2024年吉林省吉林市豐滿區第五十五中學物理高一下期末經典模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、(本題9分)我國自行研制的J-20隱形戰機在起飛前從靜止開始做勻加速直線運動，達到起飛速度v所需時間t，則起飛前的運動距離（）A．vt B． C．2vt D．不能確定2、(本題9分)下列關于同步衛星的說法中，正確的是（）A．它的周期與地球自轉周期相同，但高度和速度可以選擇B．它的周期、高度和速度大小都是一定的C．我國發射的同步通信衛星定點在北京上空D．不同的同步衛星所受的向心力相同3、如圖所示為一水平傳送帶，以5m/s的速率順時針運轉，AB間距為4m。現將1kg的小塊經放在傳送帶的左端，小物塊與傳送帶間的動摩擦因數＝0.5，重力加速度取10m/s2。小物塊從傳送帶左端運動到右端的過程中A．小物塊一直做勻加速運動B．傳送帶對小物塊做功為20JC．摩擦產生的熱量為12.5JD．電動機由于傳送小物塊多消耗的電能為12.5J4、(本題9分)質量為2kg的物體在水平面內做曲線運動，已知x方向的位移-時間圖像和y方向的速度-時間圖像分別如圖甲、乙所示。下列說法正確的是A．質點初速度的方向與合外力方向垂直B．3s末質點速度大小為10m/sC．質點的初速度大小為6m/sD．質點所受的合外力大小為2N5、(本題9分)關于物體機械能是否守恒的敘述，下列說法中正確的是（）A．做勻變速直線運動的物體，機械能一定守恒B．做勻速直線運動的物體，機械能一定守恒C．外力對物體所做的功等于零時，機械能一定守恒D．只有重力做功，機械能一定守恒6、(本題9分)如圖，質量為m的物塊從半徑為R的半球形的碗口沿內壁從靜止開始滑下，滑到最低點時速度大小為v，若物塊與球殼之間的動摩擦因數為μ，重力加速度為g，則在物塊從靜止滑到最低點的過程中下列說法正確的是()A．合外力對物塊做負功且WB．物塊重力勢能減少了mgRC．物塊機械能減少了mgR-D．物塊克服摩擦力做的功為μmgR7、在光滑水平面上A、B兩小車中間有一彈簧，如圖所示，用手抓住小車并將彈簧壓縮后使小車處于靜止狀態．將兩小車及彈簧看做一個系統，下面說法正確的是A．兩手同時放開后，系統總動量始終為零B．先放開左手，再放開右手后，在彈簧伸縮的過程中，動量不守恒C．先放開左手，再放開右手后，在彈簧伸縮的過程中，動量守恒且總動量向右D．無論何時放手，兩手放開以后，在彈簧伸縮的過程中，系統總動量都保持不變，但系統的總動量不一定為零8、(本題9分)一根長為L，質量不計的輕桿，輕桿的中點及右端各固定一個質量為m的小球，輕桿可以帶著球在豎直平面內繞O點轉動，若開始時輕桿處于水平位置，并由靜止釋放，如圖所示．當桿下落到豎直位置時（）A．外端小球的速率為B．外端小球的機械能減少mgLC．中點小球的機械能減少mgLD．每個小球的機械能都不變9、由于某種原因，人造地球衛星的軌道半徑變小了，那么衛星的（）A．速率變大 B．角速度變小 C．向心加速度變大 D．周期變小10、物體在運動過程中，克服重力做功為50J，則A．重力做功為50JB．物體的重力勢能一定增加了50JC．重力做了50J的負功D．物體的重力勢能一定減少了50J二、實驗題11、（4分）(本題9分)用圖所示裝置做“探究功與速度變化的關系”實驗時，除了圖中已給出的實驗器材外，還需要的測量工具有_______（填字母）；A．秒表B．天平C．刻度尺D．彈簧測力計（2）用圖所示裝置做“驗證機械能守恒定律”實驗時，釋放重物前有下列操作，其中正確的兩項是_________（填字母）；A．將打點計時器的兩個限位孔調節到同一豎直線上B．手提紙帶任意位置C．使重物靠近打點計時器（3）圖是小球做平拋運動的頻閃照片，其上覆蓋了一張透明方格紙．已知方格紙每小格邊長均為0.8cm，由圖中可知小球的初速度大小為_____m／s（g取10m／s2，結果保留兩位有效數字）．12、（10分）在利用自由落體“驗證機械能守恒定律”的實驗中，（1）下列器材中不必要的一項是____（只需填字母代號）．A．重物B．紙帶C．天平D．50Hz低壓交流電源E．毫米刻度尺（1）關于本實驗的誤差，下列說法正確的是____A．必須選擇質量較小的重物，以便減小誤差B．必須選擇點跡清晰且第1、1兩點間距約為1mm的紙帶，以便減小誤差C．必須先松開紙帶后接通電源，以便減小誤差D．本實驗應選用密度大體積小的重物，以便減小誤差（3）在該實驗中，質量m=lkg的重錘自由下落，在紙帶上打出了一系列的點，如圖所示．O是重錘剛下落時打下的點，相鄰記數點時間間隔為0.01s，長度單位是cm，g=9.8m/s1．則從點O到打下記數點B的過程中，物體重力勢能的減小量△EP=____J，動能的增加量△EK=____J（兩空均保留3位有效數字）．由此你得到的結論是__________________________________________。三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）(本題9分)如圖所示，質量分別為m1=m2=1.0kg的木板和足夠高的光滑凹槽靜止放置在光滑水平面上，木板和光滑凹槽接觸但不粘連，凹槽左端與木板等高.現有一質量m=2.0kg的物塊以水平初速度v0=5.0m/s從木板左端滑上木板，物塊離開木板時木板速度大小為1.0m/s，物塊以某一速度滑上凹槽.已知物塊和木板間的動摩擦因數μ=0.5，重力加速度g取10m/s2.求：（1）木板的長度；（2）物塊滑上凹槽的最大高度。14、（14分）宇航員在某星球表面做了如下實驗，實驗裝置如圖甲所示，豎直平面內的光滑軌道由斜軌道AB和圓弧軌道BC組成．將質量m=0.2kg的小球，從軌道AB上高H處的某點由靜止釋放，用力傳感器測出小球經過C點時對軌道的壓力大小為F，改變H的大小，可測出F隨H的變化關系如圖乙所示，求：(1)圓弧軌道的半徑(2)星球表面的重力加速度15、（13分）(本題9分)如圖所示，在傾角為37o的斜面上，一勁度系數為k=100N/m的輕彈簧一端固定在A點，自然狀態時另一端位于B點．斜面上方有一半徑R=0.2m、圓心角等于143°的豎直圓弧形光滑軌道與斜面相切于C處，圓弧軌道的最高點為D．斜面AB段光滑，BC段粗糙且長度為0.4m．現將一質量為1kg的小物塊從C點由靜止釋放，小物塊將彈簧壓縮了0.2m后速度減為零（不計小物塊到達B處與彈簧碰撞時的能量損失）．已知彈簧彈性勢能表達式Ek=kx2，其中k為彈簧的勁度系數，x為彈簧的形變量，重力加速度取g=10m/s2，sin37o=0.6，cos37o=0.1．（計算結果可保留根號）求：⑴小物塊與斜面BC段間的動摩擦因數μ⑵小物塊第一次返回BC面上時，沖到最遠點E，求BE長⑶若用小物塊將彈簧壓縮，然后釋放，要使小物塊在CD段圓弧軌道上運動且不脫離圓弧軌道，則壓縮時壓縮量應滿足的條件

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】

根據平均速度與位移的關系。【詳解】由于飛機做勻加速運動，起飛前的平均速度為因此，起飛前的運動距離B正確，ACD錯誤。故選B。2、B【解析】

所有的地球同步衛星的必要條件之一：是它們的軌道都必須位于地球的赤道平面內，且軌道高度和速度是確定的，同步衛星的角速度等于地球自轉的角速度，周期等于地球自轉的周期，由萬有引力等于向心力，由向心力公式知質量不同的衛星受的向心力是不同的，故選項B正確，ACD錯誤．3、C【解析】

A.小物塊先做初速度為零的勻加速直線運動，加速度為：a==μg=5m/s2，物塊速度增加至與皮帶速度相同時所用時間為：；勻加速直線運動的位移為：，然后物塊相對傳送帶靜止一起做勻速直線運動。故A錯誤。B.小物塊運動到皮帶右端時速度為v=5m/s，根據動能定理得：傳送帶對小物塊做功W=mv2=×1×52=12.5J，故B錯誤。C.物塊勻加速運動過程，傳送帶的位移為：x帶=vt=5×1m=5m；物塊相對于傳送帶運動的位移大小為：△x=x帶-x1=5m-2.5m=2.5m；則摩擦產生的熱量為Q=μmg△x=12.5J，故C正確。D.電動機由于傳送小物塊多消耗的電能等于物塊增加的動能和摩擦產生的熱量之和，為E多=mv2+Q=25J，故D錯誤。4、A【解析】

AC、由圖甲可知，質點在x方向上的初速度為，沿x方向的加速度為0；y方向上的初速度為0，加速度：，可知質點的初速度沿x方向，大小為4m/s，而加速度沿y方向，根據牛頓第二定律可知，質點受到的合外力的方向沿y方向，與初速度的方向垂直，A正確C錯誤；B、質點在x軸方向做速度為4m/s的勻速直線運動，在y軸方向上做初速度為零的勻加速直線運動，質點的加速度方向沿y軸方向，3s末沿y方向的分速度為6m/s，所以3s末質點的速度：，B錯誤；

D、根據牛頓第二定律可知，質點受到的合外力：F=ma=2×2=4N，D錯誤．5、D【解析】A、做勻速直線運動的物體機械能不一定守恒，比如：降落傘勻速下降，機械能減小，故A錯誤；

B、做變速直線運動的物體機械能可能守恒，故B錯誤；

C、外力對物體做功為零時，機械能不一定守恒，比如木塊在水平木板上滑動的過程，外力做功為零，但系統的機械能減少，故C錯誤；

D、只有重力對物體做功，物體機械能一定守恒，故D錯誤．點睛：解決本題的關鍵掌握機械能守恒的條件，機械能守恒的條件是只有重力或彈簧彈力做功．對于“一定”或“可能”的問題，可以通過舉例說明．6、BC【解析】

根據動能定理求合外力對物塊。物塊重力勢能減少量等于重力做的功。物塊機械能減少量等于初末機械能的差值。物塊克服摩擦力做的功等于機械能的減少。根據功能關系求解。【詳解】物塊的動能增加，根據動能定理得知：合外力對物塊做正功，且W合=12mv2-0=12mv2.故A錯誤。物塊重力做功為mgR，則物塊重力勢能減少了mgR，故B正確。取最低點為零電勢能點，則初態物塊的機械能為【點睛】解決本題的關鍵是掌握常見的功與能的關系，知道合外力做功等于動能的變化，重力做功多少重力就減少多少，除重力以外的力做功等于機械能的變化。7、AD【解析】

A.兩手同時放開，兩車組成的系統所受合外力為零，系統動量守恒，由于系統初動量為零，則系統總動量為零，故A正確；B.先放開左手，再放開右手，在放開兩手的過程中，兩車與彈簧組成的系統所受合外力不為零，系統動量不守恒；放開兩手后，兩車組成的系統所受合外力為零，系統動量守恒，故B錯誤；C.先放開左手，再放開右手，放開左手后系統所受合外力向左，系統所受合外力的沖量向左，系統總動量向左，故C錯誤；D.無論何時放手，兩手放開后，系統所受合外力為零，系統動量守恒；但若是兩手不是同時放開，則系統受合外力不為零，則系統的總動量不為零，故D正確；8、AC【解析】

A.兩球轉動的角速度相等，根據v=rω知，兩球的線速度大小之比為1:2，設桿的中點小球的速度為v，則外端小球的速度為2v，根據系統機械能守恒得：mgL+mg?=+解得：v=，則外端小球的速率為：v′=2v=，故A正確；BCD.外端小球的重力勢能減小量為mgL，動能增加量為：=mgL，則外端小球機械能增加mgL，根據系統機械能守恒知，中點小球的機械能減小mgL.可知兩球的機械能都在變化．故BD錯誤，C正確．故選AC.9、ACD【解析】

人造地球衛星繞地球做勻速圓周運動，設衛星的質量為m、軌道半徑為r、地球質量為M，根據萬有引力提供向心力，得：，可得：A.由，人造地球衛星的軌道半徑變小了，則速率變大，選項A正確；B.由，人造地球衛星的軌道半徑變小了，則角速度變大，選項B錯誤；C.由，人造地球衛星的軌道半徑變小了，則向心加速度變大，選項C正確；D.由可知人造地球衛星的軌道半徑減小時，周期變小，故D正確。10、BC【解析】克服重力做功，即重力做負功，則重力勢能一定增大，克服重力做多少功，重力勢能就增加多少，故重力勢能增加50J，BC正確．【點睛】重力勢能變化量直接對應重力做功，與其他因素無關，重力做正功，重力勢能減小，重力做負功，重力勢能增大，且滿足．二、實驗題11、（1）C（2）AC（3）0.70【解析】

（1）探究功與速度變化的關系實驗中因為使用打點計時器測速度，不需要秒表，故A錯誤；因為運動中質量不變，在找關系時不需要天平側質量，故B錯誤，由紙帶上的點計算速度需要刻度尺測量距離，故C正確，每次試驗時橡皮筋成倍數的增加，形變量不變，功的關系不需要測力，故D錯誤；故選C．（2）圖中利用自由落體運動驗證機械能守恒定律，故A正確，釋放前手應該提紙帶不掛重錘的一端，故B錯誤；為了打上更多的點，重物應該靠近打點計時器，故C正確；故選AC．（3）由平拋運動的規律得：水平方向，豎直方向，聯立解得：．12、CBD0.4760.473在誤差允許的范圍內，物體機械能守恒（或者說：在誤差允許的范圍內，物體減少的勢能等于增加的動能）【解析】

（1）在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，要驗證動能增加量和勢能減小量是否相等，質量約去，不需要天平測量物體的質量，所以天平不必要．故選C.

（1）為了減小阻力對其影響，選用重錘時，應該選用質量大體積小重錘的進行實驗，故A錯誤，D正確；物體自由下落時根據公式h=gt1，其中t=T=0.01s，由此可知，開始所打兩個點之間的距離約等于1mm，則第1、1兩點間距約為1mm的紙帶，打第一個點的速度接近為零，誤差較小，故B正確；應先接通電壓后釋放紙帶，故C錯誤．

（3）利用勻變速直線運動的推論；重物由O點運動到B點時，重物的重力勢能的減少量△Ep=mgh=1.0×9.8×0.0486J=0.476J．EkB=mvB1=0.473J；實驗得到的結論是：在誤差允許的范圍內，物體機械能守