2025屆北京市東城區物理高一第一學期期末學業質量監測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、關于牛頓第一定律的說法中，正確的是（）A.由牛頓第一定律可知，物體在任何情況下始終處于靜止狀態和勻速直線運動狀態B.牛頓第一定律只是反映慣性大小的，因此也叫慣性定律C.牛頓第一定律反映了物體不受外力作用時的運動規律，因此，物體在不受力時才有慣性D.牛頓第一定律既揭示了物體保持原有運動狀態的原因，又揭示了運動狀態改變的原因2、釣魚島自古就是我國固有的領土，它到溫州的距離為356km。若某天我國海監船為維護我國對釣魚島的主權，早上8：00從溫州出發去釣魚島巡航，航行了480km，歷時8時20分到達釣魚島。下列說法中正確的是()A.8：00是指時間間隔B.8時20分是指時刻C.該海監船位移大小為480km，路程為356kmD.盡管海監船比較大，但在研究從溫州出發去釣魚島巡航位移時，可以將它看成質點3、物體M放在光滑水平桌面上，桌面一端附有輕質光滑定滑輪，若用一根跨過滑輪的輕繩系住M，另一端掛一質量為m的物體，M的加速度為a1，若另一端改為施加一豎直向下F＝mg的恒力，M的加速度為a2，則()A.a1＞a2 B.a1＜a2C.a1=a2 D.無法確定4、下面關于質點的說法正確的是（）A.研究和觀察日食現象時可把太陽看作質點B.研究地球的公轉時可把地球看作質點C.研究地球的自轉時可把地球看作質點D.原子很小，因此把原子看作質點5、如圖所示，某質點沿一長為8米、寬為6米的矩形軌道運動，每秒鐘以恒定速率移動1m，初始位置在bc邊的中點A，由A向c逆時針運動，A、B、C、D邊的中點分別是bc、cd、da、ab邊的中點，下列說法正確的是A.第3s內的平均速度是3m/sB.前3s內的平均速度為3m/sC.第7s內的平均速度為m/sD.前7s內的平均速度為m/s6、如圖所示，質量為的人站在體重計上，隨電梯以大小為的加速度加速上升。重力加速度大小為，下列說法正確的是()A.人對體重計的壓力大小為B.人對體重計的壓力大小為（）C.人對體重計的壓力大小為（D.人對體重計的壓力大于體重計對人的支持力7、傳送帶沿如圖所示方問勻速運動，其中ab段為水平部分，bc段為傾斜部分,其與水平面的夾角為可視為質點的小物體A與傳送帶間的動摩擦因數=025，若把物體A輕放到a端，它將被送帶送到c端，且物體不會脫離傳送帶（，，g=10m/s2)。則物體A從a端到c端的運動過程中，其速率--時間圖像可能正確的是（）A. B.C. D.8、如圖所示，重物的質量為m，輕細繩AO的A端和BO的B端固定，平衡時AO水平，BO與水平方向的夾角為60°．AO的拉力F1和BO的拉力F2與物體重力的大小關系是（）A.F1＞mg B.F1＜mgC.F2＜mg D.F2＞mg9、如圖所示，在光滑斜面上，有一輕質彈簧的一端固定在斜面上，有一物體A沿著斜面下滑，當物體A剛接觸彈簧的一瞬間到彈簧壓縮到最低點的過程中，下列說法中正確的是A.物體的加速度將先增大，后減小B.物體的加速度將先減小，后增大C.物體的速度將先增大，后減小D.物體的速度將先減小，后增大10、在粗糙的水平面上，物體在水平推力的作用下，由靜止開始做勻加速直線運動，經過一段時間后，將水平推力逐漸減小到零（物體不停止），在水平推力減小到零的過程中（）A.物體的速度一直增大B.物體的速度先增大后減小C.物體的加速度（大小）一直減小D.物體的加速度（大?。┫葴p小后增大11、有四個物體A、B、C、D，物體A、B運動的x-t圖象如圖甲所示；物體C、D從同一地點沿同一方向運動的v-t圖象如圖乙所示。根據圖象做出的以下判斷中正確的是（）A.物體A和B均做勻變速直線運動B.在0~3s的時間內，物體A、B的間距逐漸減小C.t=3s時，物體C、D的速度相同D.在0~3s的時間內，物體C與D的間距逐漸增大12、如圖，物體P靜止于固定的斜面上，P的上表面水平?，F把物體Q輕輕地疊放在P上，則（）A.P向下滑動B.P靜止不動C.P所受的合外力為零D.P與斜面間的靜摩擦力增大二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（12分）我國擁有航空母艦后，艦載機的起飛與降落等問題受到了廣泛關注.2012年11月23日，艦載機殲—15首降“遼寧艦”獲得成功，隨后艦載機又通過滑躍式起飛成功．某興趣小組通過查閱資料對艦載機滑躍起飛過程進行了如下的簡化模擬：假設起飛時“航母”靜止，飛機質量視為不變并可看成質點．“航母”起飛跑道由如圖所示的兩段軌道組成(二者平滑連接，不計拐角處的長度)，其水平軌道長AB＝L，水平軌道與斜面軌道末端C的高度差為h.一架殲—15飛機的總質量為m，在C端的起飛速度至少為v.若某次起飛訓練中，殲—15從A點由靜止啟動，飛機發動機的推力大小恒為0.6mg，方向與速度方向相同，飛機受到空氣和軌道平均阻力的合力大小恒為0.1mg.重力加速度為g.求：(1)飛機在水平軌道AB上運動的時間；(2)在水平軌道末端B，發動機的推力功率；(3)要保證飛機正常起飛，斜面軌道的長度滿足的條件．(結果用m、g、L、h、v表示)17、（10分）如圖所示，將一個小球水平拋出，拋出點距水平地面的高度h＝3.2m，小球落地點與拋出點的水平距離x＝4.8m。不計空氣阻力，取g＝10m/s2。求：(1)小球從拋出到落地經歷的時間t；(2)小球拋出時的速度大小v0；(3)小球落地時的速度大小v。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】牛頓第一定律的內容：物體只在不受外力或所受外力的合力為零時，才保持靜止狀態或勻速直線運動狀態；牛頓第一定律說明力是改變物體運動狀態（或產生加速度）的原因，一切物體總具有慣性。故選D。2、D【解析】AB．8：00指的是時刻，8時20分指的是時間間隔，AB錯誤；C．該海監船位移大小為356km，路程為480km，C錯誤；D．盡管海監船比較大，但在研究從溫州出發去釣魚島巡航的位移時，船的大小可忽略不計，可以將它看成質點，D正確。故選D。3、B【解析】在繩的B端掛一質量為m的物體時，對整體分析，運用牛頓第二定律求出加速度的大小，當在B端施以F=mg的豎直向下的拉力作用時，對A分析，運用牛頓第二定律求出加速度的大小，然后比較【詳解】當在繩的B端掛一質量為m的物體時，對整體分析，有：mg=（M+m）a1，則；當在B端施以F=mg的豎直向下的拉力作用時，對A分析，有：mg=Ma2，，則a1＜a2，故選B【點睛】本題主要考查牛頓第二定律的運用，以及整體法和隔離法的運用，關鍵是掌握解題的方法4、B【解析】A.在觀察日食時，正是由于太陽的大小，才會出現日偏食、日全食等不同的情況，所以不可以把太陽看成質點，故A錯誤；B.研究地球繞太陽的公轉時，地球的大小對于和太陽之間的距離來說太小，可以忽略，所以可以把地球看成質點，故B正確；C.研究地球的自轉時，地球有大小和形狀不能忽略，不能看作質點，否則就無法分辨地球的轉動，故C錯誤；D.原子很小，但在研究原子內部的結構等的時候是不能看成質點的，故D錯誤。故選B。5、D【解析】AB．從A點開始，運動3s運動的距離為3m到達c點，則第3s內做以1m/s做勻速直線運動，則第3s內的平均速度為1m/s，前3s內的平均速度為1m/s，選項AB錯誤；C．第7s末到達B點，則第7s內物體沿cB移動1m，平均速度為1m/s，選項C錯誤；D．前7s內的位移則前7s內的平均速度選項D正確；故選D。6、C【解析】A.人受到的支持力，則根據牛頓第二定律可知：得到：根據牛頓第三定律得，對體重計的壓力大小，故C正確，AB錯誤；D.人對體重計的壓力和人受到的支持力是作用力和反作用力，故人對體重計的壓力等于體重計對人的支持力，故D錯誤；故選C。7、BD【解析】物體在段達到傳送帶的速度前一直做勻加速直線運動，物體的合外力為摩擦力為：所以加速度大小：若物體加速到傳送帶速度，則隨傳送帶一起做勻速直線運動；物體在段的最大靜摩擦力：所以，若物體速度小于傳送帶速度，摩擦力為最大靜摩擦力，方向沿斜面向下，此時合外力為：所以加速度大?。喝粑矬w速度大于等于傳送帶速度，摩擦力為最大靜摩擦力，方向沿斜面向上，此時合外力為：所以加速度大小：所以物體可能以加速度在上運動，在點時速度剛好等于傳動帶速度，然后在上以加速度運動；或物體以加速度在上運動，在點時速度小于傳動帶速度，然后在上先以加速度運動，加速至傳送帶速度后以加速度運動；或物體先以加速度在上運動達到傳送帶速度后勻速運動到點，然后在上以加速度運動；A．與分析不符，故A錯誤；B．與分析相符，故B正確；C．與分析不符，故C錯誤；D．與分析相符，故D正確；故選BD。8、BD【解析】解：對O點受力分析，如圖．根據共點力平衡得，．．故B、D正確，A、C錯誤故選BD【點評】解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡進行分析9、BC【解析】小球接觸彈簧后，彈簧的彈力先小于重力沿斜面向下的分力，小球的合力沿斜面向下，加速度也沿斜面向下，與速度方向相同，故小球做加速運動，因彈力逐漸增大，合力減小，加速度減??；隨著小球向下運動，彈簧的彈力增大，當彈簧的彈力大于重力沿斜面向下的分力后，小球的合力沿斜面向上，加速度沿斜面向上，與速度方向相反，小球做減速運動，彈力增大，合力增大，加速度也增大；綜上可知，加速度先減小后反向增大；小球速度先增大后減小，故BC正確，AD錯誤；

故選BC.點睛：解決本題的關鍵是分析小球的受力情況，再判斷其運動情況；壓縮彈簧運動的分析是中學階段的一個難點．要注意分析彈簧的彈力隨形變量的變化而變化；從而引起合力和加速度的變化過程10、BD【解析】根據牛頓第二定律：F-f=ma則當水平推力F減小到零的過程中，加速度先減小后反向變大，物體先加速后減速，故選項AC錯誤，BD正確；故選BD。11、CD【解析】A．由甲圖看出：物體A和B位移圖象都是傾斜的直線，斜率不變，速度不變，說明物體A和B都做勻速直線運動，故A錯誤；B．A圖線的斜率大于B圖線的斜率，A的速度比B的大，則知在0～3s的時間內，A在B的前方，兩者間距逐漸增大，故B錯誤；C．t=3s時，物體C、D的圖線相交，兩者速度相同，故C正確；D．由乙圖看出：0-3s內，D的速度比C的大，C、D是從同一地點沿同一方向開始運動的，所以D在C的前方，兩者間距增大。故D正確。故選CD。12、BCD【解析】AB.對P進行受力分析，受重力、支持力、靜摩擦力，根據平衡條件，有N=Mgcosθf=Mgsinθ得：由于物體Q輕輕地疊放在P上，相當于增大物體P重力，則P靜止不動，故A錯誤，B正確；C.物體P保持靜止，合力為零，故C正確；D.由于物體Q輕輕地疊放在P上，相當于增大物體P重力，則P與斜面間的靜摩擦力增大，故D正確。二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、(1)(2)(3)【解析】(1