2025屆河南省第二實驗中學物理高二上期末預測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、奧斯特實驗說明了()A.磁場的存在 B.磁場的方向性C.電流可以產(chǎn)生磁場 D.磁場間有相互作用2、如圖所示，在相互正交的水平勻強磁場的混合場區(qū)域內(nèi)，有一質量為m、電荷量為q的微粒以垂直于磁場方向且與水平方向成θ角的速度v從O點進入混合場區(qū)，該微粒在電場力、磁場力和重力的共同作用下，恰好沿直線運動到A點．下列說法中正確的是()A.該微粒一定帶負電荷B.該電場的場強大小為BvcosθC.微粒從O到A的運動可能是勻變速運動D.該磁場的磁感應強度大小為3、對下列物理公式的理解，其中正確的是（）A.由公式φ=ЕP/q可知，靜電場中某點的電勢φ是由放入該點的點電荷所具有的電勢能ЕP和該電荷電量q所決定的B.由公式R=U/Ｉ可知，導體的電阻R由它兩端的電壓U和它當中通過的電流Ｉ決定C.由公式E=kQ/r2可知，點電荷Q在距其r處產(chǎn)生的電場強度E由場源電荷電量Q和距場源電荷的距離r決定D.由公式C=可知，電容器的電容C由電容器所帶電荷量Q和兩極板間的電勢差U決定4、示波器是一種常見的電學儀器，示波管是斑示波器的核心部件，它由電子槍、偏轉電極和熒光屏組成，如圖所示若、極接穩(wěn)壓電源的正極，X、Y接穩(wěn)壓電源的負極，則在示波器熒光屏上將會看到下列哪個可能圖形A B.C. D.5、如圖四個燈泡L1，L2，L3，L4完全一樣，規(guī)格都是12V、12W，在AB兩端加上60V的電壓，則經(jīng)過L3的電流是（）A.1AB.2AC.1.67AD.1.25A6、如圖所示，平行板電容器已經(jīng)充電，靜電計的金屬球與電容器的一個極板連接，外殼與另一個極板連接，靜電計針的偏轉示電容兩極板間的電勢差．實驗中保持極板上的電荷量不變．設電容兩極正對面積為，極板間的距離為，靜電計指針偏角為．下列關于實驗現(xiàn)象的描述正確的是（）A.保持不變，增大，則變大B.保持不變，減小，則不變C.保持不變，減小，則變小D.保持、不變，兩板間插入電介質，則變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，已知一帶電小球在光滑絕緣的水平面上從靜止開始經(jīng)電壓U加速后，水平進入互相垂直的勻強電場E和勻強磁場B的復合場中（E、g和B已知），小球在此空間的豎直面內(nèi)做勻速圓周運動，則下列說法正確的是（）A.小球帶負電B.小球做勻速圓周運動過程中機械能保持不變C.小球做勻速圓周運動過程中周期D.若電壓U增大，則小球做勻速圓周運動的周期變大8、如圖所示的電路中，線圈L的自感系數(shù)足夠大，其直流電阻忽略不計，A、B是兩個相同的燈泡，下列說法中正確的是()A.S閉合后，A、B同時發(fā)光且亮度不變B.S閉合后，A立即發(fā)光，然后又逐漸熄滅C.S斷開的瞬間，A、B同時熄滅D.S斷開的瞬間，A再次發(fā)光，然后又逐漸熄滅9、下列四副圖中，閉合線圈能產(chǎn)生感應電流的是（）A.B.C.D.10、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其核心部分如圖所示．勻強磁場垂直D形盒底面，兩盒分別與交流電源相連．則下列說法中正確的是（）A.加速器半徑越大，粒子射出時獲得的動能越大B.粒子獲得的最大動能由交變電源的電壓決定C.加速器中的電場和磁場都可以使帶電粒子加速D.粒子在磁場中運動的周期與交變電壓的周期同步三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用如圖所示的裝置來探究小球做圓周運動所需向心力的大小F與質量m、角速度ω和半徑r之間的關系．兩個變速輪塔通過皮帶連接，轉動手柄使長槽和短槽分別隨變速輪塔勻速轉動，槽內(nèi)的鋼球就做勻速圓周運動．橫臂的擋板對鋼球的壓力提供向心力，鋼球對擋板的反作用力通過橫臂的杠桿作用使彈簧測力筒下降，從而露出標尺，標尺上的紅白相間的等分格顯示出兩個鋼球所受向心力的比值．如圖是探究過程中某次實驗時裝置的狀態(tài)（1）在研究向心力的大小F與質量m關系時，要保持_____相同A．ω和rB．ω和mC．m和rD．m和F（2）圖中所示，兩個鋼球質量和半徑相等，則是在研究向心力的大小F與______的關系A．質量mB．半徑rC．角速度ω（3）若圖中標尺上紅白相間的等分格顯示出兩個小球所受向心力的比值為1:9，與皮帶連接的兩個變速輪塔的半徑之比為______A．1:3B．3:1C．1:9D．9:1.12．（12分）用如圖1所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關K和兩個部件S、T。請根據(jù)下列步驟完成電阻測量：①旋動部件________，使指針對準電流的“0”刻線。②將K旋轉到電阻擋“×100”的位置。③將插入“+”、“—”插孔的表筆短接，旋動部件_____，使指針對準電阻的_____（填“0刻線”或“∞刻線”）。④將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過小，為了得到比較準確的測量結果，請從下列選項中挑出合理的步驟，并按_____的順序進行操作，再完成讀數(shù)測量。A.將K旋轉到電阻擋“×1K”位置B.將K旋轉到電阻擋“×10”的位置C.將兩表筆的金屬部分分別與被測電阻的兩根引線相接D.將兩表筆短接，旋動合適部件，對電表進行校準四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，三個電阻R1、R2、R3的阻值均等于電源內(nèi)阻r，電鍵S打開時，有一質量為m，帶電荷量為q的小球靜止于水平放置的平行板電容器的中點．現(xiàn)閉合電鍵S，這個帶電小球便向平行板電容器的一個極板運動，并和該板碰撞，碰撞過程小球沒有機械能損失，只是碰后小球所帶電荷量發(fā)生變化，碰后小球帶有和該板同種性質的電荷，并恰能運動到另一極板處．設電容器兩極板間距為d，求：（1）電源電動勢E；（2）小球與極板碰撞后所帶的電荷量14．（16分）如圖所示，在水平向右的勻強電場中，用長為L不可伸長的絕緣細線拴住一質量為m，帶電荷量為q的小球，線的上端固定于O點．細線與豎直方向成30°角時靜止釋放小球，小球開始擺動，當擺到A點時速度為零，此時OA恰好處于水平狀態(tài)，設整個過程中細線始終處于拉直狀態(tài)，靜電力常量為k，忽略空氣阻力．求：（1）判斷小球電性；（2）BA兩點間的電勢差UBA；（3）勻強電場的場強E的大小15．（12分）用如圖甲所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關K和兩個部件S、T．請根據(jù)下列步驟完成電阻測量（請將你的答案相應的字母或文字）填寫在空格內(nèi)：（1）旋動部件________，使指針對準電流的“0”刻線；（2）將K旋轉到電阻擋“×100”的位置；（3）將插入“＋”“－”插孔的表筆短接，旋動部件________，使指針對準電阻的________（填“0刻線”或“∞刻線”）；（4）將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過小．為了得到比較準確的測量結果，請從下列選項中挑出合理的步驟，并按____________的順序進行操作，再完成讀數(shù)測量A．將K旋轉到電阻擋“×1k”的位置B．將K旋轉到電阻擋“×10”的位置C．將兩表筆的金屬部分分別與被測電阻的兩根引線相接D．將兩表筆短接，旋動合適部件，對電表進行校準（5）將紅、黑筆表分別與待測電路兩端相接觸，若電表的讀數(shù)如圖乙所示，則該電阻的阻值讀數(shù)應為________Ω（6）測量完畢后，要將選擇開關旋轉到________位置

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】奧斯特將通電導線放于小磁針上方時發(fā)現(xiàn)小磁針發(fā)生了偏轉，說明了通電導線周圍存在著磁場，即電流可以產(chǎn)生磁場。A.磁場的存在與分析不符，故A錯誤。B.磁場的方向性與分析不符，故B錯誤。C.電流可以產(chǎn)生磁場與分析相符，故C正確。D.磁場間有相互作用與分析不符，故D錯誤。2、A【解析】粒子從O沿直線運動到A，必定做勻速直線運動，根據(jù)左手定則和平衡條件可判斷電性，并可求出B和E；【詳解】A、若粒子帶正電，電場力向右，洛倫茲力垂直于OA線斜向右下方，則電場力、洛倫茲力和重力不能平衡，若粒子帶負電，符合題意，故A正確；BD、粒子受力如圖，由平衡條件得，所以該電場場強大小為，由平衡條件得，解得磁場的磁感應強度大小為，故B、D錯誤；C、粒子如果做勻變速運動，重力和電場力不變，而洛倫茲力變化，粒子不能沿直線運動，與題意不符，故C錯誤；故選A【點睛】關鍵是帶電粒子在復合場中運動的問題，要抓住洛倫茲力與速度有關的特點3、C【解析】所謂比值定義法，就是用兩個基本的物理量的“比”來定義一個新的物理量的方法．比如①物質密度②電阻③場強④磁通密度⑤電勢差等．一般地，比值法定義的基本特點是被定義的物理量往往是反映物質的最本質的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變，如確定的電場中的某一點的場強就不隨q、F而變．當然用來定義的物理量也有一定的條件，如q為點電荷，S為垂直放置于勻強磁場中的一個面積等．類似的比值還有：壓強，速度，功率等等靜電場中某點的電勢φ由電場本身決定，與試探電荷無關，A錯誤；由歐姆定律公式可知，屬于比值定義法，導體的電阻R與兩端電壓U，及流過的電流I無關，故B錯誤；由公式可知，Q是形成此電場的點電荷的電量，r是該點距Q的距離，因此點電荷Q在距其r處產(chǎn)生的電場強度E由場源電荷電量Q和距場源電荷的距離r決定，C正確；電容器的電容C由電容器本身決定，與試探電荷無關，D錯誤4、C【解析】電子受到的電場力方向與電場方向相反，在極板間電子向板偏轉，在極板間電子向板偏轉，疊加后電子打第三象限，故C正確，A、B、D錯誤；故選C5、A【解析】分析電路可知，并聯(lián)后與，串聯(lián)接入電路，燈泡的電阻，則電路總電阻，干路電流，則經(jīng)過的電流，故A正確故選A6、A【解析】A：平行板電容器的電容，電容器電壓與電容的關系為，電量不變，保持不變，增大，電容減小，電壓增大，變大，故A項正確B：電量不變，保持不變，減小，電容增大，電壓減小，變小，故B項錯誤C：電量不變，保持不變，減小，電容減小，電壓增大，變大，故C項錯誤D：電量不變，保持、不變，在兩板間插入電介質，電容增大，電壓變小，變小，故D項錯誤所以選A點睛：①平行板電容器充電后，若保持其始終與直流電源相連，則板間電壓不變．當電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、、來判斷各量如何變化②平行板電容器充電后與電源斷開，由于電荷不能移動，電容器的帶電量不變．當電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、、來判斷各量如何變化二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，重力與電場力平衡，則知小球所受的電場力豎直向上，與電場方向相反，因此小球帶負電，故A正確．小球做勻速圓周運動，動能不變，重力勢能不斷變化，兩者之和即機械能在變化，故B錯誤．小球做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力，則有qvB=mr，又qE=mg，聯(lián)立得，故C正確．在加速電場中，根據(jù)動能定理得qU=mv2，得，知若電壓U增大，小球獲得的速度v增大，小球做勻速圓周運動的軌跡半徑增大，根據(jù)知小球做勻速圓周運動的周期不變．故D錯誤．故選AC8、BD【解析】L是自感系數(shù)足夠大的線圈，它的電阻可忽略不計，LA、LB是兩個完全相同的小燈泡。AB．S閉合瞬間，但由于線圈的電流增加，導致線圈中出現(xiàn)感應電動勢從而阻礙電流的增加，所以兩燈同時亮，當電流穩(wěn)定時，由于電阻可忽略不計，所以以后LA熄滅，LB變亮，故A錯誤，B正確；CD．S斷開的瞬間，LB立即熄滅，但由于線圈的電流減小，導致線圈中出現(xiàn)感應電動勢從而阻礙電流的減小，所以LA亮一下再慢慢熄滅，故C錯誤，D正確。故選BD。9、AD【解析】A．該圖中線圈轉動時，穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，會產(chǎn)生感應電流，選項A正確；B．該圖中線圈向下運動時，穿過線圈的磁通量不變，不會產(chǎn)生感應電流，選項B錯誤：C．該圖中線圈在磁場內(nèi)部平動時，穿過線圈磁通量不變，不會產(chǎn)生感應電流，選項C錯誤：D．該圖中線圈拉出磁場時，穿過線圈的磁通量變化，會產(chǎn)生感應電流，選項D正確。故選AD。10、AD【解析】A、B、由qvB=m得v=，當r=R時，v最大，v=，所以最大動能EK=，由此可知質子的最大動能只與粒子本身的荷質比，加速器半徑，和磁場大小有關，與加速電壓無關，故A正確，B錯誤；C、加速器中的電場可以使帶電粒子加速，而磁場使粒子偏轉，故C錯誤；D、根據(jù)加速原理，當粒子在磁場中運動的周期與交變電壓的周期同步時，才能處于加速狀態(tài)．故D正確；故選AD【點睛】理解回旋加速器工作原理，熟練運用相關公式，便可解出此題，特別注意加速獲得的最大動能與電場的電壓無關三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A②.C③.B【解析】（1）[1]．在研究向心力的大小F與質量m、角速度ω和半徑r之間的關系時，需先控制某些量不變，研究另外兩個物理量的關系，該方法為控制變量法．故選A（2）[2]．兩個鋼球質量和半徑相等，則是在研究向心力的大小F與角速度的關系，故選C（3）[3]．根據(jù)F=mω2r，兩球的向心力之比為1：9，半徑和質量相等，則轉動的角速度之比為1：3，因為靠皮帶傳動，變速輪塔的線速度大小相等，根據(jù)v=rω，知與皮帶連接的變速輪塔對應的半徑之比為3：1．故選B12、①.S②.T③.0刻線④.ADC【解析】(1)[1]首先要對表盤機械校零，所以旋動部件是S(3)[2][3]接著是歐姆調(diào)零，將“十”、“-”插孔的表筆短接，旋動部件T，讓表盤指針指在最右端零刻度處(4)[4]當兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過小，為了得到比較準確的測量結果，必須將指針在中間刻度附近，所以要將倍率調(diào)大．原因是指針偏轉小，則說明阻值大，則只有調(diào)大倍率才會實現(xiàn)．所以正確順序ADC四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】(1)當S打開時，電容器電壓等于電源電動勢E，即：U=E小球靜止時滿足：由以上兩式解得：；(2)閉合S，電容器電壓為，則：對帶電小球