2025屆成都龍泉中學物理高二上期中達標檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于電源的電動勢，下列說法正確的是（）A．電源的電動勢就是接在電源兩極間的電壓表測得的電壓B．同一電源接入不同的電路，電動勢就會發生變化C．電源的電動勢是表示電源把其他形式的能轉化成電能的本領大小的物理量D．電路中，當電阻變大時，電源的電動勢也增大2、做簡諧運動的物體，當其位移為負時，以下說法正確的是()A．速度一定為正值，加速度一定為負值B．速度一定為負值，加速度一定為正值C．速度不一定為負值，加速度不一定為正值D．速度不一定為負值，加速度一定為正值3、下列關于磁感線的說法中不正確的是：A．所有磁感線都是閉合的； B．磁感線可以形象的描述磁場的強弱和方向；C．同一磁場的磁感線不能相交； D．沿著磁感線的方向，磁場越來越弱．4、如圖所示，圖中兩組曲線中實線代表電場線（方向未畫出）、虛線代表等勢線，點劃線是一個帶電粒子僅在電場力作用下從A到B的運動軌跡，下列說法正確的是A．粒子一定帶正電B．粒子的動能一定是越來越大C．粒子的電勢能一定是越來越大D．A點的電勢一定高于B點的電勢5、真空中兩個相同的金屬小球A和B，帶電荷量分別為QA=2×10-8C和QB=4×10-8C，相互作用力為F，若將兩球接觸后再放回原處，則它們之間的作用力將變為（）A．B．C．D．6、已知通過三個并聯支路的電流之比是I1：I2：I3=1：2：3，則三個并聯支路的電阻之比R1：R2：R3為（）A．1：2：3 B．3：2：1 C．2：3：6 D．6：3：2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極，一帶正電的小球懸掛在電容器內部，閉合S，電容器充電，這時懸線偏離豎直方向的夾角為θ，則下列說法正確的是A．保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ增大B．斷開S，將A板向B板靠近，則θ不變C．保持S閉合，懸線燒斷，則小球在電場中將作自由落體運動D．斷開S，懸線燒斷，則小球在電場中將作變加速曲線運動8、在圖所示的電路中，電源的電動勢恒定，要想使燈泡L變暗，可以A．增大R1的阻值 B．減小R1的阻值 C．增大R29、如圖所示，在同時存在勻強電場和勻強磁場的空間中取正交坐標系Oxyz（z軸正方向豎直向上），一質量為m、電荷量為q的帶正電小球從原點O以速度v沿x軸正方向出發．下列說法正確的是（）A．若電場、磁場分別沿z軸正方向和x軸正方向，小球只能做曲線運動B．若電場、磁場均沿z軸正方向，小球有可能做勻速圓周運動C．若電場、磁場分別沿z軸正方向和y軸負方向，小球有可能做勻速直線運動D．若電場、磁場分別沿y軸負方向和z軸正方向，小球有可能做勻變速曲線運動10、電動勢為E.內阻為r的電源與定值電阻R1、R2及滑動變阻器R連接成如圖所示的電路，當滑動變阻器的觸頭由中點滑向a端時，下列說法正確的是（?）A．定值電阻R2電功率增大B．電壓表和電流表讀數都減小C．通過滑動變阻器R中的電流增大D．電壓表的示數增大，電流表的示數減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）現有一特殊的電池，其電動勢E約為9V，內阻r在35Ω～55Ω范圍，最大允許電流為50mA。為測定這個電池的電動勢和內阻，某同學利用圖甲的電路進行實驗。圖中電壓表看做理想電表；R為電阻箱，阻值范圍為0～9999.9Ω；R0為定值電阻。該同學接入符合要求的R0后，閉合開關S，調整電阻箱的阻值，讀出電壓表的示數U，再改變電阻箱阻值，測得多組數據，然后作出有關物理量的線性圖象，如圖乙所示，由圖可求得電源的電動勢和內阻。(1)圖乙中橫坐標為，縱坐標為，請寫出該線性圖象對應的函數表達式______。（用字母E、r、U、R、R0表示）(2)根據乙圖所作出的圖象求得該電池的電動勢E為____V，內電阻r為____Ω。12．（12分）某同學想設計一個測量金屬棒電阻率的實驗方案，實驗室提供的器材有：A．電流表A1（內阻Rg=100Ω，滿偏電流Ig=3mA）B．電流表A2（內阻約為0.4Ω，量程為0.6A）C．定值電阻R0=900ΩD．滑動變阻器R（5Ω，2A）E．干電池組（6V，0.05Ω）F．一個開關和導線若干G．螺旋測微器，游標卡尺(1)如圖，用螺旋測微器測金屬棒直徑為_____mm；如圖用游標卡尺測金屬棒長為_____cm。(2)用多用電表粗測金屬棒的阻值：當用“×10Ω”擋時發現指針偏轉角度過大，他應該換用_____擋（填“×1Ω”或“×100Ω”），換擋并進行一系列正確操作后，指針靜止時如圖所示，則金屬棒阻值約為_____Ω。(3)請根據提供的器材，設計一個實驗電路，要求盡可能精確測量金屬棒的阻值，請在方框中畫出電路圖______________________。(4)若實驗測得電流表A1示數為I1，電流表A2示數為I2，則金屬棒電阻的符號表達式為Rx=___________。（用I1，I2，R0，Rg表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）x=0的質點在t=0時刻開始振動，產生的波沿x軸正方向傳播，t1=0.14s時刻波的圖像如圖所示，質點A剛好開始振動。(1)求波在介質中的傳播速度；(2)求x=4m的質點在0.14s內運動的路程。14．（16分）如圖，在y>0的區域存在方向沿y軸負方向的勻強電場，場強大小為E；在y<0的區域存在方向垂直于xOy平面向外的勻強磁場。一個氕核從y軸上y=h點以某一速度射出，速度方向沿x軸正方向。已知進入磁場時，速度方向與x軸正方向的夾角為，并從坐標原點O處第一次射出磁場。的質量為m，電荷量為q，不計重力。求：（1）第一次進入磁場的位置到原點O的距離；（2）氕核在磁場中運動的軌道半徑；（3）磁場的磁感應強度大小。15．（12分）如圖甲所示，正方形閉合線圈abcd邊長為10cm，總電阻為2.0Ω，匝數為100匝，放在垂直于紙面向里的勻強磁場中，磁感應強度B隨時間t的變化關系如圖乙所示．求：（1）在t=1.0s時線圈中感應電動勢的大小和在第3秒內線圈中感應電動勢的大小．（2）畫出線圈一邊ad邊所受安培力隨時間變化的圖象（只要畫出變化的2個周期，取向右為正）．（3）線圈中感應電流的有效值．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】解：A項，電壓表測得的是電源電壓，小于電動勢，故A項錯誤。B、D項，電動勢是非靜電力在電源內部移送單位電荷所做的功，電動勢是電源本身的屬性，與外接電路無關，故B、D項錯誤。

C項，電動勢衡量電源將其他形式的能轉化為電能的本領大小，故C項正確。2、D【解析】

振子的位移為負值時，可知加速度a一定為正，因為振子每次通過同一位置時，速度可能在兩種不同的方向，所以速度可正可負，故D正確，ABC錯誤。3、D【解析】

所有磁感線都是閉合的，選項A正確；磁感線可以形象的描述磁場的強弱和方向，磁感線的疏密反映磁場的大小，磁感線的切線方向表示磁場的方向，選項B正確；同一磁場的磁感線不能相交，選項C正確；沿著磁感線的方向，磁場不一定越來越弱，磁場的強弱要看磁感線的疏密，選項D錯誤；此題選擇不正確的選項，故選D．【點睛】磁感線是描述磁場分布而假想的；磁感線的疏密表示磁場強弱，磁感線某點的切線方向表示該點的磁場方向；磁感線是閉合曲線，磁體外部磁感線是從N極到S極，而內部是從S極到N極，且磁感線都不相交．4、B【解析】

A.由于不知道電場線的方向，所以不能判斷電場的方向，則不能判斷電荷的性質，故A錯誤；BC.根據粒子的運動的軌跡可以判斷，粒子受到的力指向軌跡彎曲的內側，即指向右下方，所以從A到B的過程中，電場力做正功，所以粒子的動能一定是越來越大，粒子的電勢能一定是越來越小，故B正確，C錯誤；D.由于不知道電場的方向，所以不能判斷A點和B點電勢的高低，故D錯誤。5、A【解析】設A球的電荷量為Q，則B球的電荷量為2Q，未接觸前，根據庫侖定律，得：，接觸后兩球帶電量平分，再由庫侖定律，得：，則，故A正確。點晴：本題考查運用比例法求解物理問題的能力．對于兩個完全相同的金屬球，互相接觸后電量平分。6、D【解析】

由歐姆定律有R=，在并聯電路中，電壓相等，所以有R1：R2：R3=：：：：=6：3：2故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】考點：電容器的動態分析；電場強度．專題：電容器專題．分析：小球受重力、電場力和繩子的拉力處于平衡狀態，當電場力變大時θ增大，電場力變小時θ減小，因此解決本題關鍵是判斷小球所受電場力的變化情況；注意電容器的兩種狀態的不同，電鍵閉合其電壓不變，電鍵斷開電容器所帶電量保持不變．解答：解：若保持S閉合，則電容器兩極板之間的電壓保持不變，因此根據E=可知，當將A板向B板靠近時，電場強度增大，則電場力增大，θ將增大，若懸線燒斷，小球受重力恒定的電場力作用，所以小球沿懸線延長線做勻加速直線運動運動，故A正確，C錯誤．若斷開S，電容器帶電量保持不變，由C=和C=以及E=可得：E=，由于Q、S不變，只是d變化，所以電場強度不變，故電場力不變，則θ不變，若懸線燒斷，小球受重力恒定的電場力作用，所以小球沿懸線延長線做勻加速直線運動運動，故B正確，D錯誤．故選AB．點評：對于電容器的討論注意電容器的兩種狀態，同時熟練掌握公式：C=、C=、E=之間的推導，尤其是在電容器電量保持不變時，要正確根據這三個公式推導電場強度的表達式，從而正確判斷電場強度的變化．8、AD【解析】試題分析：（等效思維法）因電容器具有隔直流通交流的特征，所以其電路路可等效為下圖所示當R2的阻值減小并趨于零時，L被短路，L變暗，當R考點：考查了歐姆定律的應用，含電容電路【名師點睛】本題也可以根據歐姆定律來分析，若部分電阻發生了變化，則對該部分的處理不能直接根據歐姆定律求解，本題中分析燈泡L亮度的變化，關鍵分析燈泡L和R2并聯的電壓如何變化，應靈活應用串并聯電路的性質進行分析判斷9、BC【解析】試題分析：若電場、磁場分別沿z軸正方向和x軸正方向，則有帶正電粒子所受到的電場力方向沿z軸正方向，由于運動方向與磁場方向平行，所以不受洛倫茲力，因此當電場力等于重力時，粒子可能勻速直線運動；當電場力不等于重力時，粒子做曲線運動．故A錯誤；若電場、磁場均沿z軸正方向，則電場力沿z軸正方向，而洛倫茲力根據左手定則可得沿y軸正方向，所以當電場力等于重力時，由洛倫茲力提供向心力，使其可能做勻速圓周運動，故B正確；若電場、磁場分別沿z軸負方向和y軸負方向，則有電場力沿z軸負方向，而洛倫茲力沿z軸正方向，當洛倫茲力大小等于重力與電場力之和時，粒子做勻速直線運動，故C正確；若電場、磁場分別沿y軸負方向和z軸正方向，則有電場力沿y軸負方向，而洛倫茲力沿y軸正方向，當電場力等于洛倫茲力時，帶電粒子恰好做平拋運動，即可能做勻變速曲線運動，故D正確．考點：本題考查了曲線運動的條件10、BC【解析】

由圖可知R2與R并聯后與R1串聯，電壓表測路端電壓，電流表測量流過R2的電流；滑片向a端移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則由閉合電路的歐姆定律可知電路中干路電流的變化及路端電壓的變化；再分析并聯電路可得出電流表示數的變化。【詳解】當滑片向a滑動時，R接入電阻減小，總電阻減小，由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流I增加，干路電流增加，內電壓增加，由U=E-Ir可知路端電壓減小，即電壓表示數減小；因路端電壓減小，R1兩端的電壓增加，故并聯部分電壓減小，由歐姆定律可知電流表示數減小；由公式IA2R2可知，定值電阻由上述分析可知，故應選：BC。【點睛】本題中R1也可直接作為內電阻處理，可直接由閉合電路歐姆定律得出并聯部分的電壓增大，流過R2的電流增大。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、10【解析】

(1)[1]根據閉合電路的歐姆定律有整理可得(2)[2][3]根據一次函數的形式可知，縱截距為解得由函數的斜率為可解得12、6.12310.230×1Ω10.0【解析】

(1)[1]金屬絲的直徑為d=6mm+12.3×0.01mm=6.123mm[2]長度為(2)[3]用多用電表粗測金屬棒的阻值：當用“×10”擋時發現指針偏轉角度過大，即偏向0刻度線，所以示數偏小，要增大示數則要倍率減小換成“×1”的倍率，[4]電阻為R=10.0×1Ω=10.0Ω(3)[5]由于題目中沒有給出電壓表，顯然是用電流表A1與R0串聯后組成電壓表，為多測幾組數據滑動變阻器采用分壓接法，設計的電路圖如圖所示：(4)[6]由電路連接及歐姆定律可求出金屬棒的電阻為。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)50m/s；(2)0.15m【解析】

(1)傳播速度(2)由波形圖可知，在0.14s內，x=4m的質點從平衡位置開始振動了個周期，該質點運動的路程14、（1）（2）（3）【解析】

（1）在電場中做類平拋運動，在磁場中做圓周運動，運