江西省南昌市進賢二中2025屆物理高一第一學期期末教學質量檢測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、豎直升空的火箭，其v-t圖像如圖所示，由圖可知以下說法中正確的是()A.火箭上升的最大高度為16000mB.火箭上升的最大高度為48000mC.火箭經過120s落回地面D.火箭上升過程中的加速度始終是20m/s22、跳高運動員越過橫桿后落在墊子上的運動可簡化為如圖所示的模型:一輕彈簧豎直放置在水平地面上，將一小球從空中某一高度自由落下，之與正下方的輕彈簧接觸并運動到最低點，對這一運動過程分析正確的是A.小球接觸彈簧后立刻開始做減速運動B.小球剛接觸彈簧時的速度是整個過程的最大速度C.接觸彈簧后，小球的加速度先減小后增大D.小球動能的增加量等于重力勢能的減少量3、下列說法正確的是A.米、牛頓、秒是國際單位制中的基本單位B.力、速度、路程均為矢量C.只有細小的物體才可看成質點D.靜止的物體也有慣性4、如圖甲所示，滑塊以大小為18m/s的速度從足夠長的粗糙固定斜面底端P滑上斜而至最高點Q后再返回P點，該過程中滑塊運動的速度-時間圖象如圖乙所示。下列判斷正確的是A.P、Q兩點間的距離為9mB.滑塊返回P點時的速度大小為18m/sC.滑塊從Q點返回P點所需的時間為3sD.0~3s內滑塊的位移大小為17m5、如圖，一質量為m的正方體物塊置于風洞內的水平面上，其一面與風速垂直，當風速為時剛好能推動該物塊．已知風對物塊的推力F正比于，其中v為風速、S為物塊迎風面積．當風速變為時，剛好能推動用同一材料做成的另一正方體物塊，則該物塊的質量為A.4m B.8mC.32m D.64m6、兩輛兒童賽車a、b在兩條平行直軌道上從同一起點、同向行駛．它們在0~t0內運動的v-t圖像如圖所示．則A.圖像交點說明兩車位移相同B.兩車速度相同時b車在前C.0~t0內兩車平均速度相同D.兩車的加速度均越來越小7、關于“互成角度的兩個共點力的合成”實驗，下列說法正確的是A.必須使分力、與合力F在同一平面內B.在同一實驗中，橡皮條拉長后的結點位置O允許變動C.在同一實驗中，只要結點位置不變，無論兩個分力如何變化，其合力不變D.用兩只彈簧秤拉時，合力的圖示F與用一只彈簧秤拉時拉力的圖示不完全重合，說明力的合成的平行四邊形定則不一定是普遍成立的8、質量為m的物體在水平拉力F作用下，沿粗糙水平面做勻加速直線運動，加速度大小為a．當水平拉力由F變為2F時，物體做加速度大小為a′的勻加速直線運動，則關于a′的大小，可能為：（）A.a′＝2a B.a′＝1.5aC.a′＝2.2a D.a′＝2.5a9、下圖顯示的是某人站在力傳感器上，完成“下蹲”與“起立”動作時力傳感器的示數隨時間變化的情況。已知t=0時刻人處于靜止狀態。根據圖像判斷下列說法正確的是（）A.從圖像顯示此人完成了兩組“下蹲—起立”動作B.圖中t1時刻人處于失重狀態C.圖中t2時刻人具有向上的加速度D.“起立”的過程先超重后失重10、如圖所示，是A、B兩個物體做直線運動的v-t圖象，則下列說法中正確的是（）A.A物體做勻加速直線運動B.B物體做勻減速直線運動C.A物體的加速度大于B物體的加速度D.B物體的速度變化比A物體快二、實驗題11、（4分）12、（10分）三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）如圖，水平平臺ab長L=20m，平臺b端與特殊材料制成的足夠長斜面bc連接，斜面傾角為30°，在平臺a端放有質量m=2kg的小物塊．現給物塊施加一個大小F=50N、與水平方向成37°角的推力，使物塊由靜止開始運動．（物塊可視為質點，重力加速度）（1）若物塊從a端運動到b端的過程中F始終存在，運動時間t=4s，求物塊與平臺間的動摩擦因數；（2）若物塊從a端運動到圖中P點時撤掉F，則物塊剛好能從斜面b端無初速下滑，求aP間的距離（結果保留三位有效數字）；（3）若物塊與斜面bc間的動摩擦因數，式中為物塊在斜面上所處的位置離b端的距離，則在（2）問的情況下，求物塊在斜面上速度達到最大時的位置。14、（14分）如圖所示，質量為M=1kg的長木板B放置在水平面上，質量為m=1kg，可視為質點的物塊A放置于長木板B的上表面的正中央，A、B之間的動摩擦因數為μ1=0.5，B與水平面之間的動摩擦因數為μ2=0.35，長木板B的右側s=3m處有一豎直墻面，木板與墻面之間發生碰撞時，速度反向且大小保持不變?，F從靜止開始對長木板B持續施加一個水平向右的推力，使其向右運動，直到右端接觸到豎直墻面前的瞬間將力F撤去。設物體間的最大靜摩擦力等于其滑動摩擦力，重力加速度g取10m/s2。（1）若保持A、B一起向右勻速直線運動，求F的大小；（2）要使A與B之間發生相對滑動，則力F至少需要多大?（3）若力F=18N，要使A不從B的上表面滑落，長木板B的長度L至少為多少?15、（13分）如圖所示，一輕質三角形框架B處懸掛一定滑輪（質量可忽略不計）。一體重為500N的人通過跨定滑輪的輕繩以a=2m/s2勻加速提起一重為200N的物體。(取g=10m/s2）（1）此時人對地面的壓力是多大？（2）斜桿BC，橫桿AB所受的力是多大？

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】從圖可知火箭的速度一直為正，一直朝著正方向運動，即一直上升，在120s上升到最大高度，而圖像與時間軸圍成的面積表示位移，故火箭上升的最大高度為，AC錯誤B正確；0~40s加速上升，40~120s減速上升，而圖像的斜率表示加速度，所以上升階段的加速度為，D正確2、C【解析】分析小球所受的重力和彈力的關系，結合牛頓第二定律進行討論；結合能量的轉化討論.【詳解】小球自由落下，接觸彈簧時有豎直向下的速度，接觸彈簧后，彈簧被壓縮，彈簧的彈力隨著壓縮的長度的增大而增大．以小球為研究對象，開始階段，彈力小于重力，合力豎直向下，與速度方向相同，小球做加速運動，合力減小；當彈力大于重力后，合力豎直向上，小球做減速運動，合力增大．則小球接觸彈簧后，小球的加速度先減小后增大，速度先增大后減小，選項AB錯誤，C正確；小球動能的增加量與彈性勢能增加量之和等于重力勢能的減少量，選項D錯誤；故選C.3、D【解析】A．國際單位制中的基本單位為千克、米、秒等，牛頓是導出單位，故A錯誤；B．力和速度是有大小和方向，屬于矢量；路程只有大小無方向，屬于標量，故B錯誤；C．物體能否看成質點是視問題而定，物體的大小和形狀對所研究的問題產生影響小，占次要因素就能看成質點，故C錯誤；D．物體的慣性由質量決定，與速度無關，靜止的物體慣性表現為繼續保持靜止，變速的物體表現為反抗，故D正確；故選D。4、C【解析】A．從圖乙中可知滑塊的上滑過程對應0~2s的運動過程，在0~2s過程中v-t圖像與坐標軸圍成的面積表示PQ間的距離，故為：，A錯誤；B．根據v-t圖像的斜率表示加速度，故兩個階段的加速度大小為：，，設滑塊返回P點時的速度大小為，則，即解得：，方向沿斜面向下，B錯誤；C．滑塊從Q點返回P點所需的時間為：，C正確；D．規定沿斜面向上為正，則0~2s內滑塊的位移為：，2~3s過程滑塊下滑，初速度為0，加速度為，故發生的位移為：，故0~3s內滑塊的位移為：，方向沿斜面向上，D錯誤；故選C。5、D【解析】試題分析：滑塊被勻速推動，根據平衡條件，有：F=f；N=mg其中：F=kSv2=ka2v2f=μN=μmg=μρa3g解得：；現在風速v變為2倍，故能推動的滑塊邊長為原來的4倍，故體積為原來的64倍，質量為原來的64倍；故選D考點：物體的平衡【名師點睛】本題關鍵是明確物體的受力情況，根據平衡條件推導出能夠推動的滑塊的邊長a與風速的關系表達式進行分析，不難6、BD【解析】AB．圖象交點說明兩車速度相同；速度圖象的“面積”大小等于物體的位移，兩車速度相同時車的位移比的大，而兩車是從同一起點、同向行駛的，所以兩車速度相同時車在前，故A錯誤，B正確；C．根據速度圖象的“面積”表示位移，知內車的位移比車的大，根據可知車的平均速度比車的的平均速度大，故C錯誤；D．根據圖象切線的斜率表示加速度，知兩車的加速度均減小，故D正確。7、AC【解析】A．在進行實驗時，必須使分力、與合力F在同一平面內，否則、的圖示為其水平面內分力的圖示，導致誤差增大，故A正確；B．了使兩次拉橡皮筋效果相同，要求兩次要將O點拉到同一位置，故B錯誤；C．根據力的等效可知只要結點位置不變，其合力大小不變，故C正確；D．共點力合成的平行四邊形定則是一定成立的，由于實驗中不可避免的存在誤差，因此合力的圖示F與用一只彈簧秤拉時拉力的圖示不完全重合，故D錯誤。故選AC8、CD【解析】物體在水平拉力作用下做勻加速直線運動，水平方向受到拉力和滑動摩擦力，當拉力增大時，滑動摩擦力不變．根據牛頓第二定律分別對兩種情況研究，確定a′的范圍【詳解】設滑動摩擦力大小為f．則根據牛頓第二定律可得，當受到向左的水平拉力F時：F-f=ma，當受到向左的水平拉力2F時：2F-f=ma′，聯立可得：即a′＞2a，故CD正確，AB錯誤【點睛】本題主要考查了牛頓第二定律的應用，屬于基礎題9、BCD【解析】A．根據圖象可以知，加速度先向下后向上，之后又先向上后向下。而下蹲的過程中，先向下加速度運動，再向下減速到停止，加速度先向下再向上；起立的過程中，先向上加速度運動，再向上減速到停止，加速度先向上再向下。所以此人完成了一組“下蹲—起立”動作，選項A錯誤；B．由圖可知t1時刻壓力小于重力，人處于失重狀態，選項B正確；C．由圖可知圖中t2時刻，壓力大于重力，人具有向上的加速度，選項C正確；D．“起立”的過程，先向上加速度運動，再向上減速到停止，加速度先向上再向下，先超重后失重，選項D正確。故選BCD。10、AD【解析】AB．A、B物體都做勻加速直線運動，故A正確，B錯誤；CD．A、B物體的加速度大小為所以即B物體的速度變化比A物體快，故C錯誤，D正確。故選AD。二、實驗題11、12、三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、(1)0.7(2)14.7m(3)6m【解析】物塊從a到b做勻加速直線運動，由運動學規律和牛頓第二定律求出物塊與平臺間的動摩擦因數，物體從a到P，由運動學規律和牛頓第二定律求出P間的距離，物塊沿斜面bc下滑的過程中，先做加速度減小的加速運動，后做加速度增大的減速運動，加速度為零時速度最大?！驹斀狻浚?）物塊從a到b受到四個力的作用做勻加速直線運動，由運動學規律有：代入數據得：由牛頓第二定律有：代入數據解得：（2）物體從a到P，由運動學規律有：物塊從由P到b做勻減速直線運動，由運動學規律有：由牛頓第二定律有：，聯立以上各式，代入數據解得aP距離為：（3）物塊沿斜面bc下滑的過程中，先做加速度減小的加速運動，后做加速度增大的減速運動，加速度為零時速度最大，在該位置，有：聯立二式，代入數據解得14、（1）7N；（2）F=17N；（3）7m?！窘馕觥浚?）若保持AB一起向右勻速直線運動，以AB整體為研究對象，由平衡條件有：解得：F=7N（2）以A為研究對象，A的最大加速度為aA，則有解得：以B為研究對象，當AB恰要有相對運動時具有相同的加速度。則：解得：F=17N（3）F=18N，物塊與板發生了相對滑動。此時，以A為研究對象，則解得：，方向向右以B為研究對象，則：解得：，方向向右設兩者開始運動到板右端接觸到豎直墻面所用時間為t1，則：解得：這段時間內A向右運動的距離板撞豎直墻面時，板的速