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高級中學名校試卷PAGEPAGE1——★參考答案★——一：選擇題1234567891011CACBBCDADCB二、非選擇題12、〖答案〗每空3分1、12.35mm偏大1m、3.1m/s213、①由于……2分得到……1分②由于……2分得到……1分14、〖解析〗(1)當金屬棒進入磁場B1區域后恰好做勻速運動，說明金屬棒所受的安培力與重力大小相等、方向相反．則F1＝B1I1L＝BI1L＝mg又I1＝eq\f(B1Lv,R)＝eq\f(BLv,R)聯立得：v＝eq\f(mgR,B2L2)4分(2)金屬棒剛進入磁場B2區域時，由楞次定律判斷知所受的安培力方向豎直向上，大小為：F2＝B2I2L＝2Beq\f(2BLv,R)L＝eq\f(4B2L2v,R)把(1)問求得的v代入，可得F2＝4mg根據牛頓第二定律得：F2－mg＝ma得a＝3g.4分15、〖解析〗(1)物體滑上傳送帶后在滑動摩擦力作用下做勻減速直線運動，設其運動的加速度大小為a，根據牛頓第二定律有：μmg＝ma1分根據加速度定義式有：－a＝eq\f(0－v1,t)1分由①②式聯立解得：μ＝eq\f(v1,gt)＝eq\f(6,10×2)＝0.3。1分(2)vC＝5m/s1分又由題意可知，物體返回到光滑的水平面且沿著半圓軌道恰能運動到D點，設經過最高點D時的速度為vD，在D處，根據牛頓第二定律和向心力公式有：mg＝meq\f(vD2,R)1分在由C運動至D的過程中，根據動能定理有：－mg×2R＝eq\f(1,2)mvD2－eq\f(1,2)mvC21分由④⑤式聯立解得：R=0.5m1分(3)物體向左滑行時，相對傳送帶的位移為：Δx1＝eq\f(v1,2)·t＋vt1分物體向右滑行時，相對傳送帶的位移為：Δx2＝v·eq\f(v,μg)－eq\f(v2,2μg)1分物體在傳送帶上滑動過程中系統產生的熱量為：Q＝μmg(Δx1＋Δx2)1分由③⑦⑧⑨⑩式聯立，并代入數據解得：Q＝30.25J2分。16．（1）；（2）；（3）【詳析】（1）小球進入電場做勻速直線運動，根據平衡條件可得2分勻強電場的場強大小為2分（2）根據洛倫茲力提供向心力2分可得1分小球第一次經過y軸與原點的距離為1分小球第一次經過y軸的坐標為。1分（3）根據粒子的運動軌

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