Page15高二物理試卷試卷滿分：100分★?？荚図槷敗锪粢馐马棧?.答卷前，考生務必將自己的學校.考號、班級、姓名等填寫在答題卡上.2.選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號，答在試題卷、草稿紙上無效.3.填空題和解答題的作答：用0.5毫米黑色簽字筆干脆答在答題卡上對應的答題區域內，答在試題卷.草稿紙上無效.4.考生必需保持答題卡的整齊.考試結束后，將試題卷和答題卡一并交回.第I卷選擇題（共40分）一、選擇題（本題共10小題，每小題4分，共40分.在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，第8~10題有多項符合題目要求.全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分.）1.下列各圖給出了通電導體中磁感線方向或者小磁針N極指向描述正確的（）A.通電直導線 B.通電直導線C.通電螺線管 D.N極指向地理南極【答案】B【解析】【詳解】A．依據安培定則判定，此通電直導線的磁感線方向，左邊垂直紙面對外，右邊垂直紙面對里，A錯誤；B．依據安培定則判定，次通電直導線的磁感線方向為逆時針方向，B正確；C．依據安培定則判定，通電螺線管軸線上的磁感線方向向右，C錯誤；D．地磁南極在地理北極旁邊，地磁北極在地理南極旁邊，故赤道上空的磁場方向從南指向北，D錯誤。故選B。2.關于電磁感應，下列說法正確的是（）A.如圖（a）所示，導體順著磁感線運動，回路中有感應電流B.如圖（b）所示，條形磁鐵插入線圈中不動，有感應電流產生C.如圖（c）所示，開關一干脆通，小螺線管A插入大螺線管B中不動，滑動變阻器阻值勻速滑動時無感應電流，加速滑動時有感應電流D.如圖（c）所示，開關一干脆通，小螺線管插入大螺線管中不動，只要移動滑片，電路中就有感應電流【答案】D【解析】【詳解】A．如圖（a）所示，導體順著磁感線運動，通過閉合回路的磁通量不變，回路中沒有感應電流。故A錯誤；B．如圖（b）所示，條形磁鐵插入線圈中不動，線圈中磁通量不變，沒有感應電流產生。故B錯誤；CD．如圖（c）所示，開關一干脆通，小螺線管插入大螺線管中不動，只要移動滑片，電路中的電流就發生變更，A產生的磁場就發生變更，B中的磁通量會發生變更，電路中就有感應電流。故C錯誤；D正確。故選D。3.將質量為的小球以的初速度豎直向上拋出，不計空氣阻力，取，以下推斷正確的是（）A.小球從被拋出至到達最高點受到的沖量大小為B.小球從被拋出至落回動身點動量的變更量大小為零C.小球從被拋出至落回動身點受到的沖量大小為D.小球從被拋出至落回動身點動量的變更量大小為【答案】D【解析】【詳解】A．規定豎直向上為正方向，依據動量定理有小球從被拋出至到達最高點受到的沖量大小為，故A錯誤；BCD．依據對稱性，小球回到拋出點時速度大小為20m/s，方向豎直向下，所以小球從被拋出至落回動身點動量的變更量大小為依據動量定理有小球從被拋出至落回動身點的沖量大小和動量的變更量大小均為，故BC錯誤，D正確。故選D。4.如圖所示，質量為的滑塊沿傾角為的固定斜面對上滑動，經過時間，速度為零并又起先下滑，經過時間回到斜面底端，滑塊在運動過程中受到的摩擦力大小始終為，重力加速度為.在整個運動過程中，下列說法正確的是（）A.支持力對滑塊的總沖量為B.重力對滑塊的總沖量為C.合外力的沖量為0D.摩擦力的總沖量為【答案】B【解析】【詳解】A．將重力依據垂直斜面和平行于斜面分解，可得支持力N=mgcosθ則支持力對滑塊的總沖量為方向垂直斜面對上，故A錯誤；B．依據沖量的定義知，重力對滑塊的總沖量為方向豎直向下，故B正確；C．起先小滑塊的動量沿斜面對上，最終小滑塊的動量沿斜面對下，依據動量定理可知整個過程中小滑塊的動量發生了變更，明顯合外力的沖量不為0，故C錯誤；

D．小滑塊向上滑動時摩擦力方向沿斜面對下，小滑塊向下滑動時摩擦力方向沿斜面對上，以沿斜面對上為正方向，則摩擦力的總沖量為故D錯誤。

故選B。5.如圖，水平彈簧右端固定在豎直墻壁上，左端連接在物塊上，水平面光滑.起先時物塊靜止，彈簧處于原長。一顆子彈以水平速度射入物塊，并留在物塊中。若子彈和物塊作用時間極短，下列有關說法中正確的是（）A.從子彈起先打物塊到彈簧壓縮至最短，子彈、物塊、彈簧組成的系統動量守恒B.從子彈起先打物塊到彈簧壓縮至最短，子彈、物塊、彈簧組成的系統機械能守恒C.從子彈起先打物塊到與物塊共速，子彈、物塊組成的系統動量守恒D.子彈和物塊一起壓縮彈簧的過程中，物塊、子彈、彈簧組成的系統動量守恒【答案】C【解析】【詳解】A．從子彈起先打物塊到彈簧壓縮至最短，子彈、物塊、彈簧組成的系統所受合外力不為零，所以動量不守恒，故A錯誤；B．一顆子彈以水平速度射入物塊，并留在物塊中，子彈、物塊、彈簧組成的機械能損失最多，故B錯誤；C．子彈起先打物塊到與物塊共速，子彈和物塊作用時間極短，內力遠大于外力，子彈、物塊組成的系統動量守恒，故C正確；D．子彈和物塊一起壓縮彈簧的過程中，物塊、子彈、彈簧組成的系統合外力不為零，動量不守恒，故D錯誤。故選C。6.下列說法不正確的是（）A.聽到迎面而來越來越尖銳的汽笛聲，這是波的多普勒效應B.變更的磁場能產生電場，變更的電場也能產生磁場C.圍繞振動的音叉轉一圈會聽到忽強忽弱的聲音，這是聲音的衍射現象D.紅外線、X射線、紫外線、可見光都是電磁波【答案】C【解析】【詳解】A．聽到迎面而來越來越尖銳的汽笛聲是多普勒效應，故A正確，不符合題意；B．變更的磁場能產生電場，變更的電場也能產生磁場，故B正確，不符合題意；C．圍繞振動的音叉轉一圈會聽到忽強忽弱的聲音，是由于音叉發出兩個頻率相同的聲波相互疊加，從而出現加強區和減弱區，屬于波的干涉現象，故C錯誤，符合題意；D．紅外線、X射線、紫外線、可見光都是電磁波，故D正確，不符合題意。故選C。7.某彈簧振子沿軸的簡諧振動圖像如圖所示，下列描述正確的是（）A.時，振子的速度為正，加速度為負B.時，振子的速度為負，加速度為負C.至時，振子的速度越來越小，加速度越來越大D.時，振子的速度為正，加速度為負【答案】C【解析】【詳解】在振動圖中，圖像斜率表示速度，依據回復力公式，結合牛頓其次定律可得因此可知時，振子的速度為負，加速度為負；時，振子的速度為負，加速度為正；至時，斜率越來越小，振子的速度越來越小，加速度越來越大；時，振子的速度為正，加速度為正。故選C。8.一列簡諧橫波沿軸傳播，時的波形如圖所示，質點A與質點B相距，A點速度沿軸正方向；時，質點A其次次到達正向最大位移處。由此可知（）A.此波沿軸正方向傳播B.在時，質點處在波谷位置C.此波傳播速度為D.從時起，經過，質點A沿波傳播方向遷移了【答案】BC【解析】【詳解】A．由同側法可知此波沿軸負方向傳播，故A錯誤；B．時A點速度沿軸正方向；時，質點A其次次到達正向最大位移處，可得波的周期為時，可知B點速度沿軸負方向，在時，質點處在波谷位置，故B正確；C．由波形圖可知波長為2m，則波速為故C正確；D．質點A不會隨波遷移，只會在平衡位置旁邊振動，故D錯誤。故選BC。9.如圖所示，斜面體靜止在光滑水平面上，將一物塊輕放在斜面體頂部，全部接觸面均光滑，關于物塊下滑的過程，下列說法正確的是（）A.物塊和斜面體組成的系統水平方向上動量守恒B.物塊和斜面體的動量變更量大小相等C.斜面對物體不做功，是因為斜面體對物體的彈力方向與斜面垂直D.物塊削減的機械能等于斜面體增加的動能【答案】AD【解析】【詳解】A．物塊和斜面體組成的系統在水平方向上不受外力作用，所以水平方向上動量守恒，故A正確；B．物塊下滑過程中，豎直方向上合外力不為零，總動量不守恒，所以物塊和斜面體的動量變更量大小不相等，故B錯誤；C．物塊下滑過程中，斜面對左運動，物塊對斜面做正功，依據系統能量守恒可知所以斜面對物塊做負功，故C錯誤；D．物塊和斜面組成的系統機械能守恒，所以物塊削減的機械能等于斜面體增加的動能，故D正確。故選AD。10.如圖所示，傳送帶以的水平速度把質量的行李包運輸到原來靜止在光滑軌道上的質量的小車上（小車足夠長），若行李包與車上表面間的動摩擦因數，取，則（）A.小車的最大速度是B.車上表面越粗糙，系統產生的內能越多C.行李包在小車上滑動的距離為D.行李包從滑上小車至在小車上滑到最遠處的過程中小車位移為【答案】ACD【解析】【詳解】A．依據動量守恒定律車的最大速度是故A正確；B．系統產生的內能等于損失的機械能，為與粗糙程度無關，故B錯誤；C．由可得行李包在小車上滑動的距離為故C正確；D．小車的加速度行李包從滑上小車至在小車上滑到最遠處的過程中小車位移為故D正確。故選ACD。第II卷非選擇題（共60分）二、非選擇題（本題共5小題，共60分.）11.某同學接受如圖所示的裝置，利用、兩球的碰撞來驗證動量守恒定律.圖中是斜槽，為水平槽.試驗時先使球從斜槽上某一固定位置由靜止起先滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡。（1）A球質量為，半徑為；B球質量為，半徑為，則______；A.，B.，C.，D.，（2）（多選）下列不須要滿意的條件是______；A.斜槽軌道末端的切線必需水平B.斜槽軌道必需是光滑的C.人射球每次必需從軌道的同一位置由靜止滾下D.必需測出水平槽離地面的高度，從而計算出時間（3）（多選）若兩球間的碰撞是彈性碰撞，下列等式正確的是______。AB.C.D.【答案】①.D②.BD##DB③.ABD【解析】【詳解】（1）[1]為了能使碰后小球A運動方向不發生變更，所以要有為了使得兩球是對心碰撞，要有故選D。（2）[2]A．要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必需水平，故A正確；B．“驗證動量守恒定律”的試驗中，是通過平拋運動的基本規律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故B錯誤；C．要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止滾下，故C正確；D．因為兩球每次平拋下落的高度一樣，下落時間都相同，時間可以相約，所以不須要測出水平槽離地面的高度，故D錯誤。本題選不須要滿意的條件，故選BD。（3）[3]小球離開軌道后做平拋運動，小球拋出點的高度相同，在空中的運動時間t相同，兩球碰撞過程動量守恒，以入射球的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得兩邊同時乘以運動時間t得則有又因為是彈性碰撞，由能量守恒定律有同理有聯立以上方程化簡得故選ABD。12.在“用單擺測量重力加速度”的試驗中，某試驗小組在測量單擺的周期時，測得擺球經過次全振動的總時間為，在測量單擺的擺長時，先用毫米刻度尺測得擺線長度為，再用游標卡尺測量擺球的直徑為?；卮鹣铝袉栴}：（1）為了減小測量周期的誤差，試驗時須要在適當的位置做一標記，當擺球通過該標記時起先計時，該標記應當放置在擺球搖擺的______。A.最低點B.最高點C.隨意位置D.起先釋放時的位置（2）該單擺的周期為______，重力加速度的表達式為______。（3）（多選）假如測得的值偏小，可能的緣由是______。A.測擺長時擺線拉得過緊B.擺線上端懸點未固定，振動中出現松動，使擺線長度增加了C.起先計時，停表過遲按下D.試驗時誤將50次全振動記為49次（4）為了提高試驗的精確度，在試驗中可變更幾次擺長并測出相應的周期，從而得出幾組對應的和的數值，以為橫坐標、為縱坐標作出圖像，但同學們不當心每次都把擺線長當做擺長，由此得到的圖像是圖乙中的______（選填“①”“②”或“③”），由此測出的重力加速度______（選填“偏大”“偏小”或“不變”）.【答案】①.A②.③.④.BD##DB⑤.③⑥.不變【解析】【詳解】（1）[1]當擺球通過最低點時起先計時。故選A。（2）[2]單擺的周期為[3]依據單擺周期公式而解得（3）[4]A．測擺長時擺線拉得過緊，會使擺長測量值偏大，所測值會偏大，故A錯誤；B．擺線上端懸點未固定，振動中出現松動，使擺線長度增加了，計算時帶入的擺長偏小，故所測的值會偏小，故B正確；C．起先計時，停表過遲按下，所測周期偏小，則所測值會偏大，故C錯誤；D．試驗時誤將50次全振動記為49次，所測周期偏大，則所測的值會偏小，故D正確。故選BD。（4）[5]依據周期公式可得由此得到的圖像是圖乙中的③；[6]圖像斜率為由此可知與擺長無關，所以測出的重力加速度不變。13.軸上的波源、分別位于和處，時刻兩波源同時起先振動，產生的兩列簡諧橫波沿、連線相向傳播，時兩列波的圖像如圖所示。質點的平衡位置位于處，求：（1）兩列波傳播速度的大小；（2）質點從起先振動到時運動的路程。【答案】（1）v=0.2m/s；（2）s=24cm【解析】【詳解】（1）由圖像可知，兩列波的波長2s內傳播了一個波長，該波的周期T=2s在同一種介質中兩列波的傳播速度相同，由解得v=0.2m/s（2）設再經時間，兩列波傳播至M點，則?x=v?t1解得?t1=1.5s到t2=4.5s，M點振動時間=1s經分析M點為振動加強點，其振幅依據簡諧運動周期性，質點M從起先振動t2=4.5s運動的路程s=2A′=24cm14.兩塊質量都是的木塊和在光滑水平面上均以速度向左勻速運動，中間用一根勁度系數為的輕彈簧連接著，如圖所示?，F從水平方向迎面射來一顆子彈，質量為，速度為，子彈射入木塊并留在其中。求：（1）在子彈擊中木塊后的瞬間木塊的速度大?。唬?）若子彈擊中木塊時間是（微?。笞訌棑糁心緣K過程中子彈對木塊的平均推力；（3）在子彈擊中木塊后的運動過程中彈簧的最大彈性勢能。【答案】（1）vA=3v0；（2）；（3）【解析】【詳解