…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版PEP選擇性必修1物理下冊階段測試試卷522考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、3個質量分別為m1、m2、m3的小球,半徑相同,并排懸掛在長度相同的3根豎直繩上,彼此恰好相互接觸.現把質量為m1的小球拉開一些,如圖中虛線所示,然后釋放,經球1與球2、球2與球3相碰之后,3個球的動量相等.若各球間碰撞時均為彈性碰撞,且碰撞時間極短,不計空氣阻力,則m1:m2:m3為()

A.6:3:1B.2:3:1C.2:1:1D.3:2:12、如圖，一半徑為R的玻璃半球；折射率為1.5，現有一束均勻的平行光垂直入射到整個半球的底面上，進入玻璃半球的光線中不可能直接從半球面出射的百分比為（）

A.66.7%B.55.6%C.44.4%D.33.3%3、對簡諧運動的回復力公式的理解，正確的是（）A.位移x是相對平衡位置的位移B.式中的負號表示回復力總是負值C.k只表示彈簧的勁度系數D.回復力只隨位移變化，不隨時間變化4、2022年北京冬奧會短道速滑混合團體接力決賽中；由任子威；曲春雨、范可新、武大靖、張雨婷組成的中國隊以2分37秒348的成績奪冠。在交接區域，“交棒”的任子威猛推“接棒”的武大靖一把，使武大靖向前快速沖出。在此過程中，忽略運動員與冰面間在水平方向上的相互作用，下列說法正確的是（）

A.任子威和武大靖的加速度相同B.任子威對武大靖的沖量大小與武大靖對任子威的沖量大小相同C.任子威和武大靖的動量變化量一定相同D.任子威和武大靖組成的系統機械能一定守恒5、第二屆進博會展出了一種乒乓球陪練機器人；如圖所示。若乒乓球被機器人以原速率斜向上擊回，在空中運動一段時間后落到臺面上，忽略空氣阻力和乒乓球的旋轉，下列說法正確的是（）

A.擊球過程合外力對乒乓球做功不為零B.擊球過程合外力對乒乓球的沖量為零C.乒乓球運動至最高點時，動量為零D.乒乓球下落過程中，在相等時間內動量變化相同6、一物理學習小組在豎直電梯里研究超重失重現象：力傳感器上端固定在鐵架臺上，下端懸掛一個質量為m的鉤碼。當電梯1樓和3樓之間運行時，數據采集系統采集到拉力F隨時間t的變化如圖所示。忽略由于輕微抖動引起的示數變化；下列說法正確的是（）

A.a到b過程中電梯向上運動，b到c過程中電梯向下運動B.a到c過程中鉤碼的機械能先增加后減小C.圖形abc的面積等于圖形def的面積D.a到b過程中鉤碼處于超重狀態，b到c過程中鉤碼處于失重狀態7、中國地震臺網正式測定：2021年11月17日13時54分在江蘇鹽城市大豐區海域（北緯33.50度，東經121.19度）發生5.0級地震，震源深度17千米。地震波既有橫波也有縱波。地震發生后南京監測站監測到了一列沿x軸傳播的地震橫波，t=0時刻x軸上在-3km~3km區間內的波形圖如圖甲所示；x軸上處質點的振動圖象如圖乙所示，t=0.2s時刻該質點到達波峰；下列說法正確的是（）

A.該地震波沿x軸正向傳播B.該地震波沿x軸傳播的速度可能為25km/sC.該地震波沿x軸傳播10km距離所需的最長時間為0.8sD.當x=2km處質點到達波谷時，x=1km處質點將到達波峰8、關于光現象的敘述，以下說法正確的是（）A.太陽光照射下肥皂膜呈現的彩色屬于光的色散B.雨后天空中出現的彩虹屬于光的干涉C.通過狹縫觀看日光燈管可見彩色條紋，屬于光的衍射D.增透膜是利用光的干涉現象使反射光加強評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示，光滑“∏”形金屬導體框平面與水平面的夾角為θ，兩側對稱，間距為L，上端接入阻值為R的電阻。ab以上區域內有垂直于金屬框平面磁感應強度為B的勻強磁場。質量為m的金屬棒MN與金屬框接觸良好，由圖示位置以一定的初速度沿導軌向上運動，進入磁場區域后又繼續上升一段距離但未碰及電阻R。已知金屬棒上升、下降經過ab處的速度大小分別為v1、v2；不計金屬框；金屬棒電阻及空氣的阻力。下列說法中正確的是（）

A.金屬棒上升時間等于下降時間B.v2的大小可能大于C.上升過程中電阻R產生的焦耳熱較下降過程的大D.金屬棒上升、下降經過ab處的時間間隔為10、如圖所示，MM′是空氣與某種介質的界面；一條光線從空氣射入介質的光路如圖所示，那么根據該光路圖做出下列判斷中正確的是。

A.該介質的折射率為B.光在介質中的傳播速度c(c真空中光速)C.光線從介質射向空氣時有可能發生全反射D.光線由介質射向空氣時全反射的臨界角大于45°11、如圖所示；小車放在光滑地面上，A；B兩人站在車的兩端，這兩人同時開始相向行走，發現車向左運動，分析小車運動的原因可能是()

A.A.B質量相等，但A比B的速率大B.B質量相等，但A比B的速率小C.B速率相等，但A比B的質量大D.B速率相等，但A比B的質量小12、質量分別為的物體a、b在光滑水平面上發生正碰。若不計碰撞時間，它們碰撞前、后的圖像如圖所示。則下列說法正確的是（）

A.碰撞前a物體的動量大小為B.碰撞前b物體的動量大小為C.在碰撞過程中，b物體受到的沖量為D.在碰撞過程中，a物體損失的動量大小為13、彈玻璃球是小朋友經常玩的一種游戲．小朱在光滑水平桌面上將一個質量為3m的小鋼球以某一速度彈出，之后小鋼球與前方靜止的、質量為m的等大玻璃球發生正碰，已知碰撞前鋼球的動能為E，則碰撞之后玻璃球的動能可能為（）A.B.C.D.14、如圖所示，在光滑水平面上停放著質量為m的裝有光滑弧形槽的小車，一質量也為m的小球以水平初速度沿底端槽口向左滑上小車，到達某一高度后，小球又返回右端，則（）

A.此過程中小球和小車組成的系統動量守恒B.小球離開車以后相對地面將向右做平拋運動C.此過程小球對小車做的功為D.小球沿弧形槽上升的最大高度為15、一列簡諧機械橫波沿x軸正方向傳播，波速為2m/s。某時刻波形如下圖所示，a、b兩質點的平衡位置的橫坐標分別為則下列說法中正確的是（）

A.這列波的周期為4sB.此時質點b沿y軸負方向運動C.此時質點a的加速度比質點b的加速度大D.此時刻以后，a比b先到達平衡位置16、如圖所示，一波源O做勻速直線運動時在均勻介質中產生球面波的情況；則（）

A.該波源正在移向點B.該波源正在移向點C.在處觀察波的頻率變低D.在處觀察波的頻率變低17、圖1是研究光的干涉現象的裝置示意圖，在光屏P上觀察到的圖樣如圖2所示。為了增大條紋間的距離；下列做法錯誤的是（）

A.增大單色光的頻率B.減小雙縫屏上的雙縫間距C.增大雙縫屏到光屏的距離D.增大單縫屏到雙縫屏的距離評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、做簡諧振動的物體，當它每次經過同一位置時，速度___________（填“可能”或“一定”）不同，加速度___________（填“可能”或“一定”）相同。19、波速。

（1）定義：機械波在______的傳播速度。

（2）決定因素：由______本身的性質決定，在不同的介質中，波速是______（選填“相同”或“不同”）的。

（3）波長、周期、頻率和波速的關系：＝_____。20、波的干涉現象中加強點；減弱點的判斷方法。

（1）公式法：

某質點的振動是加強還是減弱，取決于該點到兩相干波源的________。

①當兩波源振動步調一致時。

若則振動_____；

若則振動_____。

②當兩波源振動步調相反時。

若則振動_______；

若則振動_____。

（2）圖像法：

在某時刻波的干涉的波形圖上，波峰與波峰（或波谷與波谷）的交點，一定是_____點，而波峰與波谷的交點一定是_____點，各加強點或減弱點各自連接形成以兩波源為中心向外輻射的連線，形成加強線和減弱線，兩種線互相間隔，加強點與減弱點之間各質點的振幅_____加強點與減弱點的振幅____。21、用紅光做雙縫干涉實驗，在屏上形成雙縫干涉圖樣如圖所示，第1條到第7條亮條紋中心間的距離為x，則相鄰兩條亮條紋中心間的距離為___________。已知雙縫之間的距離為d，測得雙縫到屏的距離為L，紅光的波長為___________。

22、如圖，一彈簧振子在A、B間做簡諧運動，平衡位置為O，已知振子的質量為M。

（1）簡諧運動的能量取決于_________，本題中物體振動時_________能和__________能相互轉化，總_________守恒。

（2）關于振子的振動過程有以下說法，其中正確的是()

A.振子在平衡位置；動能最大，勢能最小。

B.振子在最大位移處；勢能最大，動能最小。

C.振子在向平衡位置運動時；由于振子振幅減小，故總機械能減小。

D.在任意時刻，動能與勢能之和保持不變23、如下圖所示為已調好的二胡上的內外兩根弦，內弦比外弦粗。拉弓時手指按住弦發生振動，圖中手指分別按住四處，則按在______處；弦振動時發出的聲音音調最低。

24、原點O處有一簡諧橫波的波源，形成的簡諧波沿x軸傳播，如圖所示是t=0時的波形圖，t=0.02s時，質點A第一次到達波峰處。則該簡諧波的傳播速度大小為______m/s；已知質點B的平衡位置位于x=0.1m處，則質點B的振動方程為______。

25、判斷下列說法的正誤。

（1）入射角大于臨界角就會發生全反射現象。()

（2）光密介質是指密度大的介質。()

（3）制作全反射棱鏡的材料的折射率一定大于()

（4）光導纖維的內芯是光密介質，外套是光疏介質。()

（5）光在光纖中傳播時，在內芯與外套的界面上發生全反射。()評卷人得分四、作圖題(共1題，共10分)26、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動；圖中黑點為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點時離開平衡位置O的位移；

(2)標出振子位于A點時加速度的方向。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共40分)27、如圖所示，在做“碰撞中的動量守恒”的實驗中，所用鋼球質量m1，玻璃球的質量為m2，兩球的半徑均為r．實驗時，鋼球從斜槽上同一位置由靜止釋放，玻璃球置于小支柱上（設兩球碰撞為彈性碰撞，小支柱不影響鋼球的運動）．某同學重復10次實驗得到如下圖所示的記錄紙，其中O是斜槽末端的投影點．回答下列問題：

（1）P點為_________________落點，M點為___________落點，N為________落點；

（2）安裝和調整實驗裝置的兩個主要要求是：______________________________．

測量得OM=x1，OP=x2，ON=x3，則要驗證的動量守恒關系式為（用題中所給相關符號表示）：_______________．28、小明同學在做“探究碰撞中的不變量”的實驗；裝置如圖1所示。

（1）關于本實驗，下列說法正確的是（______）

A.入射小球和被碰小球選擇實心鋼球；目的是為了使兩球碰撞時動能無損失。

B.入射小球和被碰小球的質量必須相等；且大小相同。

C.入射小球每次都必須從斜槽同一高度由靜止釋放。

D.斜槽軌道的末端必須水平。

（2）某次實驗中得出的落點情況如圖2所示，則入射小球質量m1和被碰小球質量m2之比為___________。

（3）某次實驗中，用螺旋測微器測定小球直徑，測量結果如圖所示，則小球的直徑為___________mm。

（4）該實驗產生系統誤差的主要原因是（______）

A.入射小球在下滑過程中受摩擦力。

B.小球在空氣中飛行時受到空氣阻力。

C.通過復寫紙描得的各點；不是理想的點，有一定的大小，從而帶來作圖上的誤差。

D.測量長度時有誤差29、利用“類牛頓擺”驗證碰撞過程中的動量守恒定律。實驗器材：兩個半徑相同的球1和球2；細線若干，坐標紙，刻度尺。實驗步驟：

（1）測量小球1、2的質量分別為m1、m2；將小球各用兩細線懸掛于水平支架上，各懸點位于同一水平面，如圖甲；

（2）將坐標紙豎直固定在一個水平支架上，使坐標紙與小球運動平面平行且盡量靠近。坐標紙每一小格是邊長為d的正方形。將小球1拉至某一位置A；由靜止釋放，垂直坐標紙方向用手機高速連拍；

（3）分析連拍照片得出，球1從A點由靜止釋放，在最低點與球2發生水平方向的正碰，球1反彈后到達最高位置為B，球2向左擺動的最高位置為C，如圖乙。已知重力加速度為g，碰前球1的動量大小為___________。若滿足關系式___________；則驗證碰撞中動量守恒；

（4）與用一根細線懸掛小球相比，本實驗采用雙線擺的優點是：___________；

（5）球1在最低點與靜止的球2水平正碰后，球1向右反彈擺動，球2向左擺動。若為彈性碰撞，則可判斷球1的質量___________球2的質量（填寫“大于”、“等于”或“小于”）；若為非彈性碰撞，則___________（填“能”或“不能”）比較兩球質量大小？30、“探究碰撞中的不變量”的實驗裝置如圖甲所示。已知打點計時器的電源周期為0.02s。

（1）下列說法正確的是______。（填正確選項前的字母）

A．本實驗中應平衡摩擦力。

B．實驗時先推動小車A；再接通打點計時器電源。

（2）若獲得的紙帶如圖乙所示，從a點開始，每5個點取一個計數點，其中a、b、c、d、e都為計數點，并測得相鄰計數點間距分別為ab=20.3cm、bc=36.2cm、cd=25.1cm、de=20.5cm，已測得小車A（含橡皮泥）的質量mA=0.4kg，小車B（含撞針）的質量mB=0.3kg。由以上測量結果可得碰前系統總動量為______kg·m/s，碰后系統總動量為______kg·m/s。（結果均保留三位有效數字）評卷人得分六、解答題(共3題，共12分)31、2022年冬奧會在北京成功舉辦，激發了全國人民冰雪運動的熱情。如圖為某滑冰場示意圖，甲、乙兩名滑冰愛好者正在足夠長水平軌道上進行滑冰。乙靜止在B點，甲以某一初速度從A點出發向乙滑去，在與乙發生碰撞的瞬間，甲用力將乙推出后，甲恰好能夠回到出發點A。已知乙被推出的瞬間獲得5m/s的速度，甲、乙的質量關系A、B兩點間的距離s=2.25m，兩運動員與冰面間的動摩擦因數均為μ=0.2，甲、乙相互作用時間極短，除碰撞過程外兩人均不做功，可視為做勻減速直線運動的質點，重力加速度求：

（1）乙被推出后；經過多長時間停下來；

（2）甲由A點出發的初速度v0。

32、如圖所示，一水平傳送帶以v=3m/s的恒定速度順時針轉動，其上表面左端A點、右端B點分別與一光滑曲面、一光滑水平臺面平滑對接。光滑水平臺面上距B點d1=2m處的P點放置有一質量為M=3kg的物塊，P點右側相距d2=4m處的C點固定有豎直擋板。一質量為m=1kg的物塊從光滑曲面距水平面h=1.8m處由靜止釋放。已知A、B兩點相距L=2.5m，物塊m與傳送帶之間的動摩擦因數為μ=0.4，重力加速度為g=10m/s2，所有碰撞2都是彈性碰撞，且碰撞時間極短，可忽略不計，兩物塊均可視為質點，它們之間每次碰撞的地點都在BC之間；求。

(1)物塊m第一次到達B點的速度；

(2)物塊m從開始釋放至與物塊M發生第2次碰撞的過程中，整個系統因摩擦產生的內能Q；

(3)物塊m與M發生第1次碰撞和第2次碰撞所經歷的時間間隔t。

33、質量為的機車以恒定牽引力F拖著質量為的拖車；在水平直軌道上勻速行駛，速度16m/s，某時刻機車和拖車意外脫鉤，一段時間后，司機發現并關閉機車的動力裝置，此時拖車的速度減小了6m/s．機車在這個過程中前進的距離為L=132m，假設在運動過程中，機車和拖車受到的阻力均與它們的重力成正比且比值相同．機車與拖車均可視為質點，試求：

（1）機車關閉動力裝置時；它的速度大小以及動力裝置提供的恒力F

（2）從關閉機車的動力裝置到機車和拖車都停止的這一過程中，阻力的總功為多少？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【詳解】

因為各球間發生的碰撞是彈性碰撞，則碰撞過程機械能守恒，動量守恒．因碰撞后三個小球的動量相等設為p，則總動量為3p．由機械能守恒得即代入四個選項的的質量比值關系，只有A項符合，故選A．

【點睛】

本題要注意靈活設出中間量p，從而得出正確的表達式，再由選擇得出正確的條件．2、B【分析】【詳解】

由全反射臨界角的定義有

根據幾何關系，光線離光軸最遠的距離為

所以光線能直接射出的百分比為

所以光線能不能直接射出的百分比為

故ACD錯誤；B正確。

故選B。3、A【分析】【詳解】

A．式中位移x是相對平衡位置的位移；故A正確；

B．式中的負號表示回復力方向總是與位移方向相反；故B錯誤；

C．k是回復力大小與位移大小的比值；不一定表示彈簧的勁度系數，故C錯誤；

D．簡諧運動物體位移隨時間變化；回復力既隨位移變化，也隨時間變化，故D錯誤。

故選A。4、B【分析】【詳解】

A．任子威和武大靖受到的推力大小相等方向相反；且二人質量不同，因此加速度大小不同，方向也不同，故A錯誤；

B．任子威對武大靖的沖量與武大靖對任子威的沖量大小相等；方向相反，故B正確；

C．根據動量定理；動量的變化量等于沖量，任子威和武大靖的動量變化量大小相等，方向相反，所以任子威和武大靖的動量變化量不相同，故C錯誤；

D．因為推力做功；任子威和武大靖組成的系統機械能一定增加，故D錯誤。

故選B。5、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．球拍將乒乓球原速率擊回；可知乒乓球的動能不變，動量方向發生改變，可知合力做功為零，沖量不為零，AB錯誤；

C．乒乓球運動至最高點時有水平方向的速度；所以動量不為零，C錯誤；

D．乒乓球下落過程中，只受重力，根據動量定理得

解得

即在相等時間內動量變化相同；D正確。

故選D。6、C【分析】【分析】

【詳解】

A．從a到b過程中，力F大于0，鉤碼加速度向上，但可以向下做減速運動，同理，從b到c過程中鉤碼可能向上做加速運動；故A錯誤；

B．在整個運動過程中，如果a到c的過程向上加速則拉力對小球做正功；機械能增加，如果向下減速則拉力對小球做負功機械能減少，故B錯誤；

C．圖像中面積表示力對時間的積累，即沖量。故圖形abc的面積等于圖形def的面積。故C正確；

D．a到c的過程中，鉤碼所受力大于0，根據

加速度大于0，即從a到c鉤碼處于超重狀態。7、B【分析】【詳解】

A．由乙圖知處質點在0時刻振動方向向上，對應到甲圖中可知，質點是由其右邊質點“帶動”的，說明波是沿x軸負向傳播；故A錯誤；

B．根據圖像可知，波長=4km，則波速

當n=1時，v=25km/s；故B正確；

C．當n=0時，速度最小v=5km/s，則傳播10km距離所需的最長時間為

故C錯誤；

D．x=2km處質點與x=1km處質點平衡間距不是半波長的奇數倍；不是反向點的關系，所以不會出現一個在波谷另一個在波峰的現象，故D錯誤。

故選B。8、C【分析】【詳解】

A．太陽光照射下肥皂膜呈現彩色；是因為肥皂膜的前后表面反射回來的兩列光發生干涉時形成的，屬于薄膜干涉現象，故A錯誤；

B．雨后天空出現彩虹；是太陽光通過懸浮在空氣中細小的水珠時，發生了折射與全反射而成的，白光經水珠以后，分成各種彩色光，這種現象屬于光的色散現象，故B錯誤；

C．通過狹縫觀看日光燈管可見彩色條紋；看到的彩色條紋屬于光的衍射現象，故C正確；

D．增透膜是利用光的干涉現象來使反射光的強度減至最小；故D錯誤。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)9、C:D【分析】【詳解】

A．金屬棒運動過程受重力、支持力和安培力作用；重力和支持力的合力沿斜面向下，大小為mgsinθ；由楞次定律可知：進入磁場區域前；安培力為零；進入磁場區域后，金屬棒上升時，安培力方向沿斜面向下；金屬棒下落時，安培力方向沿斜面向上；故上升時的加速度大于下滑時的加速度，那么根據位移相等可得：金屬棒上升時間小于下降時間，故A錯誤；

B．設時間為t時，金屬棒的速度為v；那么電動勢。

E=BLv故金屬棒受到的安培力。

金屬棒下滑過程，受到最大時，安培力F=mgsinθ；然后金屬棒勻速運動；故。

所以。

故B錯誤；

C．上升時的加速度大于下滑時的加速度，那么，在同一位置時，上升速度大于下滑速度，故上升時安培力大于下滑時安培力，那么，上升時克服安培力做的功比下滑時大；根據能量守恒可得：克服安培力做的功轉化為電阻R產生的焦耳熱，故上升過程中電阻R產生的焦耳熱較下降過程的大；故C正確；

D．金屬棒上升、下降過程只受重力、支持力、安培力作用，設上滑最大位移為s；則分別應用動量定理可得：

故金屬棒上升、下降經過ab處的時間間隔為。

故D正確；

故選CD。10、B:C:D【分析】【詳解】

由圖知，入射角i=60°，折射角r=45°，則折射率為故A錯誤．光在介質中的傳播速度為故B正確．光線從介質射向空氣時，只要入射角大于等于臨界角就能發生全反射，故C正確．設光線由介質射向空氣時全反射的臨界角為C，則則得：C>45°，故D正確．11、A:C【分析】【詳解】

A、B兩人與車組成的系統動量守恒，開始時系統動量為零；兩人相向運動時，車向左運動，車的動量向左，由于系統總動量為零，由動量守恒定律可知，A、B兩人的動量之和向右，A的動量大于B的動量；如果A、B的質量相等，則A的速度大于B的速度，故A正確，B錯誤；如果A、B速率相等，則A的質量大于B的質量，故C正確，D錯誤；故選AC．12、C:D【分析】【詳解】

A．依題圖可知，碰撞前a的速度

碰撞前a的動量

故A錯誤；

B．依題圖可知，碰撞前b靜止，碰撞前b的動量為零；故B錯誤；

C．依題圖可知，碰撞后a、b的速度相等，為

碰撞后b的動量大小為

根據動量定理，碰撞過程中，b物體受到的沖量為

故C正確；

D．碰撞后a的動量大小為

碰撞過程中a物體的動量變化為

可知碰撞過程中a物體損失的動量大小為故D正確。

故選CD。13、B:C:D【分析】【詳解】

假設發生彈性正碰，則有

解得

玻璃球的動能為

假設發生完全非彈性碰撞

解得

玻璃球的動能為

玻璃球的動能的取值就在與之間，故選BCD。14、C:D【分析】【詳解】

A．系統整個過程水平方向動量守恒；豎直方向動量不守恒，故A錯誤；

B．設小球離開小車時，小球的速度為v1，小車的速度為v2，整個過程中動量守恒，得：

由動能守恒得

聯立解得

即小球與小車分離后二者交換速度；所以小球與小車分離后做自由落體運動；故B錯誤；

C．此過程中小球對小車的功等于小車動能的增加，即

故C正確；

D．當小球與小車的水平速度相等時，小球弧形槽上升到最大高度，設該高度為h，則

聯立解得

故D正確。

故選CD。15、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖能直接讀出波長λ=8m；由波速公式。

得該波的周期T=4s；故A正確；

B．波向右傳播，根據上下波法可知，b質點正在向y軸正方向運動；故B錯誤；

C．質點a離平衡位置比b遠，即a的位移比b的位移大；由。

可知，此時質點a的加速度比質點b的加速度大；故C正確；

D．根據上下波可知，ab質點均沿y軸正方向運動，故b比a先到達平衡位置；故D錯誤。

故選AC。16、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．波源在某一位置產生一列波面后；該波面以該位置為球心，以波速作為傳播速度向外傳播，反之，由波面可確定出該波面的產生位置，即波源．波面半徑大，表示產生時間早，傳播時間長，對照圖示，可確定出波源由右向左移動，故選項A正確，選項B錯誤；

CD．由于觀察者不動，故波面經過觀察者的速度等于波速，而在A處觀察時，相鄰波面間距比波源不動時間距小，因而經過觀察者時間間隔短，頻率大，同理在B處時間間隔長；頻率小，故選項C錯誤，選項D正確。

故選AD。17、A:D【分析】【詳解】

根據雙縫干涉條紋間距公式

A．增大單色光的頻率；即減小單色光的波長，則條紋間的距離減小，故A錯誤，滿足題意要求；

B．減小雙縫屏上的雙縫間距；則條紋間的距離增大，故B正確，不滿足題意要求；

C．增大雙縫屏到光屏的距離；則條紋間的距離增大，故C正確，不滿足題意要求；

D．增大單縫屏到雙縫屏的距離；則條紋間的距離不變，故D錯誤，滿足題意要求。

故選AD。三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]做簡諧運動的物體；每次通過同一位置時，速度可能有兩種方向，而速度是矢量，所以速度可能不同。

[2]根據簡諧運動的特征

物體每次通過同一位置時，位移一定相同，加速度也一定相同。【解析】①.可能②.一定19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】介質中介質不同20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]本題涉及到的知識點為波的干涉現象中加強點；減弱點的判斷方法；第一種公式法，某質點的振動是加強還是減弱，取決于該點到兩相干波源的距離差。

[2][3]當兩波源振動步調一致時；如果距離差為波長的整數倍（半波長的偶數倍），那么該點是振動加強點;如果距離差為半波長的奇數倍，那么該點是振動減弱點。

[4][5]當兩波源振動步調相反時；如果距離差為波長的整數倍（半波長的偶數倍），那么該點是振動減弱點，如果距離差為半波長的奇數倍，那么該點是振動加強點。

（2）[6][7][8][9]第二種圖像法，在某時刻波的干涉的波形圖上，波峰與波峰（或波谷與波谷）的交點，一定是加強點，而波峰與波谷的交點一定是減弱點，各加強點或減弱點各自連接形成以兩波源為中心向外輻射的連線，形成加強線和減弱線，兩種線互相間隔，加強點與減弱點之間各質點的振幅介于加強點與減弱點的振幅之間。【解析】①.距離之差Δr②.加強③.減弱④.加強⑤.減弱⑥.加強⑦.減弱⑧.介于⑨.之間21、略

【分析】【詳解】

[1]相鄰兩條亮條紋中心間的距離為

[2]已知雙縫之間的距離為d，測得雙縫到屏的距離為L，根據

紅光的波長為【解析】22、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2][3][4]簡諧運動的能量取決于振幅；本題中物體振動時動能和彈性勢能相互轉化，總機械能守恒。

（2）[5]D．在任意時刻只有系統內彈簧的彈力做功；則機械能守恒，故D正確；

A．振子在平衡位置；速度最大，動能最大，是能最小，故A正確；

B．振子在最大位移處；彈簧形變量最大，勢能最大，動能最小，故B正確；

C．振幅的大小與振動過程中振子的位置無關；故C錯誤。

故選ABD。【解析】振幅動彈性勢機械能ABD##ADB##BAD##BDA##DAB##DBA23、A【分析】【分析】

【詳解】

在其他條件相同的情況下，弦越粗，越長，弦振動的頻率就越低，音調就越低，故按在A處，弦振動時發出的聲音音調最低。24、略

【分析】【詳解】

[1]由題圖可看出該波的波長λ=0.4m

由于O為波源，則在x軸負方向的波往左傳播，則質點A第一次到達波峰處有T=0.02，v==5m/s

[2]由于該波的周期為0.08s，且則在x軸正方向的波往右傳播，則在t=0時質點B往上振，質點B的振動方程為y=Asin(ωt)，A=0.4m，ω=

代入數據有y=0.4sin(25πt)（m）【解析】5y=0.4sin25πt（m）25、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.錯誤②.錯誤③.錯誤④.正確⑤.正確四、作圖題(共1題，共10分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點時離開平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點時加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)五、實驗題(共4題，共40分)27、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2][3]入射小球和被碰小球相撞后，被碰小球的速度增大，入射小球的速度減小，碰前碰后都做平拋運動，高度相同，落地時間相同，所以P點是沒放玻璃球時，鋼球的平均落地點，M點是碰后鋼球的平均落地點，N點為碰后被碰玻璃球的平均落地點．

（2）[4][5]為了保證小球做平拋運動，安裝軌道時，軌道末端必須水平．否則會引起誤差；為了發生對心碰撞，兩球的直徑需相同且在同一高度，否則會引起誤差．碰撞過程中，如果水平方向動量守恒，由動量守恒定律得小球做平拋運動時拋出點的高度相等，它們在空中的運動時間t相等，兩邊同時乘以時間t，

由此表達式為【解析】沒放玻璃球時，鋼球的平均落點或鋼球單獨滾下時的平均落點碰撞后，鋼球的平均落點碰撞后，玻璃球的平均落點斜槽末端保持水平，碰撞時兩球球心在同一水平線上28、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]A．選擇鋼球做碰撞實驗；其目的是使碰撞的時間較短，故A錯誤；

B．為了使碰撞不致于反彈；要求兩球的直徑相等，且入射球的質量大于被碰小球的質量，故B錯誤；

C．每次從同一點釋放小球；才保證每次碰撞前的速度相等，故C正確；

D．碰撞前后的速度沿水平方向；才能用水平位移代替水平速度，故D正確。

故選CD。

(2)[2]設小球做平拋的時間為t；若碰撞前后動量守恒，則有。

所以。

(3)[3]螺旋測微器的精度為0.01mm；其讀數為固定刻度和可動刻度的示數之和。

(4)[4]A．系統誤差是由于實驗原理和裝置產生的不可避免的誤差；摩擦力對實驗無影響，故A錯誤；

B．空氣對小球的阻力對碰撞后的速度有影響；故B正確；

CD．描點找點跡；測量長度等都產生偶然誤差；故CD錯誤。

故選B。【解析】CD7：212.895B29、略

【分析】【分析】

【詳解】

(3)[1]從A位置到最低點的高度差為。

由機械能守恒定律可得。

解得碰前球1的速度為。

故碰前球1的動量大小為。

[2]碰后球1；球2上升的高度分別為。

同理可得；碰后球1；球2的動量大小分別為。

要滿足動量守恒；需滿足。

整理可得。

(4)[3]兩根細線懸掛小球；形成穩定的三角結構，避免小球擺動過程中出現晃動，形成圓錐擺。

(5)[4]碰撞過程由動量守恒定律及機械能守恒定律分別可得。

聯立解得。