安徽省六校教育研究會2025屆物理高二上期中學業質量監測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，用兩根等長的細線各懸掛一個小球，并掛于同一點，已知兩球質量相等，當它們帶上同種電荷時，相距r而平衡，若它們的電荷量都減少一半，待它們重新平衡后，兩球的距離將()A．大于r2 B．等于r2 C．小于r2、某型號電動自行車的電動機銘牌如下：兩次都將蓄電池充足電，第一次以15km/h的速度勻速行駛，第二次以20km/h的速度勻速行駛．若行駛時所受阻力與速度成正比，且電動自行車行駛時熱損耗與輸出功率比值保持不變，則兩次行駛的最大里程之比及此自行車所配置的電動機的內阻為（）后輪驅動直流永磁轂電機額定工作電壓、電流：36V/5A額定輸出功率：175WA．0.2ΩB．0.2ΩC．7.2ΩD．7.2Ω3、關于歐姆定律的適用條件，下列說法正確的是（）A．歐姆定律是在金屬導體導電的基礎上總結出來的，對于其他導體不適用B．歐姆定律也適用于電解液導電C．歐姆定律對于氣體導電也適用D．歐姆定律適用于一切導體4、如圖所示，實線為方向未知的三條電場線，a、b兩帶電粒子從電場中的O點以相同的初速度飛出．僅在電場力作用下，兩粒子的運動軌跡如圖中虛線所示，則（）A．a一定帶正電，b一定帶負電B．a的加速度減小，b的加速度增大C．a的電勢能減小，b的電勢能增大D．a的動能減小，b的動能增大5、磁場具有能量，磁場中單位體積內所具有的磁場能量叫磁場的能量密度，用符號ω表示，其表達式為ω＝σB2，式中B為磁感應強度，在空氣中σ為一常量。小明同學通過實驗測量一條形磁鐵N極端面附近的磁感應強度B的大小，他用一塊與磁鐵端面等大的鐵片吸在磁鐵上，然后用力緩慢拉開一段微小距離L，如圖所示，他測出磁鐵端面的面積為S，用力傳感器測得拉力F的大小，已知拉力F做的功等于間隙中磁場的能量，則條形磁鐵端面附近磁感應強度B的大小可表示為（）A． B． C． D．6、下列關于電場強度的說法中正確的是A．由E=知,若試探電荷電量q減半,則該處電場強度變為原來的2倍B．由E=k知,E與場源電荷電量Q成正比,而與r2成反比C．由E=k知,在以場源電荷Q為球心、r為半徑的球面上的各點電場強度均相同D．電場中某點的電場強度方向就是該點所放電荷受到的靜電力的方向二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示是根據某次實驗記錄數據畫出的U-I圖像，下列關于這個圖像的說法中正確的是（）A．縱軸截距表示待測電源的電動勢B．橫軸截距表示短路電流C．根據，計算出待測電源內電阻為12ΩD．電流為0.3A時的外電阻是18Ω8、四個相同的小量程電流表（表頭）分別改裝成兩個電流表A1.A2和兩個電壓表V1.V2.已知電流表A1的量程大于A2的量程，電壓表V1的量程大V2的量程，改裝好后把它們按圖示接入電路，則（）A．電流表A1的讀數大于電流表A2的讀數B．電流表A1的偏轉角小于電流表A2的偏轉角;C．電壓表V1的讀數小于電壓表V2的讀數;D．電壓表V1的偏轉角等于電壓表V2的偏轉角9、如圖所示，質量相同的兩個帶電粒子P、Q以相同的速度沿垂直于電場方向射入兩平行板間的勻強電場中，P從兩極板正中央射入，Q從下極板邊緣處射入，它們最后打在同一點(重力不計)，則從開始射入到打到上極板的過程中()A．它們運動的時間tQ＞tPB．它們運動的加速度aQ＜aPC．它們所帶的電荷量之比qP∶qQ＝1∶2D．它們的動能增加量之比ΔEkP∶ΔEkQ＝1∶410、如圖，在粗糙的絕緣水平面上，彼此靠近地放置兩個帶正電荷的小物塊（動摩擦因數相同）．由靜止釋放后，向相反方向運動，最終都靜止．在小物塊的運動過程中，表述正確的是（）A．物塊受到的摩擦力始終小于其受到的庫侖力B．物體之間的庫侖力都做正功，作用在質量較小物體上的庫侖力做功多一些C．因摩擦力始終做負功，故兩物塊組成的系統的機械能一直減少D．整個過程中，物塊受到的庫侖力做的功等于電勢能的減少三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在描繪一個標有“6.3V，0.3A”小燈泡的伏安特性曲線的實驗中，要求燈泡兩端的電壓由零逐漸增加到6.3V，并便于操作。已選用的器材有：學生電源（電動勢為9V，內阻約1Ω）；電流表（量程為0﹣0.6A，內阻約0.2Ω；量程為0﹣3A，內阻約0.04Ω）；電壓表（量程為0﹣3V，內阻約3kΩ；0﹣15V，內阻約15kΩ）；開關一個、導線若干(1)實驗中還需要一個滑動變阻器，現有以下兩個滑動變阻器，則應選其中的____（選填選項前的字母）A．滑動變阻器（最大阻值10Ω，最大允許電流1A）B．滑動變阻器（最大阻值1500Ω，最大允許電流0.3A）(2)實驗電路圖應選用圖中的實驗電路圖應選用圖中的____（選填“甲”或“乙”）。(3)請根據(2)中所選的電路圖，補充完成圖中實物電路的連接。（_______）(4)接閉合關，改變滑動變阻器滑動端的位置，并記錄對應的電流表示數I、電壓表示數U，圖中電流表選擇0﹣0.6A量程，電壓表選擇0﹣15V量程，電流表、電壓表示數如上圖所示，可知該狀態下小燈泡電阻的測量值Rx==____Ω（計算結果保留兩位有效數字）。(5)根據實驗數據，畫出的小燈泡I﹣U圖線如圖所示。由此可知，當小燈泡兩端的電壓增加時，小燈泡的電阻值將__（選填“變大”或“變小”）。12．（12分）某同學組裝了一個簡易多用電表，其電路圖如圖（a）所示，圖中E是電池，R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻，虛線方框內為選擇開關，A端和B端分別與兩表筆相連（1）圖（a）中，虛線方框內選擇開關的“4”、“5”兩擋為電壓擋，則擋位_____（選填“4”或“5”）的量程較大；（2）根據圖（a）所示電路圖判斷，此表A端應與_____（選填“紅”或“黑”）色表筆相連接（3）選用歐姆表×100檔測量某電阻阻值，操作步驟正確，發現表頭指針偏轉角度很小，為了較準確地進行測量，應換到_____擋（選填“×10”或“×1k”）．如果換擋后立即用表筆連接待測電阻進行測量，那么缺少的步驟是_____．若補上該步驟后再次進行測量，表盤的示數如圖（b）所示，則該電阻的阻值是_____．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在圖中的電路中，若R1=4Ω，R3=6Ω，電池內阻r=0.6Ω，則電源產生的總功率為40W，而輸出功率為37.6W。求：（1）電源內阻上消耗的電功率是多少？（2）電源電動勢（3）電阻R2。14．（16分）如圖所示，甲帶電體固定在絕緣水平面上的O點．另一個電荷量為+q、質量為m的帶電體乙，從P點由靜止釋放，經L運動到Q點時達到最大速度v．已知乙與水平面的動摩擦因數為μ，靜電力常量為k．求：（1）Q處電場強度的大小；（2）P、Q兩點電勢差．15．（12分）(1)科學家發現，除了類似太陽系的恒星-行星系統，還存在許多雙星系統，通過對它們的研究，使我們對宇宙有了較深刻的認識．雙星系統是由兩個星體構成，其中每個星體的線度（直徑）都遠小于兩星體間的距離，一般雙星系統距離其他星體很遠，可以當做孤立系統處理．已知某雙星系統中每個星體的質量都是M0，兩者相距L，它們正圍繞兩者連線的中點做勻速圓周運動，引力常量為G．求：①該雙星系統中星體的加速度大小a；②該雙星系統的運動周期T．(2)微觀世界與宏觀世界往往存在奇妙的相似性．對于氫原子模型，因為原子核的質量遠大于電子質量，可以忽略原子核的運動，形成類似天文學中的恒星-行星系統，記為模型Ⅰ．另一種模型認為氫原子的核外電子并非繞核旋轉，而是類似天文學中的雙星系統，核外電子和原子核依靠庫侖力作用使它們同時繞彼此連線上某一點做勻速圓周運動，記為模型Ⅱ．已知核外電子的質量為m，氫原子核的質量為M，二者相距為r，靜電力常量為k，電子和氫原子核的電荷量大小均為e．①模型Ⅰ、Ⅱ中系統的總動能分別用EkⅠ、EkⅡ表示，請推理分析，比較EkⅠ、EkⅡ的大小關系；②模型Ⅰ、Ⅱ中核外電子做勻速圓周運動的周期分別用TⅠ、TⅡ表示，通常情況下氫原子的研究采用模型Ⅰ的方案，請從周期的角度分析這樣簡化處理的合理性．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

根據庫侖定律公式F=kq1q【詳解】由題，兩球的電量減小，根據庫侖定律知，庫侖力減小，兩球間的距離減小。假設兩球距離等于r/1，則庫侖力與開始一樣大，重力不變，則繩子的拉力方向應與原來的方向相同，與實際上庫侖力變小時，繩子的方向與原來不同，所以兩球距離要變大些。則兩球的距離大于r/1．故A正確，BCD錯誤。故選A。【點睛】兩球距離減小，通過假設法，根據受力情況可以判斷出兩球的距離是大于r/1還是小于r/1．2、A【解析】

設阻力勻速運動時則由可知故功率與速度平方成正比，因此功率之比為行駛里程因電池的輸出的總功相同，故因此時間之比為則里程之比為根據功率關系可知代入數據可得解得故BCD錯誤A正確。故A正確。3、B【解析】歐姆定律適用于金屬導電和電解液導電，B項正確。4、B【解析】

A、由運動軌跡如圖可知，a、b做曲線運動，由于電場線方向未知，故a、b電性不能確定，故A錯誤；B、根據a、b兩粒子做曲線運動軌跡彎曲程度及電場線的疏密可知，b所處的電場線變密，電場強度變強，所受的電場力在增大，加速度在增大；a所處的電場線變疏，電場強度變弱，所受的電場力在減小，加速度在減小，故B正確；CD、根據圖知a、b兩粒子的電場力、速度的夾角為銳角，電場力對電荷做正功，其動能都增大，其電勢能都減小，故CD錯誤．故選：B．【點睛】先由曲線運動的條件判斷電場力的方向，明確電場力做功與電勢能、動能的關系；由電場線與電場強度的關系即可判斷加速度的變化．5、B【解析】

在用力將鐵片與磁鐵拉開一段微小距離L的過程中，拉力F可認為不變，因此F所做的功為W=F?L以ω表示間隙中磁場的能量密度，由題給條件根據磁能量密度的定義可得：L間隙中磁場的能量為由題意可知：F所做的功等于L間隙中磁場的能量，即W=E則有解得故B正確，ACD錯誤。故選B。6、B【解析】

A．電場強度的大小只與場源有關，與試探電荷電量大小無關，故A錯誤；B．由庫侖定律可知，電場強度與場源點電荷電量成正比，與電場中任意點距場源點電荷距離平方成反比，故B正確；C．根據點電荷的場強分布可知，以點電荷為球心，以r為半徑的球面上的各點電場強度大小相同，方向不同，所以場強不同，故C錯誤；D．電場中某點場強方向是放在該點的正電荷所受電場力的方向，故D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A．由閉合電路歐姆定律可知由數學知識可知，縱軸截距表示待測電源的電動勢，故A正確；BC．當縱坐標是從零開始調節的，則橫軸截距表示的是短路電流，而由圖可知縱坐標是從5.0V開始調節的，故橫軸截距表示的不是短路電流，則由圖無法得出短路電流，故電源的內阻不能用來計算，故BC錯誤；D．由圖可知，當電流為0.3A時外電壓是5.4V，根據解得，故D正確。故選AD。8、AD【解析】

A、電流表A1的量程大于電流表A2的量程，故電流表A1的電阻值小于電流表A2的電阻值，并聯電路中，電阻小的支路電流大，故電流表A1的讀數大于電流表A2的讀數，故A正確；B、兩個電流表的表頭是并聯關系，電壓相同，故偏轉角度相等，故B錯誤；C、電壓表V1的電阻值大于電壓表V2的電阻值，故電壓表V1的讀數大于電壓表V2的讀數，故C錯誤；D、兩個電壓表的表頭是串聯關系，電流相等，故偏轉角度相等，故D正確；故選AD．9、CD【解析】試題分析：帶電粒子在電場中做類平拋運動，由s=vt，可得P、Q運動的時間應相等，A錯；平行電場方向受到電場力，做初速度為零的勻加速直線運動，根據位移時間關系公式，有：，解得，由于平行電場方向的位移之比為1：2，所以aQ＞aP，故B錯誤；根據牛頓第二定律，有：qE=ma，解得，所以P、Q的電荷量之比為1：2，C正確；由動能定理有：qEy=△Ek，而：qP：qQ=1：2，yP：yQ=1：2，所以，D正確．所以本題選擇CD．考點：帶電粒子在勻強電場中的運動、牛頓第二定律、動能定理的應用10、BD【解析】

A．小物塊開始做加速運動，后做減速運動到靜止，所以物塊受到的摩擦力開始比庫侖小，后比庫侖力大，A錯；B．兩物塊間的庫侖力大小相等方向相反，由動量守恒可知，質量小的物體初速度較大，由動能定理：，可得其運動的位移要遠，故庫侖力做功多一些，B對；C．物塊先加速后減速，其機械能先增大，后減少，C錯；D．整個過程中，庫侖力對物塊做正功，所以庫侖力做的功等于電勢能的減少，D對。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A乙18變大【解析】

(1)[1]實驗要求燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到6.3V，則滑動變阻器應采用分壓接法，所以要選擇滑動變阻器的最大值比較小的A．滑動變阻器（最大阻值10Ω，最大允許電流1A）與分析相符，故A正確；B．滑動變阻器（最大阻值1500Ω，最大允許電流0.3A）與分析不符，故B錯誤。(2)[2]燈泡正常發光時的電阻為該電阻值相對于電壓表屬于小電阻，所以電流表應采用外接法，實驗要求燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加，所以滑動變阻器應用分壓式，因此實驗電路應選乙；(3)[3]根據實驗電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示；(4)[4]電流表的量程為0.6V，所以每一小格的讀數為0.02A，所以電流表的讀數為0.22A，電壓表的量程為15V，所以每一小格的讀數為0.5V，所以讀數為：8×0.5=4V由歐姆定律得(5)[5]在I-U圖象中，各個點與坐標原點的連線的斜率表示電阻的倒數，由圖可知，隨電壓增大，各點與坐標原點的連線的斜率減小，所以可知待測電阻的電阻值增大12、5黑×1k歐姆調零14kΩ【解析】

第一空．表頭串聯大電阻改裝成電壓表，串聯電阻越大則量程越大，由此可知檔位5的量程較大；第二空．由圖（a）所示電路圖可知，A與歐姆表內置電源正極相連，又電流紅進黑出，則A端應與黑表筆相連；第三空．歐姆表的零刻度在左邊，偏角小，說明帶測電阻阻值大，應換大倍率×1k擋；第四空．重新歐姆調零后測量；第五空．歐姆表的讀數為：示數×倍率＝1