互助縣第一中學2025屆高二上生物期末質量檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（共6小題，每小題6分，共36分。每小題只有一個選項符合題目要求）1．內環境與外界環境的物質交換，需要體內各個器官、系統的參與。如圖表示人體內的細胞與外界環境之間進行物質交換的過程。Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ表示不同的人體系統，甲、乙、丙表示三種體液。依據本圖，下列說法錯誤的是（）A.甲、乙、丙可分別表示淋巴、血漿和組織液B.Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ可分別表示消化系統、呼吸系統和泌尿系統C.乙的pH是由其中的氫離子維持的，與其他物質無關D.喝水多則經Ⅳ排出的尿就多，以維持體液中水含量的穩定2．在繁殖季節，美洲一種雄性招潮蟹以其特大的螯肢做出一系列有規律的動作來求偶，同種雌蟹能識別這種信息而前來交配，異種蟹卻對此無動于衷。下列說法錯誤的是（）A.雄蟹的求偶動作向同種雌蟹傳遞了行為信息B.雌蟹能準確識別求偶信息是長期進化的結果C.地理隔離是異種蟹對此信息無動于衷的原因D.干擾雄蟹的求偶行為會降低該蟹種群出生率3．下圖關于肺炎雙球菌轉化實驗，分析錯誤的是（）A.肺炎雙球菌轉化實質是一種基因重組 B.結果1中S型肺炎雙球菌占絕大多數C.該實驗證明DNA是遺傳物質 D.結果2中全部為R型肺炎雙球菌4．下列有關濕地生態系統和濕地生態系統恢復工程的敘述，正確的是（）A.濕地生態系統是指一切以水作為主要環境因素的生態系統，如江、海、湖泊等B.地球上80%的濕地生態系統遭到破壞，破壞濕地生態系統的主要因素是自然災害C.濕地生態系統具有多種生態功能，如蓄洪防旱、調節區域氣候、控制土壤侵蝕、自然凈化污水等D.濕地生態恢復工程最關鍵的是人類干預，以促進濕地生態系統快速有效地演替5．現有基因型為Aa的豌豆，已知含基因a的花粉存活率只有50%，且基因型為AA的子代無法存活，自然狀態下其子一代中基因型為aa所占比例是（）A.1/5 B.1/4 C.1/3 D.1/66．下列關于實驗的描述，正確的是（）A.將在蔗糖溶液中已發生質壁分離的洋蔥表皮細胞轉到更高濃度的蔗糖溶液中，則發生質壁分離復原B.在DNA和RNA在細胞中分布的實驗中鹽酸的作用是改變膜的通透性，但并不能使染色體中的DNA與蛋白質分開C.將肝臟研磨液煮沸冷卻后，如入到過氧化氫液中立即出現大量氣泡D.分離各種細胞器的常用方法是差速離心法二、綜合題：本大題共4小題7．（9分）下表表示某湖泊中幾種生物的食物網關系(“V”表示存在捕食關系)。請據表回答下列問題：被食者捕食者綠藻螺螄水草鯽魚輪蟲螺螄√√鯽魚√√√√輪蟲√（1）此生態系統中鯽魚屬于第三營養級的食物鏈有____________條，在該食物網中占有營養級最多的生物是____________。（2）該食物網中同時存在競爭和捕食關系的兩種生物有______。若由于某種原因螺螄全部死亡，則該湖泊生態系統的抵抗力穩定性將____________。（3）假如鯽魚的食物有1/5來自輪蟲，1/5來自螺螄，1/5來自水草，2/5來自綠藻，能量流動效率按10%計算，該鯽魚增重1kg需消耗綠色植物____________kg。（4）可以增加該湖泊生態系統中放養魚的種類，如草魚、鱅魚等，這樣做的目的是增加該生態系統_______的復雜性，從而加快了該生態系統中____________的速率。（5）雞糞是優良的魚類飼料，投入雞糞可以給魚提供食物，從而提高魚的產量。向湖泊中少量投入適量的雞糞不會對該湖泊生態系統產生明顯的影響，這是因為該生態系統具有____________。8．（10分）內皮素（ET）是一種多肽，主要通過與靶細胞膜上的ET受體（ETA）結合而發揮生物學效應。科研人員通過構建表達載體，實現ETA基因在大腸桿菌細胞中的高效表達，其過程如下圖所示，圖中SNAP基因是一種熒光蛋白基因，限制酶ApaⅠ的識別序列為，限制酶XhoⅠ的識別序列為。請據圖分析回答：（1）進行過程①時，需要加入緩沖液、引物、dNTP和_____酶等。完成過程①②③的目的是_____。④過程需要的工具是_____。（2）過程③和⑤中，限制酶XhoⅠ切割DNA，使_____鍵斷開，形成的黏性末端是_____。（3）構建的重組表達載體，目的基因上游的啟動子是_____的部位，進而可驅動基因的轉錄。除圖中已標出的結構外，基因表達載體還應具有的結構是_____。（4）過程⑥要用_____預先處理大腸桿菌，使其成為容易吸收外界DNA的_____細胞。（5）將SNAP基因與ETA基因結合構成融合基因，其目的是有利于檢測_____。9．（10分）完成下列有關草原上種群的問題：（1）種群密度是種群在_______________________中的個體數，是種群最基本的數量特征，種群的其他數量特征是影響種群密度的重要因素，其中______________、_____________直接決定種群密度，年齡結構影響______________，性別比例影響___________，進而影響種群密度。（2）采用樣方法調查草原上風滾草種群密度時，要根據風滾草的分布狀況和地段形狀確定樣方的多少、樣方大小和_____________。取樣的關鍵是要做到__________。調查草原某種兔子的種群密度應采用______________法，調查結果往往會偏大，請寫出導致結果偏大的可能原因_________________________________________________（答出兩點即可）。10．（10分）杜洛克豬毛色受兩對獨立遺傳的等位基因控制，毛色有紅毛、棕毛和白毛三種，對應的基因組成如下表。請回答下列問題：毛色紅毛棕毛白毛基因組成A_B_A_bb、aaB_aabb（1）棕毛豬的基因型有_______種。（2）已知兩頭純合的棕毛豬雜交得到的F1均表現為紅毛，F1雌雄交配產生F2。①該雜交實驗的親本基因型為__________。②F1測交，后代表現型及對應比例為_________。③F2中純合個體相互交配，能產生棕毛子代的基因型組合有_______種（不考慮正反交）。④F2的棕毛個體中純合體的比例為_________。F2中棕毛個體相互交配，子代白毛個體的比例為_________。11．（15分）已知單側光與重力均影響生長素的橫向運輸。為探究某強度的單側光及重力對橫放狀態下植物生長的影響，研究人員對剛萌發的盆栽燕麥分別進行了如圖甲所示的處理，燕麥彎曲生長情況用柱狀圖乙表示。下列相關敘述正確的是（）A.假如撤去單側光的照射，圖甲②莖仍將水平生長B.圖甲①若處于失重狀態下，則燕麥莖將水平生長C.實驗一段時間后，第③組燕麥會長成圖丙所示形態D.圖甲中①的向上彎曲程度最大，③的彎曲程度最小

參考答案一、選擇題：（共6小題，每小題6分，共36分。每小題只有一個選項符合題目要求）1、C【解析】分析題圖：乙與丙之間是雙向箭頭，說明一方是血漿，另一方是組織液，又因為丙的箭頭指向甲，甲只指向乙，說明甲是淋巴液，乙是血漿，丙是組織液。I是循環系統，Ⅱ是消化系統，Ⅲ與內環境是雙向交換，說明Ⅲ表示呼吸系統，IV表示泌尿系統。內環境是細胞直接生活的環境，是細胞與外界進行物質交換的媒介。【詳解】A、根據分析可知，丙箭頭指向甲，甲箭頭指向乙，而乙與丙之間是雙向箭頭，可推測甲、乙、丙可分別表示淋巴液、血漿和組織液，A正確；B、根據箭頭指向可知，Ⅱ表示消化系統、Ⅲ與內環境是雙向交換，可表示呼吸系統，Ⅳ和內環境單向交換，表示泌尿系統(如水的重吸水和排出)，B正確；C、乙血漿的pH是由血漿中的緩沖物質維持的，C錯誤；D、腎臟是泌尿系統中的重要器官，喝水多引起細胞外液滲透壓降低，抗利尿激素分泌減少，則尿量增多，最終維持體液中水含量的穩定，D正確。故選C。2、C【解析】1、生態系統中信息的類型（1）物理信息：生態系統中的光、聲、顏色、溫度、濕度、磁力等，通過物理過程傳遞的信息。（2）化學信息：生物在生命活動過程中，產生的一些可以傳遞信息的化學物質。（3）行為信息：是指某些動物通過某些特殊行為，在同種或異種生物間傳遞的某種信息。2、信息傳遞在生態系統中的作用：（1）生命活動的正常進行，離不開信息的作用；（2）生物種群的繁衍，也離不開信息的傳遞；（3）信息還能夠調節生物的種間關系，以維持生態系統的穩定。【詳解】A、在繁殖季節，雄蟹以其特大的螯肢做出一系列有規律的動作來求偶，向同種雌蟹傳遞了行為信息，A正確；B、雄蟹傳遞的求偶信息能被同種雌蟹準確識別，這是該蟹種群長期進化的結果，B正確；C、不同物種間存在著生殖隔離，異種蟹對招潮蟹的求偶信息無動于衷，屬于生殖隔離的具體體現，C錯誤；D、若干擾雄蟹的求偶行為，會減少雌雄蟹個體交配的機會，從而降低該蟹種群的出生率，D正確。故選C。3、B【解析】R型和S型肺炎雙球菌的區別是前者沒有莢膜（菌落表現粗糙），后者有莢膜（菌落表現光滑）；艾弗里的肺炎雙球菌轉化實驗分析：只有S型細菌的DNA能使R型細菌發生轉化，DNA被水解后不能使R型細菌發生轉化。因此圖中結果1同時出現了S菌和R菌，結果2只有R菌。【詳解】肺炎雙球菌轉化的實質是一種基因重組，A正確；結果1中少數R型細菌轉化為S型細菌，S型肺炎雙球菌占少數，B錯誤；該實驗證明DNA是“轉化因子”，即DNA是遺傳物質，C正確；DNA的水解產物不能將R菌轉化為S菌，因此結果2中全部為R型肺炎雙球菌，D正確。【點睛】解答本題的關鍵是掌握艾弗里及其同事的肺炎雙球菌的體外轉化實驗，明確S菌的DNA是遺傳物質，而DNA的水解產物不是遺傳物質，進而對兩個實驗結果進行預測。4、C【解析】濕地生態系統是在多水和過濕條件下形成的生態系統。沼澤是典型的濕地生態系統，以沼澤植物占優勢，動物的種類也很多。濕地具有凈化水源、蓄洪抗旱的作用。它兼有水域和陸地生態系統的特點，具有極其特殊的生態功能，是地球上最重要的生命支持系統。【詳解】A、濕地生態系統是水域和陸地的自然過渡形式，A錯誤；B、地球上80%的濕地生態遭到破壞，破壞濕地生態系統的主要因素是人們對濕地進行排水和圍墾，B錯誤；C、濕地生態系統具有多種生態功能，如蓄洪防旱、調節區域氣候、自然凈化污水等，C正確；D、濕地生態恢復過程中，要盡量減少人類的干擾，是濕地依靠自然演替等機制恢復其生態功能，D錯誤。故選C。5、B【解析】豌豆是自花傳粉植物，自然狀態下自交繁殖后代。【詳解】由分析可知，由于“含基因a的花粉存活率只有50%”，因此產生的卵細胞為1/2A、1/2a，而精子的種類和比例為2/3A、1/3a，因此該個體自交，子一代基因型及比例為AA：Aa：aa=2：3：1，由于“基因型為AA的子代無法存活”，子一代基因型及比例為Aa：aa=3：1，則子一代中基因型為aa所占比例是=1/4，B正確，A、C、D錯誤。故選B。6、D【解析】細胞質壁分離原理：把成熟的植物細胞放置在某些對細胞無毒害的物質溶液中，當細胞液的濃度小于外界溶液的濃度時，細胞液中的水分子就透過原生質層進入到外界溶液中，使原生質層和細胞壁都出現一定程度的收縮。由于原生質層比細胞壁的收縮性大，當細胞不斷失水時，原生質層就會與細胞壁逐漸分離開來，也就是逐漸發生了質壁分離。當細胞液的濃度大于外界溶液的濃度時，外界溶液中的水分子就通過原生質層進入到細胞液中，發生質壁分離的細胞的整個原生質層會慢慢地恢復成原來的狀態，使植物細胞逐漸發生質壁分離復原。【詳解】A、如果將在蔗糖溶液中已發生質壁分離的洋蔥細胞轉到高濃度的蔗糖溶液中，由于細胞外液大于細胞液濃度，所以該細胞依然失水，細胞會繼續發生質壁分離，甚至死亡，在低濃度溶液中才會吸水發生質壁分離復原，A錯誤；B、在DNA和RNA在細胞中分布的實驗中鹽酸的作用：一是改變膜的通透性，使染色劑溶易進入細胞；二是使染色體中的DNA與蛋白質分開，使染色劑更容易與DNA結合，B錯誤；C、肝臟研磨液中含有H2O2酶，煮沸的過程中酶永久失活，冷卻后不會恢復，加入到過氧化氫溶液中不會出現大量氣泡，C錯誤；D、分離各種細胞器的常用方法是差速離心法，D正確。故選D。二、綜合題：本大題共4小題7、(1).3(2).鯽魚(3).螺螄和鯽魚、輪蟲和鯽魚(4).降低(5).46(6).營養結構(食物網或食物鏈)(7).物質轉化和能量流動(8).一定的自我調節能力【解析】分析表格：根據表中信息可寫出5條食物鏈，即綠藻→螺螄→鯽魚、綠藻→鯽魚、綠藻→輪蟲→鯽魚、水草→螺螄→鯽魚、水草→鯽魚。【詳解】（1）鯽魚屬于第三營養級的食物鏈有綠藻→螺螄→鯽魚、綠藻→輪蟲→鯽魚、水草→螺螄→鯽魚3條，生產者是第一營養級、螺螄和輪蟲都是第二營養級，所以占有營養級最多的生物是鯽魚，有第二和第三營養級。（2）螺螄和鯽魚都捕食水草和綠藻，同時鯽魚捕食螺螄，所以二者有競爭和捕食關系；生態系統物種種類越多，抵抗力穩定性越強，所以螺螄全部死亡，生物種類減少，該湖泊生態系統的抵抗力穩定性將降低。（3）鯽魚的食物有1/5來自輪蟲。1/5來自螺螄。1/5來自水草，2/5來自綠藻，能量流動效率按10%計算，該鯽魚增重1kg需消耗綠色植物為1/5÷10%÷10%+1/5÷10%÷10%+1/5÷10%+2/5÷10%=46Kg。（4）增加生態系統中物種的種類，可以增加生態系統營養結構的復雜性，加快物質轉化和能量流動的速率。（5）少量投入適量的雞糞不會對該湖泊生態系統產生明顯的影響，這是因為該生態系統具有具有自我調節能力。【點睛】本題結合圖表，考查生態系統的結構和功能，要求考生識記生態系統的結構，能根據表中關系準確判斷食物鏈的條數；掌握生態系統中能量流動的特點及傳遞效率，并能進行相關計算。8、①.反轉錄（逆轉錄）②.獲取目的基因③.限制酶和DNA連接酶④.磷酸二酯鍵⑤.⑥.RNA聚合酶識別和結合⑦.（復制原點、）終止子⑧.（Ca2＋）CaCl2⑨.感受態⑩.ETA基因能否表達及表達量【解析】根據題意和圖示分析可知：①②③表示反轉錄法獲得目的基因的過程，④表示構建基因表達載體，⑤表示限制酶切割質粒，⑥表示重組質粒導入受體細胞，⑦表示目的基因的檢測。【詳解】（1）過程①是以mRNA為模板合成cDNA，因此需要加入緩沖液、引物、dNTP和反轉錄（逆轉錄）酶等；完成過程①②③的目的是獲取目的基因（ETA基因）；④過程為基因表達載體的構建，該過程需要的工具是限制酶和DNA連接酶。（2）過程③和⑤利用限制酶XhoⅠ切割DNA獲得目的基因的過程，限制酶使得DNA的磷酸二酯鍵斷開，形成的黏性末端是。（3）構建的重組表達載體，目的基因上游的啟動子是RNA聚合物的識別和結合的部位，進而可驅動基因的轉錄；完整的基因表達載體包括目的基因、啟動子、終止子、標記基因、復制原點等，故除圖中已標出的結構外，基因表達載體還應具有的結構是終止子（和復制原點）。（4）過程⑥要用（Ca2＋）CaCl2預先處理大腸桿菌，使其成為容易吸收外界DNA的感受態細胞。（5）SNAP基因的表達產物是一種熒光蛋白，因此將SNAP基因與ETA基因結合構成融合基因，其目的是有利于檢測ETA基因能否表達及表達量。【點睛】本題考查基因工程的相關知識，意在考查學生的識圖能力和判斷能力，要求考生識記基因工程的原理及操作步驟，能結合圖中信息并運用所學知識綜合分析問題和解決問題的能力。9、（1）①.單位面積或單位體積②.出生率和死亡率③.遷入率和遷出率④.出生率和死亡率⑤.出生率（2）①.取樣方法②.隨機取樣③.標記重捕④.第一次被捕捉并標記的個體再次被捕捉時，逃避被捕捉的能力提高，被捕捉的幾率降低；標記物易脫落；標記的個體易被捕食（合理即得分）【解析】一定的自然區域內同種生物的全部個體稱為種群。種群的特征包括種群密度、出生率和死亡率、遷入率和遷出率、年齡組成和性別比例，其中，種群密度是種群最基本的數量特征；出生率和死亡率、遷入率和遷出率對種群數量起著決定性作用。【小問1詳解】種群在單位面積或單位體積中的個體數，叫做種群密度，種群密度是種群最基本的數量特征，出生率和死亡率、遷入率和遷出率對種群密度起著決定性作用，年齡結構影響種群的出生率和死亡率，性別比例影響種群的出生率，進而影響種群密度。【小問2詳解】采用樣方法調查草原上風滾草種群密度時，要根據風滾草的分布狀況和地段形狀確定樣方的多少、樣方大小和取樣方法。取樣的關鍵是要做到隨機取樣。兔子的活動能力強、活動范圍廣，應采用標志重捕法調查草原某種兔子的種群密度。計算公式為：種群數量=初捕×重捕/重標，由于第一次被捕捉并標記的個體再次被捕捉時，逃避被捕捉的能力提高，被捕捉的幾率降低；標記物易脫落；標記的個體易被捕食，會導致重捕個體中有標志的個體減少（重捕下降），使調查結果偏大。【點睛】本題考查種群的特征，意在考查考生的識記能力和理解所學知識要點，把握知識間內在聯系，形成知識網絡結構的能力，屬識記內容，相對簡單。10、(1).4(2).AAbb和aaBB(3).紅毛∶棕毛∶白毛=1∶2∶1(4).4(5).1/3(6).1/9【解析】本題考查基因的自由組合定律的實質和應用以及9∶3∶3∶1變型的應用。由題意：豬毛色受獨立遺傳的兩對等位基因控制，可知豬毛色的遺傳遵循自由組合定律。AaBb個體相互交配，后代A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1。據此答題。【詳解】（1）由表格知：棕毛豬的基因組成為A_bb、aaB_，因此棕毛豬的基因型有：AAbb、Aabb、aaBB、aaBb4種。（2）①由兩頭純合棕毛豬雜交，F1均為紅毛豬，紅毛豬的基因組成為A_B_，可推知兩頭純合棕毛豬的基因型為AAbb和aaBB，F1紅毛豬的基因型為AaBb。②F1測交，即AaBb與aabb雜交，后代基因型及比例為AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，根據表格可知后代表現型及對應比例為：紅毛∶棕毛∶白毛＝1∶2∶1。③F1紅毛豬的基因型為AaBb，F1雌雄個體