2025屆新疆沙灣一中物理高二第一學期期中達標測試試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某電場的電場線的分布如圖所示．一個帶電粒子由M點沿圖中虛線所示的途徑運動通過N點．則下列判斷正確的是（）A．粒子帶負電B．粒子在M點的加速度大C．粒子在N點的速度大D．電場力對粒子做負功2、為測某電阻R的阻值，分別接成如圖（a）、（b）兩電路，在（a）電路中電壓表和電流表的示數分別為3V、3mA，乙電路中兩表示數分別是2.9V、4mA，則被測電阻的值應為()A．比1000Ω略大一些 B．比1000Ω略小一些C．比750Ω略大一些 D．比750Ω略小一些3、如圖所示為遠距離交流輸電的簡化電路圖．發電廠的輸出電壓是U，用等效總電阻是r的兩條輸電線輸電，輸電線路中的電流是I1，其末端間的電壓為U1．在輸電線與用戶間連有一理想變壓器，流入用戶端的電流是I2．則（）A．用戶端的電壓為I1U1/I2B．輸電線上的電壓降為UC．理想變壓器的輸入功率為I12rD．輸電線路上損失的電功率為I1U4、已知一質量為m的物體靜止在北極與赤道對地面的壓力差為ΔN，假設地球是質量分布均勻的球體，半徑為R．則地球的自轉周期為()A． B．C． D．5、下列說法正確的是（）A．洛倫茲力對帶電粒子永遠不做功B．運動電荷在某處不受洛倫茲力作用，則該處的磁感應強度一定為零C．運動電荷在磁感應強度不為零的地方，一定受到洛倫茲力作用D．洛倫茲力既不能改變帶電粒子的動能，也不能改變帶電粒子的速度6、如圖所示電路中，電源的內阻不可忽略，當開關S斷開時，電流表的示數為0.30A，則當S閉合時，電流表的示數可能是()A．0.22A B．0.42A C．0.52A D．0.58A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、用電場線能很直觀、很方便地比較電場中各點場強的強弱．如圖甲是等量異種點電荷形成電場的電場線，圖乙是場中的一些點：O是電荷連線的中點，E、F是連線中垂線上相對O對稱的兩點，B、C和A、D也相對O對稱．則A．B，C兩點場強相同B．A、D兩點電勢相等C．B、O、F三點比較，B點場強最強D．E、O、C三點比較，C點電勢最低8、如圖所示電路，R1、R2、R3為三個可變電阻，閉合電鍵后，電容器C1、C2所帶電量分別為Q1和Q2，電源電阻不能忽略，下面判斷正確的是（）A．僅將R1增大，Q1和Q2都將增大B．僅將R2增大，Q1和Q2都將增大C．僅將R3增大，Q1和Q2都將不變D．突然斷開開關S，通過R3的電量為Q1+Q29、用伏安法測未知電阻時，若不知的大約數值，為了選擇正確的電流表接法以減小誤差，可將儀器如圖所示接好，只空出一個電壓表的一個接頭K，然后將K分別與a，b接觸一下，觀察電壓表和電流表示數變化情況，則（）A．若電流表示數有顯著變化，K應按aB．若電流表示數有顯著變化，K應按bC．若電壓表示數有顯著變化，K應按aD．若電壓表示數有顯著變化，K應按b10、如圖所示，一平行板電容器的A、B兩極板與一電壓恒定的電源相連，極板水平放置，極板間距為d，兩極板間有一個質量為m的帶電粒子靜止于P點．下列說法正確的是A．帶電粒子帶負電B．若僅將A板稍微向上移動一定距離，則帶電粒子仍將保持靜止C．若僅將兩極板各繞其中點快速順時針轉過一定小角度后，則粒子將向左做直線運動D．若斷開電源并將B板稍向右移動一定距離，則帶電粒子將向上做直線運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用如圖1所示裝置研究平拋運動．將白紙和復寫紙對齊重疊并固定在豎直的硬板上．鋼球沿斜槽軌道PQ滑下后從Q點飛出，落在水平擋板MN上．由于擋板靠近硬板一側較低，鋼球落在擋板上時，鋼球側面會在白紙上擠壓出一個痕跡點．移動擋板，重新釋放鋼球，如此重復，白紙上將留下一系列痕跡點．(1)下列實驗條件必須滿足的有_____．A．斜槽軌道光滑B．斜槽軌道末段水平C．擋板高度等間距變化D．每次從斜槽上相同的位置無初速度釋放鋼球(2)為定量研究，建立以水平方向為x軸、豎直方向為y軸的坐標系．a．取平拋運動的起始點為坐標原點，將鋼球靜置于Q點，鋼球的___（選填“最上端”、“最下端”或者“球心”）對應白紙上的位置即為原點；在確定y軸時_______（選填“需要“或者“不需要”）y軸與重錘線平行．b．若遺漏記錄平拋軌跡的起始點，也可按下述方法處理數據：如圖2所示，在軌跡上取A、B、C三點，AB和BC的水平間距相等且均為x，測得AB和BC的豎直間距分別是y1和y2，則___（選填“大于”、“等于”或者“小于”）．可求得鋼球平拋的初速度大小為___（已知當地重力加速度為g，結果用上述字母表示）．(3)伽利略曾研究過平拋運動，他推斷：從同一炮臺水平發射的炮彈，如果不受空氣阻力，不論它們能射多遠，在空中飛行的時間都一樣．這實際上揭示了平拋物體______．A．在水平方向上做勻速直線運動B．在豎直方向上做自由落體運動C．在下落過程中機械能守恒12．（12分）表格中所列數據是測量小燈泡U﹣I關系的實驗數據：U（V）0.00.20.51.01.52.02.53.0I（A）0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215（1）分析表內實驗數據可知，應選用的實驗電路圖是圖中的_____（選填“甲”或“乙”）．（2）請在圖丙所示的方格紙內畫出小燈泡的U﹣I曲線_________；分析曲線可知小燈泡的電阻隨I變大而_____（選填“變大”、“變小”或“不變）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在平面直角坐標系xOy的第四象限有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度B＝2.0T．一質量為m＝5.0×10－8kg、電量為q＝1.0×10－6C的帶電粒子從P點沿圖示方向以v＝20m/s的速度進入磁場，從x軸上的Q點離開磁場（Q點未畫出）．已知OP＝30cm，(粒子重力不計，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)，求：(1)OQ的距離；(2)若粒子不能進入x軸上方，求磁感應強度B′滿足的條件．14．（16分）如圖所示，已知電源電動勢E＝20V，內阻r＝1Ω，當接入固定電阻R＝4Ω時，電路中標有“3V,6W”的燈泡L和內阻RD＝0.5Ω的小型直流電動機D都恰能正常工作．試求：(1)電路中的電流大小；(2)電動機的額定電壓；(3)電動機的輸出功率．15．（12分）如圖所示，空間存在與水平地面成37°角的有界勻強電場，水平地面上有一根細短管(距地面高度可忽略)，與水平地面之間的夾角為37°。一個略小于細短管直徑、質量為m=0.1kg、電荷量為q=0.1C的帶電小球，從水平地面上方一定高度處的A點（A點未標出）靜止釋放，恰好沿水平方向做直線運動，經t=0.3s后離開有界電場，又經過一段時間，小球恰好無碰撞地落入細短管。已知重力加速度g=10m/s2，取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，空氣阻力不計，求：（1）小球所帶電荷的電性和勻強電場強度E的大小；（2）小球落地時速度大小；（3）小球距水平地面的高度.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：由帶電粒子在電場中的運動軌跡可知，其受到的電場力是指向弧線所凹下去的那一端，即右上方，故粒子帶正電，A不對；由M到N時，電場力對粒子做正功，故粒子在N點的速度大于M點的速度，C是正確的，D不對；B中由于M點所在的位置電場力比N點稀疏，故M點的電場強度小于N點，電場力也小于N點，當然加速度也小于N點，B不對．考點：電場線與電場力做功．2、C【解析】用試觸法判斷電流表內外接方法是：哪個電表的變化大就用哪個表側真實值，電壓表的變化為，大于電流表的變化，故應該讓電壓表側真實值，即電流表外接（乙圖），，電流表測量值偏大，故所測電阻值比真實值大，所以待測電阻的值應為比750Ω略大一些，故應該選C3、A【解析】

試題分析：由于輸電線與用戶間連有一理想變壓器，設用戶端的電壓是U2，則U1I1=U2I2，得：．故A正確；輸電線上損失的電壓為U-U1，故B錯誤；理想變壓器的輸入功率為U1I1．故C錯誤；等效總電阻是r的兩條輸電線輸電，輸電線路中的電流是I1，所以輸電線是損耗的功率是：I12r．故D錯誤；故選A．4、A【解析】試題分析：在赤道上物體所受的萬有引力與支持力提供向心力可求得支持力，在南極支持力等于萬有引力．在北極①，在赤道②，根據題意，有③，聯立解得，A正確．5、A【解析】洛倫茲力的方向與速度方向垂直，所以洛倫茲力對帶電粒子不做功．故A正確．當粒子運動的方向與磁感應強度方向平行時，粒子不受洛倫茲力，但磁感應強度不為1．故BC錯誤．洛倫茲力只改變速度的方向，不改變速度的大小．故D錯誤．故選A．6、B【解析】

當S閉合時，外電阻減小，電流增大。根據路端電壓隨外電阻增大而增大，減小而減小，確定電流的范圍。即可進行解答。【詳解】當S閉合時，4Ω被短路，外電路總電阻減小，電流增大，則電流表示數大于0.30V。外電阻減小，則路端電壓隨之減小，設電流表的示數為I，則有I×6Ω＜0.3A×（4Ω+6Ω），則得I＜0.5A；故得電流表示數范圍為：0.3＜I＜0.5A，故B正確。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】

根據對稱性看出，B、C兩處電場線疏密程度相同，則B、C兩點場強大小相同。這兩點場強的方向均由B→C，方向相同，故A正確；根據對稱性可知A、D兩點電勢的絕對值相等，A的電勢為正值，D的電勢為負值，故B錯誤；電場線越密，場強越大；電場線越疏，場強越小，由圖看出，B、O、F三點比較，B點場強最強，故C正確；由圖可知，E、O兩點的電勢均為零，C點的電勢為負值，所以E、O、C三點比較，C點電勢最低，故D正確。所以ACD正確，B錯誤。8、BCD【解析】

A．增大R1，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，路端電壓變大，電容器C1兩端電壓增大，C2兩端電壓減小，電容器所帶電量Q1增大，Q2減小，故A錯誤；B．增大R2，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，路端電壓變大，電阻R1兩端電壓變小，電阻R2兩端電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，兩電容器所帶的電量都增加，故B正確；C．增大R3，整個電路電阻不變，Q1和Q2都將不變，故C正確；D．突然斷開開關S，兩個電容器都放電，通過R3的電量為Q1+Q2，故D正確。9、BC【解析】

AB.電流表示數有顯著變化，說明電壓表分流明顯，電流表應采用內接法，K應接在b處，故A錯誤，B正確；CD.如果電壓表示數變化明顯，電壓表示數變化明顯，說明電流表的分壓明顯，電流表應采用外接法，K應接在a處，故C正確，D錯誤。10、AD【解析】

帶電微粒P在水平放置的A、B金屬板間的電場內處于靜止狀態，說明處于平衡狀態，豎直向上的電場力大小等于重力的大小，即可判定粒子的電性；當兩平行金屬板A、B分別以繞其中點為軸在豎直平面內快速順時針轉過相同的較小角度α，此時分析P受到重力、電場力，從而判定運動性質；根據接通電源與斷開電源兩種情況下，前者是電壓U不變，后者是電量Q不變，結合，及，即可一一求解.【詳解】A．帶電微粒P在水平放置的A、B金屬板間的電場內處于靜止狀態，電場力豎直向上，且電場強度方向向下，因此粒子帶負電，故A正確；B．若僅將A板稍微向上移動一定距離，因電壓U不變，根據，則有電場強度減小，那么電場力減小，因此粒子將向下運動，故B錯誤；C．設初狀態極板間距是d，順時針旋轉α角度后，極板間距變為dcosα，所以電場強度，而且電場強度的方向也旋轉了α，由受力分析可知，豎直方向仍然平衡，水平方向有電場力的分力，所以微粒水平向右做勻加速直線運動，故C錯誤；D．若斷開電源并將B板稍向右移動一定距離，因電容器所帶電量Q不變，根據，及得，則知電場強度E增大，則帶電粒子將向上做直線運動，故D正確；故選AD.【點睛】考查了已知受力求運動，正確受力分析，有牛頓第二定律判斷運動情況，解決本題的關鍵是確定新場強與原來場強在大小、方向上的關系，注意電壓U與電量Q的不變兩種情況下，影響電場強度大小的影響也是解題的關鍵.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BD球心需要大于B【解析】

(1)[1]ABD．為了能畫出平拋運動軌跡，首先保證小球做的是平拋運動，所以斜槽軌道不一定要光滑，但必須是水平的．同時要讓小球總是從同一位置釋放，這樣才能找到同一運動軌跡上的幾個點，故A錯誤，BD正確；C．檔板只要能記錄下小球下落在不同高度時的不同的位置即可，不需要等間距變化，故C錯誤；(2)a．[2][3]小球在運動中記錄下的是其球心的位置，故拋出點也應是小球靜置于Q點時球心的位置；故應以球心在白紙上的位置為坐標原點；小球在豎直方向為自由落體運動，故y軸必須保證與重錘線平行；b．[4][5]如果A點是拋出點，則在豎直方向上為初速度為零的勻加速直線運動，則AB和BC的豎直間距之比為1：3；但由于A點不是拋出點，故在A點已經具有豎直分速度，故豎直間距之比大于1：3，由于兩段水平距離相等，故時間相等，根據解得：則初速度(3)[6]伽利略說明了小球由同一高度下落時的等時性，故只能說明小球在豎直方向為自由落體運動，無法說明水平方向上的勻速直線運動和是否機械能守恒，故B正確．12、（1）甲；（2）如圖所示；變大．【解析】（1）由表中數據可知，電壓、電流從零開始測量因此需要滑動變阻器分壓接法，故該實驗選擇分壓接法．故應選擇甲電路；

（2）根據表示所給數據，畫出小燈泡的U-I曲線如上所示；由小燈泡的U-I曲線可知，圖象的斜率變大，故說明當電流增大時，燈泡的電阻增大．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.90m；（2）B′>T＝5.33T；【解析】試題分析：（1）帶電粒子僅在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，有：得代入數據得：R＝0.50m而OP/cos53°＝0.50m故圓心一定在x軸上，軌跡如圖甲所