河北省邢臺市新河中學高三物理知識點試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.溫室效應嚴重威脅著人類生態環境的安全.為了減少溫室效應造成的負面影響，有的科學家受到了啤酒在較高壓強下能夠溶解大量的二氧化碳的啟發，設想了一個辦法：可以用壓縮機將二氧化碳送入海底，永久儲存起來.海底壓強很大，溫度很底，海底深水肯定能夠溶解大量的二氧化碳，這樣就為溫室氣體二氧化碳找到了一個永遠的“家”，從而避免溫室效應，在將二氧化碳送入海底的過程中，以下說法不正確的是A.壓縮機對二氧化碳做功，能夠使其內能增大B.二氧化碳與海水間的熱傳遞能夠使其內能減少C.二氧化碳分子平均動能會減少D.每一個二氧化碳分子平均動能都會減少參考答案：D2.如圖所示，一個等邊三角形閉合金屬線圈ABC以過A點的垂線為軸勻速轉動，已知邊長為L，匝數為N，磁感應強度為B，角速度為ω，內阻為R，則電流有效值I為（

）A．

B．

C．

D．參考答案：

答案：C3.（單選題）設地球的半徑為R0，質量為m的衛星在距地面2R0高處做勻速圓周運動，地面的重力加速度為g，則（

）A．衛星的線速度為

B．衛星的角速度為C．衛星的加速度為

D．衛星的周期為參考答案：D4.我國“嫦娥二號”探月衛星經過無數人的協作和努力，于2010年10月1日18時59分57秒在四川西昌衛星發射中心發射升空。如圖所示,“嫦娥二號”探月衛星在由地球飛向月球時，沿曲線從M點向N點飛行的過程中，速度逐漸減小。在此過程中探月衛星所受合力下列圖中方向可能的是(

)參考答案：5.（單選）我國家庭照明電路用的交流電的電壓瞬時值隨時間變化的規律為u=311sin100πtV，關于此交流電下列說法中正確的是A.電壓的最大值是311VB.電壓的有效值是311VC.交流電的頻率為100HzD.交流電的周期為100s參考答案：A二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波的圖象．經△t=0.1s，質點M第一次回到平衡位置，則這列波的波速為v=1m/s，周期T=1.2s．參考答案：解：波沿x軸正方向傳播，當x=0處的狀態傳到M點時，M第一次回到平衡位置，此過程中波傳播的距離為△x=0.1m則波速為v==m/s=1m/s根據數學知識得：y=Asinωx=Asinx，由題知：10=20sin×0.1則波長為λ=1.2m則周期T==s=1.2s故答案為：1，1.27.某雙星由質量不等的星體S1和S2構成，兩星在相互之間的萬有引力作用下繞兩者連線上某一定點C做勻速圓周運動。由天文觀察測得其運動的周期為T，S1到C點的距離為r1，S1和S2的距離為r，已知萬有引力常量為G，由此可求得S1和S2的線速度之比v1：v2＝____________，S2的質量為____________。參考答案：；8.某興趣小組設計了一個探究小車的加速度a與小車所受拉力F及質量m關系的實驗，圖a為實驗裝置簡圖．（所用交變電流的頻率為50Hz）

（1）圖b為某次實驗得到的紙帶，實驗數據如圖，圖中相鄰計數點之間還有4個點未畫出。根據紙帶可求出小車的加速度大小為

m/s2，打C點時紙帶的速度大小為

m/s（保留二位有效數字）

（2）保持小車質量不變，改變砂和砂桶質量，一位同學根據實驗數據作出了加速度a隨拉力F的變化圖線如圖所示。該圖線不通過原點，其主要原因是___________________________。參考答案：（1）0.51

（2分）

0.71

（2分）（2）_沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．（2分）9.（選修3-3）（5分）如圖表示一定質量的某氣體在不同溫度下的兩條等溫線．圖中等溫線Ⅰ對應的溫度比等溫線Ⅱ對應的溫度要

（填“高”或“低”）．在同一等溫線下，如果該氣體的壓強變為原來的2倍，則氣體的體積應變為原來的

倍．參考答案：答案：低（2分）

1/2（3分）10.(4分)陰極射線是從陰極射線管的陰極發出的高速運動的粒子流，這些微觀粒子是＿＿＿＿＿．若在如圖所示的陰極射線管中部加上垂直于紙面向里的磁場，陰極射線將＿＿＿＿＿(填“向上”“向下”“向里”“向外”)偏轉．參考答案：答案：電子，向下11.為了只用一根彈簧和一把刻度尺測定某滑塊與水平桌面間的動摩擦因數μ（設μ為定值），某同學經查閱資料知：一勁度系數為k的輕彈簧由伸長量為x至恢復到原長過程中，彈力所做的功為，于是他設計了下述實驗：

第1步：如圖所示，將彈簧的一端固定的豎直墻上，彈簧處于原長時另一端位置A。現使滑塊緊靠彈簧將其壓縮至位置B，松手后滑塊在水平桌面上運動一段距離，到達C位置時停止：第2步：將滑塊掛在豎直放置的彈簧下，彈簧伸長后保持靜止狀態。

回答下列問題：

（1）你認為，該同學應該用刻度尺直接測量的物理量是（寫出名稱并用符號表示）

。

（2）用測得的物理量表示滑塊與水平桌面間動摩擦因數μ的計算式：μ=

。參考答案：（1）AB間距離x1，BC間距離s，彈簧豎直懸掛時伸長的長度x2（3分）（2）12.直升機沿水平方向勻速飛往水源取水滅火，懸掛著m=500kg空箱的懸索與豎直方向的夾角θ1＝450。直升機取水后飛往火場，加速度沿水平方向，大小穩定在a=1.5m/s2時，懸索與豎直方向的夾角θ2＝140。如果空氣阻力大小不變，且忽略懸索的質量，則空氣阻力大小為___

___N，水箱中水的質量M約為_______kg。（sin140=0.242；cos140=0.970）（保留兩位有效數字）參考答案：5000N

4.5×103

13.某興趣小組的同學利用如圖1所示的實驗裝置，測量木塊與長木板之間的動摩擦因數，圖中長木板水平固定。①實驗過程中，打點計時器應接 在 _______(填“直流”或“交流”)電源上，調整定滑輪的高度，使__

_____②已知重力加速度為g，測得木塊的質量為M，砝碼盤和砝碼的總質量為m，砝碼盤、砝碼和木塊的加速度大小為a，則木塊與長木板之間的動摩擦因數=______③實驗時，某同學得到一條紙帶，如圖2所示，每隔三個計時點取一個計數點，記為圖中0、1、2、3、4、5、6點。測得相鄰兩個計數點間的距離分別為s1=0.96cms2=2.88cm,s3=4.80cm,s4=6.72cm,s5=8.64cm,s6=10.56cm，打點計時器的電源頻率為50Hz0計算此紙帶的加速度大小a=_____m/s2，打計數點“4”時紙帶的速度大小v=_____m/s。（保留兩位有效數字）參考答案：打點計時器使用的是交流電源；調整定滑輪的高度，目的是使細線與長木板平行，減小實驗誤差；設細繩上的拉力為F，則，解得。利用逐差法求加速度，利用中間時刻的瞬時速度等于對應時間的平均速度求解。三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.

（選修3-3（含2-2）模塊）(6分)理想氣體狀態方程如下：。從理論的角度，設定一定的條件，我們便能得到氣體三大定律：玻意爾定律、查理定律和蓋·呂薩克定律。下面請你通過設定條件，列舉其中兩條定律的內容。（要求條件、內容要與定律名稱相對應，不必寫數學表達式）參考答案：

答案：玻意爾定律：一定質量的氣體，在溫度不變的情況下，它的壓強跟體積成反比。查理定律：一定質量的氣體，在體積不變的情況下，它的壓強跟熱力學溫度成正比。蓋·呂薩克定律：一定質量的氣體，在壓強不變的情況下，它的體積跟熱力學溫度成正比。15.如圖甲所示，將一質量m=3kg的小球豎直向上拋出，小球在運動過程中的速度隨時間變化的規律如圖乙所示，設阻力大小恒定不變，g=10m/s2，求（1）小球在上升過程中受到阻力的大小f．（2）小球在4s末的速度v及此時離拋出點的高度h．參考答案：（1）小球上升過程中阻力f為5N；（2）小球在4秒末的速度為16m/s以及此時離拋出點h為8m考點： 牛頓第二定律；勻變速直線運動的圖像．專題： 牛頓運動定律綜合專題．分析： （1）根據勻變速直線運動的速度時間公式求出小球上升的加速度，再根據牛頓第二定律求出小球上升過程中受到空氣的平均阻力．（2）利用牛頓第二定律求出下落加速度，利用運動學公式求的速度和位移．解答： 解：由圖可知，在0～2s內，小球做勻減速直線運動，加速度大小為：由牛頓第二定律，有：f+mg=ma1代入數據，解得：f=6N．（2）2s～4s內，小球做勻加速直線運動，其所受阻力方向與重力方向相反，設加速度的大小為a2，有：mg﹣f=ma2即4s末小球的速度v=a2t=16m/s依據圖象可知，小球在4s末離拋出點的高度：．答：（1）小球上升過程中阻力f為5N；（2）小球在4秒末的速度為16m/s以及此時離拋出點h為8m點評： 本題主要考查了牛頓第二定律及運動學公式，注意加速度是中間橋梁四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一質量為m=2.0kg的小物塊以一定的初速度沖上一傾角為37足夠長的斜面，某同學利用傳感器測出了小物塊沖上斜面過程中多個時刻的瞬時速度，并用計算機作出了小物塊上滑過程的v–t圖線，如圖14所示。（取sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s)求：小物塊沖上斜面過程中加速度的大小；小物塊與斜面間的動摩擦因數；（3）小物塊返回斜面底端過程中，沿斜面下滑的距離是多少時，小物塊的動能和重力勢能相等，并求出此相等的值為多少？（設斜面底端重力勢能為零）參考答案：見解析17.橫截面積為S的導熱氣缸豎直放置在水平地面上，兩個輕活塞A和B將氣缸分隔為Ⅰ、Ⅱ兩個氣室，兩活塞間距離為d，兩氣室體積之比為1：2，如圖所示，在保持室溫不變的條件下，緩慢在活塞A上加細沙，使之向下移動一段距離h=d，不計活塞與氣缸壁之間的摩擦，室內大氣壓強為P0，求所加細沙的質量．參考答案：解：由于是輕活塞，質量不計，活塞與氣缸間摩擦不計，因此兩部分氣體壓強相等，狀態1時，氣體壓強等于大氣壓強P=P0，氣體Ⅰ的體積V1=ds，氣體Ⅱ的體積V2=2ds．設所加細沙的質量為m，此時活塞B下移距離為h′，則狀態2氣體的壓強為：P′=P0+，氣體Ⅰ的體積V=（d﹣h=+h′）S，氣體Ⅱ的體積V2=（2d﹣h′）S由于保持室溫不變、氣缸導熱和緩慢加沙，氣缸內氣體作等溫變化，由玻意耳定律得：p0dS=p′（d﹣h+h′）S…①p02dS=p′（2d﹣h′）S…②聯立①②式得：h′=d…③代入②解得：m=答：所加細沙的質量為．【考點】理想氣體的狀態方程．【分析】由于保持室溫不變、氣缸導熱和緩慢加沙，氣缸內氣體作等溫變化，找出初末狀態的物理量，由玻意耳定律列式求解即可．18.如圖所示，等邊三角形AQC的邊長為2L，P、D分別為AQ、AC的中點．水平線QC以下是向左的勻強電場，區域Ⅰ（梯形PQCD）內有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B0；區域Ⅱ（三角形APD）內的磁場方向垂直紙面向里，區域（虛線PD之上、三角形APD以外）的磁場與區域Ⅱ內大小相等、方向相反．帶正電的粒子從Q點正下方、距離Q點為L的O點以某一速度射入電場，在電場作用下以速度v0垂直QC到達該邊中點N，經區域Ⅰ再從P點垂直AQ射入區域Ⅲ（粒子重力忽略不計）（1）求該粒子的比荷；（2）求該粒子從O點運動到N點的時間t1和勻強電場的電場強度E；（3）若區域Ⅱ和區域Ⅲ內磁場的磁感應強度大小為3B0，則粒子經過一系列運動后會返回至O點，求粒子從N點出發再回到N點的運動過程所需的時間t．參考答案：考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動．版權所有專題：帶電粒子在復合場中的運動專題．分析：（1）粒子在區域Ⅰ內做勻速圓周運動，圓心為Q點，故半徑等于QN，洛倫茲力提供向心力，根據牛頓第二定律列式求解即可；（2）粒子從O到N與從N到O是逆過程，N到O做類平拋運動；故O到N的豎直分運動是勻速直線運動，水平分運動是勻加速直線運動，根據分位移公式列式求解即可；（3）畫出粒子在磁場中運動軌跡，找出半徑與三角形邊長的關系，定出時間與周期的關系，求出時間．解答：解：（1）由題意可知，粒子在區域Ⅰ內做勻速圓周運動，軌道半徑為：r1=L；由牛頓第二定律和洛倫茲力表達式得到：qvB=m解得：；（2）粒子從O點到N點過程中，豎直向上做速度為v0的勻速直線運動，則：t1=水平向右做末速度為零的勻減速直線運動，則：L=由牛頓第二定律得：QE=ma解得：E=2B0v0；（3）帶電粒子在區域Ⅱ和區域Ⅲ內