…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版選修3物理上冊月考試卷615考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示電路中，R為一滑動變阻器；P為滑片，若將滑片向下滑動，則在滑動過程中，下列判斷錯誤的是（??）

A.電源內電路消耗功率一定逐漸增大B.燈泡B一定逐漸變暗C.電源效率一定逐漸減小D.R上消耗功率一定逐漸變小2、如圖所示，理想變壓器三個線圈的匝數比n1∶n2∶n3=10∶5∶1，其中匝數為n1的原線圈接到220V的交流電源上，匝數為n2和n3的兩個副線圈分別與電阻R2、R3組成閉合回路。已知通過電阻R3的電流I3=2A，電阻R2=110Ω，則通過電阻R2的電流I2和通過原線圈的電流I1分別是（）

A.B.C.D.3、如圖所示，一端封閉的均勻玻璃管，開口向上豎直放置，管中有兩段水銀柱封閉了兩段空氣柱，開始時現將玻璃管緩慢地均勻加熱；下列說法正確的是（）

A.加熱過程中，始終有B.加熱后C.加熱后D.條件不足，無法判斷4、如圖所示，光滑斜面PMNQ的傾角為30°，斜面上放有矩形導體線框abcd，其中ab邊的長度為L1＝0.2m，bc邊的長度為L2＝0.1m，線框的質量為0.1kg，電阻為1Ω。有界勻強磁場的磁感應強度為1T，方向垂直于斜面向上，ef為磁場的邊界，且ef∥MN。現用1N大小的拉力F使線框從靜止開始運動，其ab邊始終保持與底邊MN平行，F沿斜面向上且與斜面平行。已知線框剛進入磁場時做勻速運動，則下列說法正確的是（）

A.線框進入磁場時的速度大小為10m/sB.線框進入磁場前的加速度大小為10m/s2C.線框進入磁場過程中產生的總熱量為0.05JD.線框剛開始運動時，ab與ef間的距離為15m5、小型發電站為某村寨110戶家庭供電，輸電原理如圖所示，圖中的變壓器均為理想變壓器，其中降壓變壓器的匝數比為n3∶n4＝50∶1，輸電線的總電阻R＝10Ω．某時段全村平均每戶用電的功率為200W，該時段降壓變壓器的輸出電壓為220V．則此時段()

A.降壓變壓器的輸入電壓為11kVB.發電機的輸出功率為22kWC.輸電線的電流為1100AD.輸電線上損失的功率約為8.26W6、一個氡核衰變成釙核其核反應方程為氡核的半衰期為3.8天，下列說法正確的是（）A.方程式中的X是氚核B.該核反應前后的質量數和質量都守恒C.釙核的比結合能大于氡核的比結合能D.十個氡核經過3.8天一定還剩五個氡核評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、下列說法正確的是（）A.溫度高的物體內能不一定大，但分子平均動能一定大B.零下10℃時水已經結為冰，則水分子已經停止了熱運動C.在使兩個分子間的距離由很遠（r>10-9m）減小到很難再靠近的過程中，分子間作用力先減小后增大，分子勢能不斷增大D.物體體積變大時，分子勢能有可能增大，也有可能減小8、下列說法中正確的是____。A.在受迫振動中，物體振動的頻率不一定等于驅動力的頻率B.做簡諧運動的質點，經過四分之一周期，所通過的路程不一定等于振幅C.變化的磁場可以產生電場，變化的電場可以產生磁場E.聲波從空氣傳入水中時頻率變大，波長不變E.聲波從空氣傳入水中時頻率變大，波長不變9、如圖所示；用小錘打擊彈性金屬片后，A球沿水平方向拋出，同時B球被松開，自由下落。改變小球距地面的高度和打擊的力度，重復這個實驗，發現A；B兩球總是同時落地。若A、B兩球質量相等，且將平拋運動沿水平和豎直兩個方向分解。下列說法正確的是。

A.本實驗可驗證平拋運動在水平方向上是勻速直線運動B.本實驗可驗證平拋運動在豎直方向上是自由落體運動C.在同一次實驗中，兩球落地前瞬間重力的功率相等D.在同一次實驗中，兩球落地前瞬間動量的大小相等10、兩個小球A、B在光滑的水平面上相向運動，它們的質量分別為4kg和2kgA的速度為v1=3m/s，B的速度v2=-3m/s，則它們發生正碰后，其速度可能分別是（）A.均為+1m/sB.+4m/s和-5m/sC.-1m/s和+5m/sD.+2m/s和-1m/s11、如圖所示，氫原子在不同能級間發生躍遷時，釋放光子的頻率分別是va、vb、vc，對應的波長分別是λa、λb、λc；下列說法正確的是。

A.從n=3能級躍遷到n=1能級時，釋放光子的波長可表示為λb=B.從n=2能級躍遷到n=1能級時，釋放光子的能量可表示為hvaC.從n=3能級躍遷到n=2能級時，電子的勢能減小，氫原子的能量增加D.用12.09eV的光子照射大量處于基態的氫原子，可能發出六種頻率的光評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)12、實驗發現，二氧化碳氣體在水深170m處將會變成液體?，F用一活塞將一定量的二氧化碳氣體封入某導熱容器中，并將該容器沉入海底。已知隨著深度的增加，海水溫度逐漸降低，則在容器下沉過程中，容器內氣體的密度將會________（選填“增大”、“減小”或“不變”），氣體的飽和汽壓將會____（選填“增大”、“減小”或“不變”）。13、如圖所示；將帶有負電的絕緣棒移近兩個不帶電的導體球，兩個導體開始時互相接觸且對地絕緣。

（1）為了使兩球帶上等量異號電荷，應___________。

A．先移走棒；再把兩球分開B．先把兩球分開，再移走棒。

（2）使棒與甲球瞬時接觸，再移走棒，導體甲帶___________電；導體乙帶________。

（3）先使甲球瞬時接地，再移走棒，導體甲帶_________電；導體乙帶________電。14、熱平衡：兩個相互接觸的熱力學系統，經過一段時間，各自的狀態參量_______，說明兩個系統達到了平衡，這種平衡叫作熱平衡。15、一定質量的理想氣體由狀態a經狀態b、c、d又回到狀態a，其體積V隨溫度T的變化圖象如圖所示。已知該氣體在狀態a時溫度為壓強為體積為在狀態b時體積為其中則由狀態a到狀態b過程中，氣體______（選填“吸熱”或“放熱”），由狀態a到狀態c氣體的內能增加了100J，由狀態d到狀態a氣體對外做的功則由狀態c到狀態a氣體放出的熱量為______J。

16、如圖，一定質量的理想氣體從狀態A經過狀態B變化到狀態C，已知狀態A的壓強為則狀態B的壓強___________；B到C過程中氣體___________（選填“吸熱”“放熱”或“與外界無熱交換”）．

17、蒸汽機、內燃機等熱機以及電冰箱工作時都利用了氣體狀態變化來實現能量的轉移和轉化，我們把這些氣體稱為工質。某熱機經過一個循環后，工質從高溫熱源吸熱Q1，對外做功W，又向低溫熱源放熱Q2，工質完全恢復初始狀態，內能沒有變化。根據熱力學第一定律，在工質的一個循環中，Q1、Q2、W三者之間滿足的關系是____。熱機的效率不可能達到100%，從能量轉化的角度，說明___能不能完全轉化為___能而不產生其他影響。18、如右圖所示圖線是兩個導體A和B的伏安特性曲線，由圖可知導體B的電阻RB＝__________Ω；若將兩個導體串聯接在電路中，它們兩端的電壓之比UA：UB＝___________．

19、質譜儀是分離同位素的重要儀器，其原理如圖所示，帶等量異種電荷的兩平行金屬板P1，P2之間的電壓為U，一個帶負電的粒子（不計重力）從P1板中由靜止釋放，之后從O點進入另一磁感應強度為B的勻強磁場中，在洛侖磁力的作用下，粒子做勻速圓周運動，經過半個圓周后打在擋板MN上的A點。已知粒子的質量為m，電荷量為q，可以判斷粒子帶________電，OA兩點間的距離為________20、卡文迪許扭秤是用來測定萬有引力恒量的重要儀器，為了觀察懸掛的石英絲發生的微小扭轉形變，卡文迪許采用了光放大的原理，圖中懸掛在石英絲下端的T形架的豎直桿上裝一塊小平面鏡M，M可將由光源S射來的光線反射到弧形的刻度尺上（圓弧的圓心即在M處）．已知尺距M為2m，若反射光斑在尺S上移動2cm，則平面鏡M轉過的角度是________rad．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共14分)24、現有下列可供選用的器材及導線若干，要求盡可能精確地測量出待測電流表的滿偏電流．

A．待測電流表(滿偏電流約為700μA～800μA，內阻約為100Ω，已知表盤刻度均勻、總格數為N)

B．電流表(量程為0.6A，內阻為RA=0.1Ω)

C．電壓表(量程為3V，內阻為RV=3kΩ)

D．滑動變阻器R(最大阻值為200Ω)

E．電源E(電動勢為3V，內阻約為1.5Ω)

F．開關S一個

(1)根據你的測量需要，“B．電流表”與“C．電壓表”中應選擇____________．(只需填寫電表前的字母序號)

(2)某同學設計的實驗電路圖如下，你認為正確的是()

(3)某次測量中測得電流表的指針偏轉了n格，讀出另一個電表的示數U(或I)，可算出滿偏電流IAmax＝__________________．（用題中所給符號表示）25、在“測定電源的電動勢和內電阻”的實驗中；采用如圖所示實驗電路．

（1）實驗時記錄電流表的示數I和電壓表的示數U，對應的數據畫出如圖乙所示的U—I圖象，則該干電池組的電動勢為E=______V、內電阻為r=______．在其他操作規范的情況下，測得電源的電動勢________(填“偏大”；“偏小”或“無誤差”)．

（2）小電珠L的額定電壓為3.8V，現已測出其伏安特性曲線如圖丙所示，它的額定電功率P額=________W．單獨將L與上面所測干電池組連接，則L消耗的實際電功率P=_________W．評卷人得分六、解答題(共1題，共6分)26、如圖所示，圖甲是一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，P點是此時處在平衡位置的一個質點．圖乙是質點P的振動圖象．

(1)判斷這列波的傳播方向；

(2)經過時間t1=6s，質點P通過的路程s；

(3)經過t2=30s，波向前傳播的距離x．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【詳解】

A．將滑動片向下滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律得知，總電流I增大，路端電壓U=E-Ir

I增大，則U減小，由P內=I2r

可知電源內電路消耗功率一定逐漸增大；故A正確，不符合題意；

B．路端電壓U減小，則通過燈泡A的電流減小，而干路電流增大，則通過R1電流增大，則R1兩端電壓增大；則B兩端的電壓減小，燈泡B一定逐漸變暗，故B正確，不符合題意；

C．電源的效率

故隨外電阻的減小；電源效率一定逐漸減小，故C正確，不符合題意；

D．把滑動變阻器等效為外電路，其余部分為內電路，因為當外電路電阻等于內阻時，外電阻消耗的功率最大，故電阻R上的功率無法判斷變化情況；故D錯誤，符合題意。

故選D。2、C【分析】【詳解】

根據電壓與匝數成正比可得==已知n1∶n2∶n3=10∶5∶1，U1=220V，解得U2=110V，U3=22V

根據歐姆定律得I2==1A

根據變壓器的輸入功率和輸出功率相等可得U1I1=U2I2＋U3I3

解得I1=0.7A

故選C。3、A【分析】【詳解】

加熱前后，上段氣體的壓強保持不變，下段氣體的壓強保持不變，整個過程為等壓變化，根據蓋-呂薩克定律得

所以

即

故選A。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．導線框進入磁場時產生的感應電動勢為E=BL1v

感應電流為

ab邊受到的安培力大小為

由于線框勻速進入磁場，受力平衡，則滿足F=F安+mgsinθ

聯立解得v=12.5m/s

A錯誤；

B．由牛頓第二定律可得，線框進入磁場前的加速度大小為

B錯誤；

C．由功能關系可知，線框進入磁場過程中產生的總熱量為

C正確；

D．線框剛開始運動時，ab與ef間的距離為

D錯誤。

故選C。5、A【分析】【詳解】

A.降壓變壓器輸出電壓220V，根據變壓器原理：代入數據解得：A正確。

BCD.降壓變壓器輸出功率：而代入數據解得：輸電線電流輸電線上功率損失：根據：所以發電機輸出功率為22040W，BCD錯誤6、C【分析】【詳解】

A．方程式中的X質量數為4；電荷數為2，是氦核，選項A錯誤；

B．該核反應前后的質量數守恒；因伴隨能量產生，故有質量虧損，選項B錯誤；

C．因釙核比氡核更穩定，故釙核比結合能大于氡核的比結合能；選項C正確；

D．半衰期是大量原子核衰變的統計規律；對少量的原子核衰變不適應，故選項D錯誤。

故選C。二、多選題(共5題，共10分)7、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．內能取決于物體的溫度；體積和物質的量；溫度高的物體內能不一定大，但分子平均動能一定大，故A正確；

B．零下10℃時水已經結為冰；但是水分子仍然做無規則的熱運動，故B錯誤；

C．在使兩個分子間的距離由很遠（r>10-9m）減小到很難再靠近的過程中；分子間作用力先增大，后減小，再增大；分子勢能先減小后增大，故C錯誤；

D．物體體積變大時；分子勢能有可能增大，也有可能減小，這取決于分子間的初始距離，故D正確。

故選AD。8、B:C:D【分析】【詳解】

A．物體做受迫振動時；物體振動的頻率等于驅動力的頻率．故A項錯誤．

B．據簡諧運動質點的位移時間圖象可得；若質點從平衡位置或最大位移處開始運動，經過四分之一周期，做簡諧運動的質點所通過的路程等于振幅；若質點不是從平衡位置或最大位移處開始，經過四分之一周期，做簡諧運動的質點所通過的路程不等于振幅．故B項正確．

C．根據麥克斯韋電磁場理論；變化的磁場可以產生電場，變化的電場可以產生磁場．故C項正確．

D．據公式可得，雙縫干涉實驗中，若只減小雙縫到光屏間的距離L；兩相鄰亮條紋間距將變?。蔇項正確．

E．聲波從空氣傳入水中時頻率不變，波長變大．故E項錯誤．9、B:C【分析】【分析】

A球沿水平方向拋出做平拋運動；同時B球被松開，自由下落做自由落體運動，發現每次兩球都同時落地，只能說明平拋豎直方向的分運動是自由落體運動。

【詳解】

本實驗將A的做平拋運動與豎直方向下落的B的運動對比；只能說明A豎直方向運動情況，不能反映A水平方向的運動情況。本實驗中A做平拋運動，B做自由落體運動，每次兩球都同時落地，說明A豎直方向的分運動是自由落體運動。故A錯誤，B正確；兩小球落地時的豎直分速度相同，故由P=mgv可知，兩球落地時的功率相等，故C正確；由于兩球落地時的瞬時速度不同，平拋運動的合速度大于自由落地的速度，故落地時的動量不相等，故D錯誤。故選BC。

【點睛】

本題考查研究平拋運動規律的實驗，主要是對分析推理的能力的考查，注意本實驗采用對比的方法來研究平拋運動水平方向的分運動情況。10、A:C【分析】【詳解】

發生正碰，則根據動量守恒得：根據碰撞過程系統的總動能不增加，則得

A項：它們發生正碰后；均為+1m/s，即以共同速度運動，符合以上等式，故A正確；

B項：速度如果是4m/s和-5m/s；那么A；B動能都增加，故B錯誤；

C項：發生正碰后；A；B反向，符合以上等式，故C正確；

D項：發生正碰后，A、B速度方向不變即還是相向運動，這不符合實際情況，故D錯誤．11、A:B【分析】【詳解】

A.因為Em-En=hv，知Eb=Ea+EC，所以得：λb=故A正確；

B.從n=2能級躍遷到n=1能級時，釋放光子的能量可表示為hva；選項B正確；

C.n=3能級躍遷到n=2能級時；釋放能量，電子的勢能減小，動能增加，氫原子的能量減小，故C錯誤；

D.12.09eV的光子照射大量處于基態的氫原子時，電子能從n=1能級躍遷到n=3能級，大量氫原子從n=3的能級向基態躍遷的過程中，可以發出種頻率的光，故D錯誤．三、填空題(共9題，共18分)12、略

【分析】【詳解】

[1]隨著深度的增加，海水溫度逐漸降低，壓強也增大，由理想氣體狀態方程

二氧化碳的體積減??；而質量不變，則密度一定增大；

[2]隨著溫度的降低，飽和汽壓會減小?！窘馕觥吭龃鬁p小13、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]根據靜電感應可知；將帶有負電的絕緣棒移近兩個不帶電的導體球時，在兩個導體球上分別感應出等量的異號電荷，此時先把兩球分開，再移走棒。就會使兩球帶上等量異號電荷；

(2)[2][3]使棒與甲球瞬時接觸；再移走棒，會使兩導體球均帶上負電荷；

(3)[4][5]先使甲球瞬時接地，會使兩球瞬間與大地連為一體，此時導體球上感應出的負電荷會導入大地，再移走棒，兩球均帶正電荷?！窘馕觥緽負負正正14、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】不再變化15、略

【分析】【詳解】

[1]氣體由狀態a到狀態b溫度升高，則氣體的內能增加，同時氣體的體積增大，說明氣體對外做功，由

其中氣體對外做功W為負值，而內能增加，即為正，則Q為正值；故氣體應從外界吸熱。

[2]當氣體再次回到狀態a時，理想氣體的內能回到原來的數值，即由狀態c到狀態a氣體的內能減少100J，c到d過程，氣體發生等容變化，對外不做功，c到a過程，由

可得

則由狀態c到狀態a氣體對外放出的熱量為【解析】吸熱6016、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由題圖可知，從狀態A經過狀態B為等溫變化，則有

已知

解得

[2]由題圖可知，B到C過程中，溫度降低，內能減少，即

體積變小，則外界對氣體做功，即

由熱力學第一定律

可知

即氣體放熱?！窘馕觥糠艧?7、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由熱力學第一定律，熱量、做功、內能的符號規定得Q1＋（－Q2）＋（－W）＝0，即Q1－Q2＝W。

[2][3]再由熱力學第二定律知，內能不可能全部轉化成機械能而不產生其他影響。【解析】Q1－Q2＝W內機械18、略

【分析】【詳解】

從圖中可知B電阻在電壓為10V時，電流為10A，故A電阻在電壓為10V時，電流為30A，故兩電阻串聯在電路時，電流相等，故．【解析】11:319、略

【分析】【分析】

帶電粒子在加速電場中電場力做功等于粒子動能的增加量；由動能定理可以求得粒子進入磁場時的速度v；帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，在磁場中運動半個圓周后打在A點，根據左手定則判斷粒子的電性；洛倫茲力提供向心力；O；A兩點間的距離是圓的直徑．

【詳解】

帶電粒子在加速電場中加速，在磁場中向上偏轉，根據左手定則可知，粒子帶負電；由動能定理得：qU=mv2-0；

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m解得：

O、A兩點間的距離：x=2r=

【點睛】

本題考查了粒子在電場與磁場中的運動，分析清楚粒子運動過程是解題的關鍵，應用動能定理與牛頓第二定律可以解題．【解析】負20、略

【分析】【詳解】

由數學關系，反射光線轉過的角度

根據光的反射定律，入射光線不變，鏡面轉過的角度為【解析】四、作圖題(共3題，共9分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共14分)24、略

【分析】【詳解】

（1）因為電動勢為3V，電路中的最大電流為：Imax≈A=0.03A=30mA，若選擇電流表，指針偏角過小誤差較大，為了減小誤差，使指針有較大偏轉，故選擇電壓表C；

（2）因為要求盡可能精確，故應采用分壓式電路，故CD錯誤；若采用A圖所示電路，當電流表有較