江西省南昌八中、南昌二十三中等四校2025屆數學高一上期末統考試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每個小題給出的四個選項中，恰有一項是符合題目要求的1．已知，，，則、、的大小關系為（）A. B.C. D.2．點P在正方形ABCD所在平面外，PD⊥平面ABCD，PD=AD，則PA與BD所成角的度數為（）A.30° B.45°C.60° D.90°3．已知，，則的大小關系是A. B.C. D.4．函數的零點所在的區間是A. B.C. D.5．已知定義在R上的函數滿足：對任意，則A. B.0C.1 D.36．為了得到函數的圖象，只需把函數的圖象（）A.向左平行移動個單位長度 B.向右平行移動個單位長度C.向左平行移動個單位長度 D.向右平行移動個單位長度7．函數的圖像為（）A. B.C. D.8．下列函數中，在定義域內既是單調函數，又是奇函數的是（）A. B.C. D.9．冪函數的圖象關于軸對稱，且在上是增函數，則的值為（）A. B.C. D.和10．已知，其中a，b為常數，若，則（）A. B.C.10 D.2二、填空題：本大題共6小題，每小題5分，共30分。11．的定義域為_________;若，則_____12．已知函數，若對任意的、，，都有成立，則實數的取值范圍是______.13．計算：=_______________.14．計算：=___________15．命題“”的否定是________16．若冪函數的圖象過點，則___________.三、解答題：本大題共5小題，共70分。解答時應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17．已知直線（1）求證：直線過定點（2）求過(1)的定點且垂直于直線直線方程.18．已知函數（1）寫出函數單調遞減區間和其圖象的對稱軸方程；（2）用五點法作圖，填表并作出在圖象.xy19．設1若對任意恒成立，求實數m的取值范圍；2討論關于x的不等式的解集20．已知函數與.（1）判斷的奇偶性；（2）若函數有且只有一個零點，求實數a的取值范圍.21．某公司為了解宿州市用戶對其產品的滿意度，從宿州市，兩地區分別隨機調查了40個用戶，根據用戶對產品的滿意度評分，得到地區用戶滿意度評分的頻率分布直方圖（如圖）和地區的用戶滿意度評分的頻數分布表（如表1）滿意度評分頻數2814106表1滿意度評分低于70分滿意度等級不滿意滿意非常滿意表2（1）求圖中的值，并分別求出，兩地區樣本用戶滿意度評分低于70分的頻率（2）根據用戶滿意度評分，將用戶的滿意度分為三個等級（如表2），將頻率看作概率，從，兩地用戶中各隨機抽查1名用戶進行調查，求至少有一名用戶評分滿意度等級為“滿意”或“非常滿意”的概率.

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每個小題給出的四個選項中，恰有一項是符合題目要求的1、C【解析】利用對數函數、指數函數的單調性結合中間值法可得出、、的大小關系.【詳解】因為，，，因此，.故選：C.2、C【解析】分別取AC.PC中點O.E.連OE,DE;則OE//PA,所以（或其補角）就是PA與BD所成的角；因PD⊥平面ABCD，所以PD⊥DC,PD⊥AD.設正方形ABCD邊長為2，則PA=PC=BD=所以OD=OE=DE=,是正三角形，，故選C3、D【解析】因為，故，同理，但，故，又，故即，綜上，選D點睛：對于對數，如果或，那么；如果或，那么4、B【解析】∵，，，，∴函數的零點所在區間是故選B點睛：函數零點問題，常根據零點存在性定理來判斷，如果函數在區間上的圖象是連續不斷的一條曲線，且有，那么，函數在區間內有零點，即存在使得

這個也就是方程的根．由此可判斷根所在區間.5、B【解析】，且，又，，由此可得，，是周期為的函數，，，故選B.考點：函數的奇偶性，周期性，對稱性，是對函數的基本性質的考察.【易錯點晴】函數滿足則函數關于中心對稱，,則函數關于軸對稱，常用結論：若在上的函數滿足，則函數以為周期.本題中，利用此結論可得周期為，進而，需要回到本題利用題干條件賦值即可.6、A【解析】根據三角函數圖象的變換求解即可【詳解】由題意，把函數的圖象向左平行移動個單位長度得到故選：A7、B【解析】首先判斷函數的奇偶性，再根據函數值的特征，利用排除法判斷可得；【詳解】解：因為，定義域為，且，故函數為偶函數，函數圖象關于軸對稱，故排除A、D，當時，，所以，故排除C，故選：B8、A【解析】根據解析式可直接判斷出單調性和奇偶性.【詳解】對于A：為奇函數且在上單調遞增，滿足題意；對于B：為非奇非偶函數，不合題意；對于C：為非奇非偶函數，不合題意；對于D：在整個定義域內不具有單調性，不合題意.故選：A.9、D【解析】分別代入的值，由冪函數性質判斷函數增減性即可.【詳解】因為，，所以當時，，由冪函數性質得，在上是減函數；所以當時，，由冪函數性質得，在上是常函數；所以當時，，由冪函數性質得，圖象關于y軸對稱,在上是增函數；所以當時，，由冪函數性質得，圖象關于y軸對稱,在上是增函數；故選：D10、A【解析】計算出，結合可求得的值.【詳解】因為，所以，若，則.故選:A二、填空題：本大題共6小題，每小題5分，共30分。11、①.；②.3.【解析】空一：根據正切型函數的定義域進行求解即可；空二：根據兩角和的正切公式進行求解即可.【詳解】空一：由函數解析式可知：，所以該函數的定義域為：；空二：因為，所以.故答案為：；12、【解析】分析出函數為上的減函數，結合已知條件可得出關于實數的不等式組，由此可解得實數的取值范圍.【詳解】設，則，由可得，即，所以，函數為上的減函數.由于，由題意可知，函數在上為減函數，則，函數在上為減函數，則，且有，所以，解得.因此，實數的取值范圍是.故答案：.【點睛】關鍵點點睛：在利用分段函數的單調性求參數時，除了分析每支函數的單調性外，還應由間斷點處函數值的大小關系得出關于參數的不等式組求解.13、【解析】考點：兩角和正切公式點評：本題主要考查兩角和的正切公式變形的運用，抓住和角是特殊角，是解題的關鍵.14、1【解析】.故答案為115、【解析】由否定的定義寫出即可.【詳解】命題“”的否定是“”故答案為：16、27【解析】代入已知點坐標求出冪函數解析式即可求,【詳解】設代入，即，所以，所以.故答案為：27.三、解答題：本大題共5小題，共70分。解答時應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17、（1）見解析；（2）.【解析】⑴將直線化為，解不等式組即可得證；⑵由（1）知定點為，結合題目條件計算得直線方程解析：（1）根據題意將直線化為的解得，所以直線過定點（2）由（1）知定點為，設直線的斜率為k，且直線與垂直，所以，所以直線的方程為18、（1）遞減區間，對稱軸方程：；（2）見解析【解析】(1)由正弦型函數的單調性與對稱性即可求得的單調區間與對稱軸；(2)根據五點作圖法規則補充表格，然后在所給坐標中描出所取五點，以光滑曲線連接即可.【詳解】(1)令，解得，令，解得，所以函數的遞減區間為，對稱軸方程：；(2)0xy131-11【點睛】本題考查正弦型函數的單調性與對稱性，五點法作正(余)弦型函數的圖像，屬于基礎題.19、（1）；（2）見解析.【解析】1由題意可得對恒成立，即有的最小值，運用基本不等式可得最小值，即可得到所求范圍；2討論判別式小于等于0，以及判別式大于0，由二次函數的圖象可得不等式的解集【詳解】1由題意，若對任意恒成立，即為對恒成立，即有的最小值，由，可得時，取得最小值2，可得；2當，即時，的解集為R；當，即或時，方程的兩根為，，可得的解集為【點睛】本題主要考查了不等式的恒成立問題，以及一元二次不等式的解法，注意運用轉化思想和分類討論思想方法，考查運算能力，屬于中檔題20、（1）偶函數（2）【解析】（1）根據奇偶性定義判斷；（2）函數只有一個零點，轉化為方程只有一個根，用換元法轉化為二次方程只有一個正根（或兩個相等正根），再根據二次方程根分布分類討論可得小問1詳解】∵的定義域為R，∴，∴為偶函數.【小問2詳解】函數只有一個零點即即方程有且只有一個實根.令，則方程有且只有一個正根.①當時，，不合題意；②當時，若方程有兩相等正根，則，且，解得；滿足題意③若方程有一個正根和一個負根，則，即時，滿足題意.∴實數a的取值范圍為.21、（1）；地區樣本用戶滿意度評分低于70分的頻率為；地區樣本用戶滿意度評分低于70分的頻率為（2）【解析】（1）由頻率和等于1計算可求得，進而計算低于70分的頻率即可得出結果.（2）由（1）可知，記從地區隨機抽取一名用戶評分低于70分的事件記為，則；可以記從地區隨機抽取一名用戶評分低于的事件記為，則，由對立事件的概率公式計算即可得出結果.【小問1詳解】根據地區的頻率直方圖可得，解得所以地區樣本用戶滿意度