿一個初速度v0，使桿向右運動．請分析說明ab桿的運動情況．29、如圖所示，豎直放置的足夠長的光滑平行金屬導軌，間距為l=0.5m，導軌上端接有電阻R=1.0Ω，導軌電阻忽略不計．空間有一水平方向的有上邊界的勻強磁場，磁感應強度大小為B=0.40T，方向垂直于金屬導軌平面向外．質量為m=0.02kg、電阻不計的金屬桿MN，從靜止開始沿著金屬導軌下滑，下落一定高度后以v0=2.5m/s的速度進入勻強磁場中，在磁場下落過程中金屬桿始終與導軌垂直且接觸良好．已知重力加速度為g=10m/s2；不計空氣阻力，求：

（1）金屬桿剛進入磁場區域時的感應電流大小及方向；

（2）金屬桿剛進入磁場區域時的加速度；

（3）若金屬桿進入磁場區域后又下落h=0.2m，接著以v勻速運動，求v大小及這0.2m內流過金屬桿的電量．30、一塊厚度為4cm的長方體玻璃磚，其下表面涂有反光膜，置于水平桌面上，如圖所示，玻璃磚右端上方豎直放置一光屏。一束光線以53°的入射角射向玻璃磚，入射點到光屏距離為8cm，已知玻璃磚對該光束的折射率為sin37°=0.6。求：

①玻璃磚右側光屏上兩光點之間的距離；

②光在玻璃磚中傳播的最短時間。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【詳解】

電流表的示數為有效值：故A錯誤；由圖知周期T=0.02s，根據故B錯誤；0.01s時線圈產生的感應電動勢最大，說明線框與磁場平行，磁通量為零，故C正確；由圖知0.02s時線框中感應電流最大，說明線框與磁場平行，磁通量為零，故D錯誤．2、A【分析】【詳解】

只逐漸增大R1的光照強度，R1的阻值減小，外電路中電阻減小，總電流增大，電流表示數變大，內電壓增大，則路端電壓減小，因此電壓表示數變小，選項A正確，B錯誤；只將滑片向上端移動時，由于二極管的存在，電容器極板所帶電荷量不變，板間場強不變，帶電微粒仍處于靜止狀態，選項C錯誤；若斷開開關S，電容器本應處于放電狀態，但由于二極管的存在，電荷量不變，板間場強不變，帶電微粒仍處于靜止狀態，選項D錯誤3、A【分析】【詳解】

AB．電流I減小，路端電壓

E、r不變，則U增大，電壓表的讀數增大；電容器的電壓

E、r、R1均不變，I減小，UC增大，電容器C的帶電量增大；故A正確，B錯誤；

C．電容器C兩板間的電場強度UC增大，d不變，則E增大；故C錯誤；

D．R1消耗的功率

I減小，R1不變，則P減小；故D錯誤。

故選A。4、C【分析】【詳解】

由不確定性關系

可知，將這個電子約束在內的最小容器的大概尺寸為

ABD錯誤；C正確。

故選C。5、D【分析】【分析】

【詳解】

第一階段為等容變化；壓強變大，根據氣體狀態方程。

可知；溫度升高。根據數學關系可知圖像的斜率代表溫度。第二階段的圖像為一次函數即斜率不變，所以該階段為等溫變化。因此溫度變化先升高后不變，故ABC錯誤，D正確。

故選D。6、C【分析】【分析】

【詳解】

A．凡作用于液體表面；使液體表面積縮小的力，都稱為液體表面張力。它產生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內部稀疏，分子間的距離比液體內部大一些，分子間的相互作用表現為引力，毛細現象及浸潤現象的產生均與表面張力有關，都是分子力作用的結果，故A不符合題意；

B．絕對濕度是指水蒸氣的實際壓強；所以空氣中水蒸氣的實際壓強越大，絕對濕度就越大，故B不符合題意；

C．大量分子做無規則運動的速率有大有小；分子速率分布有規律，即統計規律，分子數百分率呈現“中間多，兩頭少”的統計規律，故C符合題意；

D．固體可以分為晶體和非晶體兩類；晶體又分為單晶和多晶，非晶體和多晶體都沒有確定的幾何形狀，故D不符合題意。

故選C。7、A【分析】【分析】

在電源外部；電流由正極流向負極；由左手定則可以判斷出導電液體受到的安培力方向，從而判斷出液體的旋轉方向．

【詳解】

A．若A接電源正極；B接電源負極，在電源外部電流由正極流向負極，因此電流由邊緣流向中心；器皿所在處的磁場豎直向下，由左手定則可知，導電液體受到的磁場力沿順時針方向，因此液體沿順時針方向旋轉，故A正確；

B．若B接電源正極、A接電源負極；根據左手定則得，液體沿逆時針作圓周運動，故B錯誤；

C．A、B與50Hz的交流電源相接；液體不會旋轉，故C錯誤；

D．若磁場N、S極互換后，重做該實驗發現液體旋轉方向變化，故D錯誤．8、A【分析】【詳解】

AC．根據某點磁感應強度的大小與該點到直線的距離成反比；結合矢量的合成法則，C為AB的中點，則有在AB兩點之間的連線上，C點的磁感應強度方向在紙面內垂直AB向下，C點磁感應強度最小，故A正確，C錯誤；

B．根據安培定則；結合矢量的合成法則，某點磁感應強度的大小與該點到直線的距離成反比，與電流大小成正比，則有A點左側不同位置磁感應強度方向均相同，都垂直AB連線向上，故B錯誤；

D．根據左手定則及安培定則；則兩條平行長直導線在安培力的作用下相互排斥，故D錯誤；

9、C【分析】【詳解】

A.根據反射定律得到反射角為45°；由幾何知識得，反射光線與折射光線的夾角是105°．故A錯誤．

B.由折射率公式得故B錯誤．

C.由臨界角公式sinC=1/n，得，sinC=則C=45°．故C正確．

D.根據折射定律得知，紫光的折射率大于紅光的折射率，則紫光以同樣的入射角從空氣射到分界面，折射角小于30°．故D錯誤．二、多選題(共7題，共14分)10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

電子從c點射出，d為圓心，Rc=L，圓心角

由得：

運動時間

電子從d點射出，ad中點為圓心，圓心角

所以

故故A正確；B錯誤；

電子做勻速圓周運動，加速度所以故C錯誤，D正確．11、A:D【分析】【分析】

R2與R3并聯后與R1串聯；根據閉合電路動態電路分析即可．

【詳解】

在滑動滑片P的過程中，外電路電阻變大，干路電流減小，外電路電壓增大，故電流表示數減小，電壓表示數增大，故A正確，B錯誤；根據歐姆定律，E﹣Ir＝U+R1I，代入數值得：U＝9﹣5.5I，故電壓表示數變化量和電流表的示數變化量不是定值，故C錯誤；電源的輸出功率最大時，外電阻等于電源內阻，可得，故D正確．所以AD正確，BC錯誤．

【點睛】

本題考查動態電路分析，注意當外電阻等于電源內阻時電源的輸出功率最大．12、A:B:E【分析】【詳解】

A．由理想氣體狀態方程可得；氣體在等溫膨脹過程，溫度不變，體積與壓強成反比，體積增大，壓強一定減小，故A正確；

B．氣體的體積指的是該氣體的分子所能到達的空間的體積；故B正確；

C．溫度高氣體分子熱運動就劇烈；所以只要能減弱氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體的溫度可以降低，但是壓強不一定越低，故C錯誤；

D．在完全失重的情況下；分子運動不停息，氣體對容器壁的壓強不為零，故D錯誤；

E．氣體從外界吸收熱量；但如果同時對外做功，根據熱力學第一定律，則內能可能減小，故E正確。

故選ABE。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．A→B的過程中溫度不變；內能不變，體積膨脹對外界做功，由熱力學第一定律得氣體從外界吸熱才可能保持內能不變，故A正確；

B．B→C的過程中；體積不變，單位體積內的分子數不變，溫度升高，分子的平均動能增大，壓強增大，故B錯誤；

C．C→D的過程中；直線過原點，壓強不變，溫度降低，內能減小，體積減小，外界對氣體做功，氣體放熱才可能內能減小，故C錯誤；

D．D→A的過程中；氣體的體積不變，單位體積內的分子數不變，溫度減小，壓強也減小，溫度是分子平均動能的標志，故分子的平均動能減小，故D正確。

故選AD。14、B:C:E【分析】【分析】

氣體分子間有較大空隙，不能認為分子所占的體積就是分子體積；鋤松地面，可以切斷土壤里的毛細管，減少水分的流失；分子間距離小于r0時；分子力表現為斥力；

非晶體和多晶體都表現為各向同性；自然界的宏觀過程都具有方向性．

【詳解】

A.已知阿伏加德羅常數；氣體摩爾質量和密度；可算出氣體分子間的平均距離，但由于氣體分子中間有較大空隙，無法求出該氣體分子的直徑，故A錯誤；

B.鋤松地面；可以破壞土壤里的毛細管，減少水分的流失，故B正確；

C.隨著分子間距離的增大，分子間的引力和斥力都減小，斥力減小得快，但合力表現仍可能為斥力，如分子間距離小于r0時；故C正確；

D.非晶體和多晶體都表現為各向同性；所以從各向異性或各向同性無法判斷物質是晶體還是非晶體，故D錯誤；

E.自然界的宏觀過程都具有方向性；能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程的方向性，故E正確．

故選BCE15、A:D:E【分析】【詳解】

A．自然界中的能量雖然是守恒的；由熱力學第二定律可知，能量集中的各種能量最終將會變為內能而耗散在大氣中，從而不能再被利用，故要節約能源，所以A正確；

B．能量守恒定律說明第一類永動機不可能制成；能量守恒的熱力學過程具有方向性，即第二類永動機不可能實現，但第二類永動機不違背能量守恒定律，故B錯誤；

C．根據一定質量的理想氣體狀態方程＝恒量可知，若溫度T升高，體積V增大且增大的更多，則壓強p可能減小；故C錯誤；

D．浸潤現象和不浸潤現象都與表面層與表面張力有關；都是分子力作用的表現，故D正確；

E．液晶是一種特殊物質；它既具有液體的流動性，又像某些晶體那樣有光學各向異性，故E正確。

故選ADE。16、A:B:E【分析】【分析】

【詳解】

A．根據熱力學第一定律；物體吸收熱量與對外做功相等時，內能不變，故A正確；

B．理想氣體的內能只與溫度有關；則一定量的理想氣體溫度升高時，內能一定增大，故B正確；

C．絕對零度是低溫的極限；不可能達到，故C錯誤；

D．溫度越高；蒸發越快，故液體的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，與飽和汽的體積無關，故D錯誤；

E．由熱力學第二定律；自然界中進行的一切與熱現象有關的宏觀過程都具有方向性，故E正確。

故選ABE。三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【詳解】

[1]當滑塊甲、乙的速度相同時，間距最小，彈簧壓縮量最大，彈簧的彈性勢能最大，設向右為正方向，由動量守恒定律有

彈簧的最大彈性勢等于滑塊甲、乙系統損失的動能

聯立并代入數據解得

[2]乙木塊受到的沖量

【點睛】

解決本題首先要明確研究的過程，其次把握信隱含的條件：彈簧伸長最長時兩木塊的速度相同。考查學生應用動量守恒定律和能量守恒定律解決物理問題的能力。【解析】9.6J4.8NS18、略

【分析】由于大多數用電器都是并聯的，當傍晚用電多的時候或者在插上電爐、電暖氣等功率大的電容時，干路上的總電流會變大，這時候導線上的電壓損失就會增加，當變壓器供給用戶電壓一定的情況下，會使得用戶得到的電壓減小，所以電燈就會發暗，而當夜深人靜時，用戶用電器減少，或者拔掉電爐、電暖氣等功率大的電容時，干路上的總電流會減小，這時候導線上的電壓損失就會減小，用戶得到的電壓增大，所以電燈就會明亮．【解析】見解析19、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]根據靜電感應可知；將帶有負電的絕緣棒移近兩個不帶電的導體球時，在兩個導體球上分別感應出等量的異號電荷，此時先把兩球分開，再移走棒。就會使兩球帶上等量異號電荷；

(2)[2][3]使棒與甲球瞬時接觸；再移走棒，會使兩導體球均帶上負電荷；

(3)[4][5]先使甲球瞬時接地，會使兩球瞬間與大地連為一體，此時導體球上感應出的負電荷會導入大地，再移走棒，兩球均帶正電荷。【解析】B負負正正20、略

【分析】【詳解】

[1]氣體在狀態a時的溫度最低；則分子平均動能最小；

[2]在過程中氣體溫度不變；壓強變大，則體積變小；

[3]在過程中，壓強不變，溫度升高，內能變大，?U>0；體積變大，則氣體對外界做功，則W<0，則根據

可知，Q>0，即氣體對外界做功小于氣體吸收的熱量。【解析】a變小小于21、略

【分析】【詳解】

[1]感應電動勢為：E=Blv，感應電流為：

線圈進入磁場的時間為：

則線圈離開磁場的時間也等于0.5s，線圈在穿過整個磁場過程中釋放的焦耳熱為：Q=I2R?2t=0.52×2×2×0.5=0.5J【解析】0.5J四、作圖題(共3題，共24分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共10分)25、略

【分析】【詳解】

(1)由圖示游標卡尺可知；其讀數為：50mm+3×0.05mm=50.15mm=5.015cm；由圖示螺旋測微器可知，其讀數為：4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm.

(2)電壓表的量程遠大于電源的電動勢，所以電壓表不適用，兩個電流表中，電流表A2的滿偏電流大于電流表A1的滿偏電流，又電流表A1的內阻為定值，根據歐姆定律與串并聯知識，應將電流表A1與樣品并聯后再與電流表A2串聯；滑動變阻器阻值較小，應用分壓式接法，應選擇圖丁所示電路圖；

(3)根據圖丁所示電路圖可知，實驗中應記錄的物理量有：電流表A1的示數I1、電流表A2的示數I2，根據電阻定律有：樣品橫截面積:根據歐姆定律可得：解得：【解析】丁26、略

【分析】【分析】

（2）根據并聯電路的特點求解改裝后的電流表對應的量程；

（3）根據方便的原則選擇滑動變阻器；

（4）根據電流表G讀數與改裝后電流表讀數的關系；由閉合電路歐姆定律求出電源的電動勢和內阻；

【詳解】

（2）電流表A1量程過小，而A2量程過大，則可用電流表A1，與定值電阻R3并聯，改裝成一個量程是的新電流表；

（3）一節干電池的電動勢約E=1.5V，為方便實驗操作，滑動變阻器應選R1，它的阻值范圍是0-10Ω；

（4）由上可知，改裝后電流表的量程是電流表G量程的200倍，圖象的縱截距b等于電源的電動勢，由圖讀出電源的電動勢為：E=1.48V．

圖線的斜率大小k=r，由數學知識知：則電源的內阻為：r=k=0.84Ω；

【點睛】

量電源的電動勢和內電阻的實驗，采用改裝的方式