2025屆上海市莘莊中學等四校物理高二第一學期期中經典模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下面是某同學對電場中的一些概念及公式的理解，其中正確的是A．根據真空中點電荷的電場強度公式E=可知，電場中某點的電場強度與場源電荷所帶的電荷量有關B．根據電容的定義式C=可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比C．根據電流強度的定義式I=可知，電路中的電流強度與通過的電荷量成正比，與所經歷的時間成反比D．根據電勢差的定義式UAB=可知，帶電荷量為1C的正電荷，從A點移動到B點克服電場力做功為1J，則UAB=1V2、如圖所示，在方向水平向左的勻速電場中有一傾角為60°、高為H的固定絕緣斜面體，現將一質量為m，帶正電且電荷量為q的小物塊（可視為質點）從斜面體頂端由靜止釋放，已知重力加速度為g，勻強電場的電場強度大小為，不計空氣阻力A．小物塊將沿斜面下滑B．小物塊將做曲線運動C．小物塊到達地面時的速度大小為D．若其他條件不變，只增大電場強度，小物塊到達地面前的運動時間將增大3、運動員把足球踢出后，球在空中所受到的力有A．重力、踢球力、空氣阻力B．重力、使球向前飛的力、空氣阻力C．重力、球向前飛的力、踢球力、空氣阻力D．只有重力和空氣阻力4、激光的主要特點之一是它的頻率很大，設P表示激光功率，λ表示激光波長，則激光器每秒射出的光子數是A．h B． C． D．Phcλ5、如圖所示，正點電荷Q產生的電場中，已知A、B間的電勢差為U，現將電荷量為q的正點電荷從B移到A，則().A．外力克服電場力做功QU，電勢能增加qUB．外力克服電場力做功qU，電勢能增加QUC．外力克服電場力做功qU，電勢能增加qUD．外力克服電場力做功QU，電勢能減少QU6、如圖所示，勻強電場的電場強度E＝100V/m，A、B兩點相距LAB＝10cm，A、B連線與電場線夾角為60°，則UBA為A．－10V B．10VC．－5V D．－3V二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、演示位移傳感器的工作原理如圖所示，物體M在導軌上平移時，帶動滑動變阻器的金屬滑桿P，通過電壓表顯示的數據，來反映物體位移的大小s．假設電壓表是理想的，則下列說法正確的是()A．物體M運動時，電源內的電流會發生變化B．物體M運動時，電壓表的示數會發生變化C．物體M不動時，電路中沒有電流D．物體M不動時，電壓表沒有示數8、在簡諧橫波的傳播直線上有兩個介質質點A、B，它們相距60cm，當A質點在平衡位置處向上振動時，B質點處于波谷位置，若波速的大小為24m/s，則波的頻率可能是A．10Hz B．130HzC．400Hz D．510Hz9、如圖所示的電路中，若ab端為輸入端，AB為輸出端，并把滑動變阻器的滑動觸片置于變阻器的中央，則()A．空載時輸出電壓UAB=B．當AB間接上負載R時，輸出電壓UAB＜C．AB間的負載R越大，UAB越接近D．AB間的負載R越小，UAB越接近10、如圖所示電路中，電源電動勢為E，內電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為可變電阻，C為電容器。在可變電阻R3由較小逐漸變大的過程中A．電容器放電B．流過R2的電流方向是由a到bC．電容器的帶電量在逐漸增大D．電源內部消耗的功率減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為探究小燈泡的電功率P和電壓U的關系，小明測量小燈泡的電壓U和電流I，利用P=UI得到電功率．實驗所使用的小燈泡規格為“3.0V，1.8W”，電源為12V的電池，滑動變阻器的最大阻值為10Ω．(1)準備使用的實物電路如圖1所示．其中R0為定值電阻，以防止調節滑動變阻器時小燈泡兩端電壓過大．請將滑動變阻器接入電路的正確位置________________________．（用筆畫線代替導線）(2)現有R1=10Ω、R2=20Ω和R3=50Ω三只定值電阻，電路中的電阻R0應選____________．(3)小明處理數據后將P、U2描點在坐標紙上，并作出了一條直線，如圖2所示．請指出圖象中不恰當的地方：____________________________________________．12．（12分）靈敏電流計的內阻是Rg=200Ω，滿偏電流是Ig=1mA，要把這個電流表改裝成量程為6.0V的電壓表，應_____（填“串聯”或“并聯”）一個阻值為______Ω的電阻，改裝電壓表的內阻為_______Ω．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）示波器的示意圖如圖所示，金屬絲發射出來的電子被加速后從金屬板的小孔穿出，進入偏轉電場．電子在穿出偏轉電場后沿直線前進，最后打在熒光屏上．設加速電壓U1=1640V，偏極板長為4cm，偏轉板間距d=1cm，當電子加速后從兩偏轉板的中央沿板平行方向進入偏轉電場.（1）偏轉電壓為多大時，電子束打在熒光屏上偏轉距離最大？（2）如果偏轉板右端到熒光屏的距離b=20cm，則電子束最大偏轉距離為多少？（3）電子離開偏轉電場時的偏轉量和偏轉電壓的比叫做示波器的靈敏度，分析說明可采用哪些方法提高示波器的靈敏度．14．（16分）如圖所示，兩平行金屬板A、B間為一勻強電場，A、B相距6cm，C、D為電場中的兩點，且CD＝4cm，CD連線和場強方向成θ=60°角．一個電子從D點移到C點過程中電場力做功為3.2×10－17J，求：（電子的電荷量e=1.60×10－19C）（1）A、B間勻強電場的場強；（2）A、B兩點間的電勢差；（3）若A板接地，D點電勢為多少？15．（12分）如圖所示，輕質絕緣細繩上端固定，下端連接一個可視為質點的帶電小球，小球靜止在水平向左足夠大的勻強電場中，繩與豎直方向的夾角，已知小球所帶電荷量，勻強電場的場強，取重力加速度，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.求：(1)小球的帶電性質及所受電場力F的大小；(2)小球的質量m。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

A．根據點電荷的場強公式E=知：Q是場源電荷，所以電場中某點電場強度與場源電荷的電量成正比，與該點到場源電荷距離的平方成反比，故A正確；B．電容是描述電容器容納電荷本領的物理量，取決于電容器本身，并不是電容器的電容與所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比，故錯誤；C．電流采用的是比值定義法，其大小與電量無關，故C錯誤；D．據電勢差的定義式UAB=知，帶電量為1C正電荷，從A點移動到B點克服電場力做功為1J，即電場力做功為-1J，則A、B點的電勢差為-1V，故D錯誤。2、C【解析】

對物塊進行受力分析，畫出物塊的運動軌跡．運用動能定理或牛頓第二定律和運動學公式解決問題．【詳解】A、B、對物塊進行受力分析，物塊受重力和水平向左的電場力，電場力，則合力的大小為2mg，方向如圖所示：小物塊將沿合力方向做勻加速直線運動，故A、B錯誤。C、運用動能定理研究從開始到落地過程：，解得；故C正確.D、將物塊的運動分解為水平方向和豎直方向，增大電場強度，電場力增大，水平方向的加速度增大，豎直方向上的加速度不變，根據等時性知，運動時間不變；故D錯誤.故選C.【點睛】了解研究對象的運動過程是解決問題的前提，根據題目已知條件和求解的物理量選擇物理規律解決問題．物體的運動是由所受到的力和初狀態決定的．這個題目容易認為物塊沿著斜面下滑．3、D【解析】

踢出去的足球在空中飛行時，只受空氣阻力與重力作用，由于離開腳，因此不存在腳踢球的力，能向前飛行是由于慣性，并沒有向前的飛行的力，故D正確，ABC錯誤．【點睛】本題考查了學生對重力的了解，及掌握慣性與力的區別，同時注意彈力產生的條件，注意明確沒有所謂的慣性力的說法．4、B【解析】

激光的強度由光子數目決定。因為則單位時間內射出的光子數故B正確。5、C【解析】

根據順著電場線的方向，電勢依次降低，可知，那么正點電荷從B移動到A過程中，電場力做功為表示外力克服電場力做功，電場力做負功，則電荷的電勢能增加，故ABD錯誤，C正確．故選C.6、C【解析】

由圖示可知，AB方向與電場線方向間的夾角θ=60°，AB兩點沿電場方向的距離：d=Lcosθ，AB兩點間的電勢差：UAB=Ed=ELcosθ=100V/m×0.1m×cos60°=5V，BA間的電勢差：UBA=-UAB=-5V，故C正確、A，B，D錯誤.故選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】劃片將滑動變阻器分成兩個部分且兩部分是串聯在一起的，故電路中的電流恒定不變，所以當M運動時，電源內的電流不會發生變化，電壓表顯示的是滑動變阻器左端部分兩端的電壓，所以,會隨著M的運動而發生變化，當M不運動時，電路仍在工作，所以電壓表電流表都不為零，B正確．8、ABD【解析】

若這列波的傳播方向是由A向B，據題有，（n=0，1，2，1．．．．．．）則得由v=λf得，（n=0，1，2，1．．．．．．）當n=0時，，當n=1時，若這列波的傳播方向是由B向A，則有，（n=0，1，2，1．．．．．．）則得由v=λf得，（n=0，1，2，1．．．．．．）當n=12時，，故ABD正確。故選ABD。9、ABC【解析】

A．空載時，AB間斷開無負載，則A正確；BCD．當AB間接上負載R時，R與并聯，其總電阻則輸出電壓B正確；且R越大，就越接近，則就越接近，C正確，D錯誤；故選ABC。10、CD【解析】

ABC：可變電阻R3由較小逐漸變大，電路總電阻逐漸增大，總電流I逐漸減小，R3兩端電壓U3=E-I(r+R1)逐漸增大，電容器電壓逐漸增大，電容器的帶電量逐漸增大，流過R2的電流方向是由b到a。D：電路總電流I逐漸減小，電源內部消耗的功率Pr=I【點睛】電路穩定后，與電容器串聯的電路中沒有電流，電阻不起降壓作用，電阻在電路中作用相當于導線。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、R1①圖線不應畫直線，應用平滑的曲線連接②橫坐標標度太大【解析】（1）測定小燈泡電功率實驗要求電流從零調，所以滑動變阻器應用分壓式接法，實物電路圖如圖所示：

（2）小燈泡的額定電流為：I==0.6A，所以通過電源的電流為I′=I+I變=0.6+0.3=0.9A，根據閉合電路歐姆定律，應有E=U+I′（r+R0），解得R0+r==10Ω，所以保護電阻應選10Ω的定值電阻R1；

（3）圖象中不恰當的地方有①圖線不應畫直線，應用平滑的曲線連接；②橫坐標標度太大．12、串聯58006000【解析】試題分析：靈敏電流計的滿偏電壓，所以要測量的電壓就要串聯一個電阻，串聯后的電壓等于量程即，計算得，此時改裝后的電壓表內阻．考點：靈敏電流計的改裝四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）U2=205V（2）0.055m（3）減少進入偏轉電場得速度【解析】

(1)在加速電場中，由動能定理得：解得：要使電子束打在熒光屏上偏轉距離最大，電子經偏轉電場后必須下板邊緣出來，根據類平拋運動的分位移公式，有：其中：聯立解得：(2)類平拋運動的末速度的反向延長線通過水平分位移的中點，如圖所示：結合幾何關系，有：解得：(3)由(1)解得：則靈敏度，由此可知，提高示波器的靈敏度，可以減小加速電壓U1，減小偏轉電極間距或增大偏轉電極的長度.【點睛】帶電粒子先加速后偏轉問題，電場中加速根據動能定理求解獲得的速度、偏轉電場中類平拋運動的研究方法是運動的分解和合成．14、（1）1