桐城中學2023～2024學年度下學期高一開學檢測生物試題（考試總分：100分考試時長：75分鐘）一、單選題（本題共計14小題，總分30分）1.下列有關生命系統的敘述正確的是（）A.生命系統中各生物體均具有多種組織、器官和系統B.生物圈是地球上最基本，也是最大的生態系統C.肌肉細胞里的蛋白質和核酸屬于生命系統的分子層次D.H1N1流感病毒不屬于生命系統，但其增殖離不開活細胞【答案】D【解析】【詳解】單細胞生物細胞即個體，不具有多種組織、器官和系統，因此生命系統中各生物體不一定均具有多種組織、器官和系統，A錯誤；地球上最基本的生命系統是細胞，而不是生物圈，生物圈是最大的生態系統，B錯誤；細胞是最基本的生命系統，因此肌肉細胞里的蛋白質和核酸不屬于生命系統，C錯誤；H1N1流感病毒沒有細胞結構，只能寄生在活細胞中，因此病毒不屬于生命系統，其增殖離不開活細胞，D正確。【點睛】解答BC選項，關鍵能理清生命系統的結構層次，特別要注意病毒不是生命系統的結構層次，蛋白質和核酸也不屬于生命系統。2.一種植物和一種哺乳動物體內細胞的某些化學元素含量（占細胞干重的百分比：%）如下表數據，下列相關敘述正確的是（）元素CHONPCaS植物43.576.2444.431.460.200.230.17動物55.997.4614.629.333.114.670.78A.碳元素的含量說明有機物是干重的主要成分B.這兩種生物體內所含的化學元素的種類差異很大C.N、S含量說明動物組織含蛋白質較多，若該動物血鈣高則會出現肌肉抽搐D.經測定該植物某有機物含C、H、O、N、S，此化合物可能是核苷酸【答案】A【解析】【分析】1、生物體內干重含量最多的化合物是蛋白質，而蛋白質中含量最多的元素就是C元素；2、分析表格：表格顯示動植物細胞的相同點就是元素的組成一樣，而差異性表現在各種元素的含量不一樣。【詳解】A、由于表格中，動物細胞還是植物細胞的干重含量最多的元素幾乎都是C元素，原因是動物細胞和植物細胞中含有大量的蛋白質和糖類，所以碳元素的含量說明有機物是干物質的主要成分，A正確；B、這兩種生物體內的化學元素的種類基本相同，B錯誤；C、血鈣較低會發生肌肉抽搐，C錯誤；D、該植物某有機物含C、H、O、N、S，此化合物可能是蛋白質，D錯誤。故選A。【點睛】3.如圖是油菜種子在發育和萌發過程中糖類和脂肪的變化曲線。下列分析正確的是（）A.種子形成時，脂肪分解量增多B.種子萌發時，脂肪轉變為可溶性糖，說明可溶性糖是種子主要的儲能物質C.可溶性糖和脂肪的化學元素的組成完全相同D.種子發育過程中，由于可溶性糖更多地轉變為脂肪，種子需要的N增加【答案】C【解析】【分析】由圖甲分析可知，隨著開花時間的延長，油菜種子中可溶性糖含量降低，脂肪含量增加，這能夠將植物合成的有機物儲存到種子中；由圖乙分析可知，隨著萌發天數的增加，油菜種子中脂肪含量減少，可溶性糖含量增加，這是將脂肪等有機物分解為種子萌發提供能量。【詳解】A、種子形成時，脂肪合成量增多，A錯誤；B、由圖乙觀察可知，種子發育過程中，脂肪含量減少，可溶性糖含量增加，這說明脂肪轉變為了可溶性糖，說明可溶性糖是種子主要的能源物質，B錯誤；C、可溶性糖和脂肪的化學元素的組成完全相同，都含有C、H、O三種元素，C正確；D、脂肪和可溶性糖都只含有C、H、O三種元素，故種子萌發過程中需要的N不變，D錯誤。故選C。4.已知某條肽鏈由88個氨基酸縮合而成，其中共有氨基6個，甲硫氨酸5個且在肽鏈中的位置為3、25、56、78、88，甲硫氨酸的分子式為C5H11O2NS，以下敘述錯誤選項是()①合成該多肽的氨基酸共有N原子數目94個②若去掉多肽中的甲硫氨酸，肽鍵數目會減少10個③若去掉該多肽中的甲硫氨酸，氨基和羧基均分別增加5個④若去掉該多肽中的甲硫氨酸，新形成的多肽中氧原子數目比原來減少1個A.①②③ B.②③④ C.①②④ D.①③④【答案】A【解析】【分析】根據題意分析：一條肽鏈有一個氨基，此肽鏈有6個氨基，說明在R基上還有5個氨基，88個氨基酸中有88個N，5個R基上的氨基是5個N，加在一起就是93個N【詳解】①由氨基酸的結構通式可知，每個氨基酸的主鏈上含有一個氨基（一個N原子），則由88個氨基酸合成的該多肽中含有的N原子數目=氨基酸數目+R基中的氨基數=88+5=93個，①錯誤；②該肽鏈含有5個甲硫氨酸，在肽鏈中的位置為3、25、56、78、88，去掉該多肽中位置為3、25、56、78的每個甲硫氨酸需減少2個肽鍵，而去掉多肽中位置為88（最后）的甲硫氨酸需減少1個肽鍵，所以去掉該多肽中的甲硫氨酸，減少的肽鍵數目=4×2+1=9個，②錯誤；③由于甲硫氨酸的分子式為C5H11O2NS，R基中沒有游離的氨基和羧基，所以去掉該多肽中的甲硫氨酸，中間的4個（分別位于第3、25、56、78位）每個肽鍵斷裂后都形成一個游離的氨基和一個游離的羧基，而最后一個（位于第88位）不影響氨基和羧基的數量，因此形成的幾個多肽中氨基和羧基均分別增加4個，③錯誤；④由甲硫氨酸的分子式為C5H11O2NS，可知甲硫氨酸的R基中沒有游離的羧基（沒有氧原子），在去掉該多肽中位置為3、25、56、78的每個甲硫氨酸時，甲硫氨酸兩側的肽鍵一個加一個氧原子，另一個減少一個氧原子，氧原子數目沒有改變，而去掉多肽中位置為88（最后）的甲硫氨酸時氧原子會減少一個，即去掉該多肽中的甲硫氨酸，氧原子數目減少1個，④正確。綜上①②③錯誤，④正確。故選A。【點睛】知道氮原子在多肽鏈上的分布是正確解答該題的關鍵，多肽中H、O、N原子的計算：（1）H原子數=各氨基酸的H原子數之和2×脫水數（2）O原子數=肽鍵數+2×肽鏈數+R基上的O原子數（3）N原子數=肽鍵數+肽鏈數+R基上的N原子數5.生物體內某些重要化合物的元素組成和功能關系如圖所示。其中X、Y代表元素，a、b、c是組成A(DNA)、B（RNA）、C（蛋白質）三種生物大分子的單體。這三種單體的結構可用d或e表示。據圖分析正確的是（）A.X為N、P元素，a、b是生物體內遺傳信息的攜帶者B.綠藻細胞內單體結構d種類有8種，藍細菌細胞中d的種類有4種C.人體細胞中不能合成所有種類的eD.A、B的多樣性由d中的n充分體現，C的多樣性由e中的R充分體現【答案】C【解析】【分析】據圖分析，根據A→B→C可推測出A是DNA，B是mRNA，C是蛋白質，a表示脫氧核苷酸，b表示核糖核苷酸，c表示氨基酸；X為N、P元素；Y為N元素。d表示核苷酸，n為含氮堿基，f表示五碳糖，m表示磷酸；e表示氨基酸。【詳解】A、據圖可知，A是DNA，B是mRNA，C是蛋白質，核酸的元素組成是CHONP，故X為N、P元素；a表示脫氧核苷酸，b表示核糖核苷酸，核酸才是生物體內遺傳信息的攜帶者，A錯誤；B、d表示核苷酸，綠藻和藍細菌細胞內都含DNA和RNA，核苷酸的種類都有8種（4種核糖核苷酸和4種脫氧核苷酸），B錯誤；C、e是氨基酸，人體細胞有8種必需氨基酸不能合成，C正確；D、A和B表示DNA和RNA，核酸的多樣性與核苷酸的數目和排列順序有關；C蛋白質的多樣性除了與e中的R有關，還與氨基酸的數目、排列順序和肽鏈的空間結構有關，D錯誤。故選C。6.將某動物細胞破碎后用差速離心法分離出三種細胞器，分別測定細胞器上三種有機物的含量如下圖所示，以下敘述正確的是A.甲是核糖體，是蛋白質合成的場所B.乙只含有蛋白質和脂質，上面有合成磷脂所需的酶C.若丙不斷從內質網上脫落下來，將直接影響分泌蛋白的合成D.乳酸菌細胞與此細胞共有細胞器可能有甲和丙【答案】C【解析】【詳解】本題結合圖形考查細胞器的知識，要求考生掌握細胞內各種細胞器的成分、結構和功能，能利用所學知識解讀圖形，判斷出圖中甲是線粒體，丙是核糖體，乙可能是內質網、高爾基體、溶酶體等細胞器，可據此分析答題。結合題意分析圖形可知，甲細胞器蛋白質含量很高，且含有脂質與少量的核酸，脂質中的磷脂是各種生物膜的主要成分，說明甲不含膜結構，不可能是核糖體，而可能是線粒體，A錯誤；乙只含有蛋白質和脂質，可能是動物細胞內線粒體以外的具有膜結構的細胞器，如內質網、高爾基體、溶酶體等細胞器，因此上面不一定有合成磷脂所需的酶，B錯誤；丙的成分只含有蛋白質與核酸，因此丙一定是核糖體，分泌蛋白合成與分泌過程中，氨基酸脫水縮合反應是在粗面型內質網上的核糖體進行的，若核糖體不斷從內質網上脫落下來，將直接影響分泌蛋白的合成，C正確；動物細胞屬于真核細胞，乳酸菌屬于原核細胞，乳酸菌細胞與此細胞共有的細胞器只能是丙（核糖體），D錯誤。7.如圖表示細胞核結構模式圖，下列有關敘述不正確的是（）A.①是主要由DNA和蛋白質組成的鏈狀結構B.②與核糖體的形成、核糖體RNA的合成有關C.蛋白質合成旺盛的細胞，①③的數目會較多D.核孔對物質的運輸具有選擇性【答案】C【解析】【分析】題圖分析：①表示染色質，染色質主要是由DNA和蛋白質組成的，在分裂間期呈染色質狀態，進入分裂期前期，染色質縮短變粗成為染色體，分裂末期染色體解螺旋成為染色質；②表示核仁，與某種RNA（rRNA）的合成以及核糖體的形成有關。③表示核孔，是大分子物質進出細胞核的通道，核膜上的核孔的功能是實現核質之間頻繁的物質交換和信息交流。【詳解】A、①是染色質，主要由DNA和蛋白質組成的鏈狀結構，在分裂期會螺旋化形成染色體，A正確；B、②表示核仁，與rRNA（核糖體RNA）的合成以及核糖體的形成有關，B正確；C、蛋白質合成旺盛的細胞，核質之間信息交流旺盛，因此，③核孔的數目會較多，但染色體的數目是穩定的，C錯誤；D、核孔是大分子物質出入細胞核的通道，對物質的運輸具有選擇性，D正確。故選C。8.取大小與生長狀況相同的馬鈴薯幼根與物種X的幼根分別放入甲～丁四種不同濃度的蔗糖溶液中，數小時后，取出稱重，質量變化量如下表所示。已知在該實驗中，植物根細胞吸水能力與根細胞細胞液的濃度有關。下列關于該實驗的敘述正確的是（）不同濃度的蔗糖溶液甲乙丙丁馬鈴薯幼根質量變化量（g）04+32物種X幼根質量變化量（g）2.55+13注：“+”表示增加；“”表示減少。A.四種蔗糖溶液濃度從大到小的順序為丙、甲、丁、乙B.正常情況下，馬鈴薯幼根細胞的細胞液濃度小于物種X幼根細胞的C.馬鈴薯幼苗和物種X幼苗可用與丙等濃度營養液進行培養D.當馬鈴薯幼根在丁內的質量不再變化時，水分子的跨膜運輸停止【答案】C【解析】【分析】質壁分離的原因：外因：外界溶液濃度大于細胞液濃度；內因：原生質層相當于一層半透膜，細胞壁的伸縮性小于原生質層；質壁分離的表現：液泡由大變小，細胞液顏色由淺變深，原生質層與細胞壁分離。【詳解】A、當蔗糖溶液濃度相對較高時，根細胞失水，根質量減輕，而蔗糖溶液濃度相對較低時，根細胞吸水，質量增加，因此可推斷出四種蔗糖溶液的濃度從小到大的順序為丙、甲、丁、乙，A錯誤；B、根據題干信息可知，植物根細胞吸水能力與根細胞中細胞液的濃度有關，則細胞液濃度越大，根吸收水的能力越強，據表中信息推斷，正常情況下，馬鈴薯幼根細胞的細胞液濃度大于物種X幼根細胞的，B錯誤；C、對于馬鈴薯幼苗和物種X幼苗來說，丙蔗糖溶液屬于低滲溶液，因此可選擇與丙等濃度的營養液進行培養馬鈴薯幼苗和物種X幼苗，C正確；D、當馬鈴薯幼根在丁蔗糖溶液內的質量不再變化時，水分子進出細胞處于動態平衡之中，D錯誤。故選C。9.胃內的酸性環境是通過質子泵維持的，質子泵催化1分子的ATP水解所釋放的能量，可驅動1個H+從胃壁細胞進入胃腔和1個K+從胃腔進入胃壁細胞，細胞內K+又可經通道蛋白進入胃腔。下列相關敘述錯誤的是（）A.質子泵的本質是一種載體蛋白,具有專一性B.胃液的pH偏低可能與H+從胃壁細胞進入胃腔有關C.K+從胃腔進入胃壁細胞是順濃度梯度進行的D.K+進出胃壁細胞的跨膜運輸方式是不同的【答案】C【解析】【分析】質子泵催化1分子的ATP水解所釋放的能量，可驅動1個H+從胃壁細胞進入胃腔和1個K+從胃腔進入胃壁細胞，說明這兩種離子的運輸方式均為主動運輸，質子泵具有運輸功能和催化功能；協助擴散的特點：順濃度梯度，不需要載體和能量；細胞內K+又可經通道蛋白順濃度進入胃腔，說明其運輸方式是協助擴散。消化道中的消化液、胃液、淚液、汗液、尿液、原尿均不屬于細胞外液也不屬于體液。【詳解】A、質子泵可以驅動1個H+從胃壁細胞進入胃腔和1個K+從胃腔進入胃壁細胞，細胞內K+又可經通道蛋白順濃度進入胃腔，說明質子泵是一種載體蛋白，質子泵專一性轉運兩種離子與其結構的特異性有關，A正確；B、由題意可知，質子泵驅動H+從胃壁細胞進入胃腔，從而胃液中H+濃度較高，pH較低，B正確；C、通過信息“質子泵催化1分子的ATP水解所釋放的能量，可驅動1個H+從胃壁細胞進入胃腔和1個K+從胃腔進入胃壁細胞”可知，K+從胃腔進入胃壁細胞是主動運輸過程，主動運輸是逆濃度梯度進行的，C錯誤；D、由題意可知，K+進入胃壁細胞跨膜運輸需要消耗ATP，為主動運輸，而K+可經通道蛋白順濃度進入胃腔，不消耗能量，為協助擴散，D正確。故選C。10.圖中曲線b表示在最適溫度、最適pH條件下，反應物濃度與酶促反應速率的關系。據圖分析正確的是（）A.酶量是限制曲線AB段反應速率的主要因素B.升高溫度后，圖示反應速率可用曲線c表示C.降低pH，重復該實驗，A、B點位置都不變D.酶量減少后，圖示反應速率可用曲線a表示【答案】D【解析】【分析】圖中可以看出，在曲線AB段反應速率與反應物濃度呈正相關，因此反應物濃度是限制曲線AB段反應速率的主要因素，但是在B點時反應速率不再增加，此時的限制因素為酶的數量。【詳解】A、反應物濃度是限制曲線AB段反應速率的主要因素，A錯誤；B、圖中可以看出，曲線b是在最適溫度條件下進行的，如果升高溫度，酶活性將會下降，即反應速率應在B點后下降，B錯誤；C、題干中提出“曲線b表示在最適溫度、最適pH條件下”，因此如果減小pH，酶的活性會下降，A、B點位置都會下移，C錯誤；D、酶量減少后，酶促反應速率下降，其反應速率可用曲線a表示，D正確。故選D。11.ATP在生物體的生命活動中發揮著重要作用，下列有關ATP的敘述，不正確的有幾項（）①人體成熟的紅細胞、蛙的紅細胞、雞的紅細胞中均能合成ATP②若細胞內Na+濃度偏高，為維持Na+濃度的穩定，細胞消耗ATP的量可能增加③ATP中的“A”與構成DNA、RNA中的堿基“A”不是同一物質④ATP是生物體生命活動的直接供能物質，但在細胞內含量很少⑤質壁分離和復原實驗過程中不消耗ATP⑥ATP中的能量可以來源于光能、化學能，也可以轉化為光能和化學能A.0項 B.1項 C.2項 D.3項【答案】A【解析】【分析】ATP中文名叫三磷酸腺苷，結構式簡寫AP～P～P，其中A表示腺苷，T表示三個，P表示磷酸基團.幾乎所有生命活動的能量直接來自ATP的水解，由ADP合成ATP所需能量，動物來自呼吸作用，植物來自光合作用和呼吸作用，ATP可在細胞器線粒體或葉綠體中和在細胞質基質中合成。【詳解】①人體成熟的紅細胞無線粒體，可通過無氧呼吸產生ATP，蛙的紅細胞、雞的紅細胞可通過有氧呼吸合成ATP，①正確；②細胞通過主動運輸維持Na+濃度內低外高的穩定，需要消耗ATP，②正確；③ATP中的“A”代表腺苷（由一分子核糖和一分子腺嘌呤組成），構成DNA、RNA中的堿基“A”是腺嘌呤，兩者不是同一物質，③正確；④ATP是生物體生命活動的直接供能物質，但在細胞內含量很少，可以通過ATP與ADP相互轉化保證供能，④正確；⑤質壁分離和復原的原理是滲透作用，不消耗能量，⑤正確；⑥ATP是經光合作用或細胞呼吸產生的，其能量分別來源于光能和化學能，ATP被利用時，其能量可轉化為光能和化學能等，⑥正確；綜上所述①②③④⑤⑥全部正確，錯誤的有0項，BCD錯誤，A正確。故選A。12.下圖是向含有酵母菌的葡萄糖培養液中通入不同濃度的O2后，O2的消耗量和CO2的產生量變化曲線。據圖判斷，下列分析正確的是（）A.曲線Ⅰ、Ⅱ分別表示O2的消耗量和CO2的產生量B.O2濃度為b時，約有2/3的葡萄糖用于酵母菌的酒精發酵C.O2濃度為c時，酵母菌產生的CO2全部來自線粒體基質D.O2.濃度為d時，細胞呼吸形成的ATP全部來自線粒體【答案】B【解析】【詳解】A、酵母菌為兼性厭氧菌，其進行有氧呼吸消耗氧氣，產生二氧化碳；進行無氧呼吸，產生二氧化碳，當氧氣濃度小于d時，曲線Ⅱ均高于曲線Ⅰ，說明曲線Ⅰ為總的呼吸產生的二氧化碳，曲線Ⅱ為有氧呼吸氧氣的消耗量，A錯誤。B、O2濃度為b時，02的消耗量為6，CO2的產生量為10，說明有氧呼吸消耗的葡萄糖為1，無氧呼吸CO2的產生量為4，無氧呼吸消耗的葡萄糖為2，即約有2/3的葡萄糖用于酵母菌的酒精發酵，B正確。C、O2濃度為C時，02的消耗量為10，CO2的產生量為12，說明酵母菌既進行有氧呼吸，又進行無氧呼吸，其產生的C02來自細胞質基質和線粒體基質，C錯誤。D、O2濃度為d時，02的消耗量和CO2的產生量相等，說明其只進行有氧呼吸，細胞呼吸形成的ATP來自細胞質基質和線粒體，D錯誤。故選B。【點睛】學生對O2濃度影響有氧呼吸和無氧呼吸的曲線理解不清O2濃度對有氧呼吸和無氧呼吸的曲線分析(1)氧氣作為有氧呼吸的原料，可同時影響有氧呼吸和無氧呼吸的速率。①圖甲中O2濃度為0時只進行無氧呼吸，隨O2濃度升高，有氧呼吸逐漸增強，無氧呼吸逐漸減弱。當O2濃度為0～10%時，細胞既進行有氧呼吸又進行無氧呼吸；O2濃度為10%以上時，只進行有氧呼吸。②圖乙中三條曲線分別表示無氧呼吸CO2釋放量、有氧呼吸O2吸收量(等于有氧呼吸CO2釋放量)及兩種呼吸CO2釋放總量。(2)圖中R點為兩種呼吸CO2釋放總量的最低點，一般認為此時細胞的呼吸消耗最少。AB段長度＝BC段長度，說明此時有氧呼吸與無氧呼吸釋放CO2量相等，則此時有氧呼吸消耗的葡萄糖量應為無氧呼吸消耗葡萄糖量的1/3。13.將狀況相同的某種綠葉分成四等組，在不同溫度下分別暗處理lh，再光照1h（光強相同），測其重量變化，得到如下表的數據，正確的是（）組別一二三四溫度/℃27282930暗處理后重量變化/mg1231光照后與暗處理前重量變化/mg+3+3+3+1A.該植物光合作用的最適溫度約是27℃B.27～29℃下的凈光合速率相等C.該植物呼吸作用的最適溫度約是29℃D.30℃下的真正光合速率為2mg/h【答案】C【解析】【分析】表格中暗處理后的重量變化指的是1h呼吸消耗的有機物，光照后和暗處理前的重量變化是指呼吸作用2小時、光合作用1小時后的有機物積累。由圖中數值可計算出總光合作用，總光合作用=光照后和暗處理前的重量變化+暗處理后的重量變化×2。27℃、28℃、29℃、30℃呼吸速率分別為1、2、3、1mg/h，真正光合速率分別為5、7、9、3mg/h，因此該植物光合作用的最適溫度約為29℃，凈光合速率=真正光合速率呼吸速率，27℃、28℃、29℃、30℃凈光合速率分別為4、5、6、2mg/h。【詳解】A、光合速率=光照后與暗處理前重量變化+2×暗處理后重量變化，經過計算可知，29℃時光合速率最快，植物光合作用的最適溫度是29℃，A錯誤；B、凈光合速率=光照后與暗處理前重量變化+暗處理后重量變化，經過計算可知，27℃、28℃、29℃的凈光合速率依次是：4mg/h、5mg/h和6mg/h，27～29℃下的凈光合速率不相等，B錯誤；C、暗處理后重量變化表示1h植物呼吸消耗的有機物，即呼吸速率，結合表中數據可知29℃時呼吸速率最大，呼吸作用的最適溫度約是29℃，C正確；D、30℃下實際光合速率=光照后與暗處理前重量變化+2×暗處理后重量變化=3mg/h，D錯誤。故選C。14.圖1是人的紅細胞處在不同濃度的NaCl溶液中，紅細胞的體積(V)與初始體積(V0)之比的變化曲線；圖2是某植物細胞在一定濃度的KNO3溶液中細胞失水量的變化情況。下列分析正確的是（）A.圖1可見250mmol·L1NaCl溶液不影響人紅細胞的代謝B.圖2中植物細胞體積的變化是先明顯減小后增大C.圖2中A點細胞失水量最大，此時細胞吸水能力最小D.人的紅細胞長時間處在300mmol·L1NaCl溶液中可能死亡【答案】D【解析】【分析】甲圖中隨著NaCl溶液濃度的增加，紅細胞的體積（V）與初始體積（V0）之比越來越小，當NaCl溶液濃度低于100mmol?L1，紅細胞會吸水漲破；當NaCl溶液濃度等于150mmol?L1，紅細胞的體積（V）與初始體積（V0）之比是1，該溶液濃度與細胞內液濃度的滲透壓相等。乙圖中植物細胞在一定濃度的NaCl溶液中細胞失水量先增加后減少，原因是細胞對NaCl進行吸收。【詳解】A、圖甲中，250mmol?L1NaCl溶液中紅細胞體積與初始體積之比小于1，說明紅細胞失水皺縮了，會影響紅細胞的代謝，A錯誤；B、圖乙中植物細胞失水量先變大后變小，之后表現為吸水，故植物細胞原生質體體積先變小后變大，植物細胞由于細胞壁保護，細胞體積幾乎不變，B錯誤；C、圖乙中，A點植物細胞失水量最多，此時細胞吸水能力最高，C錯誤；D、人紅細胞長時間處于300mmol?L1NaCl溶液中會使細胞失水過多而死亡，D正確。故選D。二、多選題（本題共計4小題，總分16分）15.某非環狀多肽，經測定其分子式是C25HxOyN5S2，該多肽上有一個二硫鍵（－S－S－是由兩個－SH縮合而成），其它R基團沒有參與反應。已知該多肽是由下列氨基酸中的幾種作為原料合成的。苯丙氨酸（C9H11NO2）、天冬氨酸（C4H7NO4）、丙氨酸（C3H7NO2）、亮氨酸（C6H13NO2）、半胱氨酸（C3H7NO2S）。下列有關該多肽的敘述，正確的是（）A.該多肽有四個肽鍵，為四肽化合物B.該多肽徹底水解后能產生4種氨基酸C.該多肽中氫原子數和氧原子數分別是37和8D.該多肽在核糖體上形成，形成過程中相對分子質量減少了74【答案】BD【解析】【分析】1、構成蛋白質的基本單位是氨基酸，即每種氨基酸分子至少都含有一個氨基和一個羧基，且都有一個氨基和一個羧基連接在同一個碳原子上，這個碳原子還連接一個氫和一個R基，氨基酸的不同在于R基的不同。2、氨基酸在核糖體中通過脫水縮合形成多肽鏈，而脫水縮合是指一個氨基酸分子的羧基（COOH）和另一個氨基酸分子的氨基（NH2）相連接，同時脫出一分子水的過程；連接兩個氨基酸的化學鍵是肽鍵；氨基酸形成多肽過程中的相關計算：肽鍵數=脫去水分子數=氨基酸數肽鏈數，氮原子數=肽鍵數+肽鏈數+R基上的氮原子數=各氨基酸中氮原子總數，氧原子數=肽鍵數+2×肽鏈數+R基上的氧原子數=各氨基酸中氧原子總數脫去水分子數。【詳解】AC、通過題目分析，每一個氨基酸只含有一個氮，而非環狀多肽C25HxOyN5S2含有5個氮，所以該多肽含量有5個氨基酸，由于該多肽含有2個S，而氨基酸中只有半胱氨酸（C3H7NO2S）含有S，所以有2個半胱氨酸（C3H7NO2S）。再根據C的數目總共是25個，根據題目所給的條件（該多肽是由下列氨基酸中的幾種作為原料合成的），苯丙氨酸（C9H11NO2）、天冬氨酸（C4H7NO4）、丙氨酸（C3H7NO2）、亮氨酸（C6H13NO2）、半胱氨酸（C3H7NO2S），去掉2個半胱氨酸（C3H7NO2S）的6個碳，還有19個碳，有3個氨基酸。所以這3個氨基酸是苯丙氨酸（C9H11NO2）、天冬氨酸（C4H7NO4）、亮氨酸（C6H13NO2）。所以氫原子的總數是11+7+137+782=35，氧原子的總數是:2+4+2+2+24=8，該多肽由5個氨基酸脫水縮合形成的，為五肽化合物，AC錯誤；B、由A分析可知，該多肽由5個4種氨基酸組成，故徹底水解后能產生4種氨基酸，B正確；D、該多肽在核糖體上形成，形成4個肽鍵，即脫去4個水分子，形成一個二硫鍵，脫去2個氫原子，故形成過程中相對分子質量減少了4×18+2=74，D正確。故選BD。16.內質網的結構是隔離于細胞質基質的三維管道系統，在內質網中加工的蛋白質可以分為運出蛋白和駐留蛋白，KDEL序列是位于蛋白質C端的四肽序列，凡是含此序列的蛋白質都會被滯留在內質網中，下列說法錯誤的是（）A.圖中的運出蛋白在核糖體上合成，經內質網的初步加工后出芽形成COPII小泡運往高爾基體進行加工，分類及包裝B.KDEL受體蛋白與內質網駐留蛋白結合后可能參與其他分泌蛋白的折疊，組裝，加工C.圖示中駐留蛋白、COPⅡ小泡在運輸物質的過程中需要消耗能量，而COPI小泡則不需要D.圖中所涉及到的膜性結構的相互轉化可以說明生物膜的組成成分和結構具有相似性【答案】C【解析】【分析】內質網由脂質和多種蛋白質構成，蛋白質分為運出蛋白和駐留蛋白。運出蛋白在核糖體合成后，經內質網初步加工后，出芽形成COPI具膜小泡，轉運至高爾基體進行進一步加工和分揀。若駐留蛋白進入到高爾基體，內質網駐留蛋白與高爾基體膜上的KDEL受體蛋白結合形成COPI具膜小泡轉運至內質網并釋放到內質網腔，使內質網駐留蛋白被選擇性回收。【詳解】A、圖中的運出蛋白在核糖體合成后，經內質網初步加工后，出芽形成COPⅡ具膜小泡，包裹著經內質網初步加工的蛋白質，轉運至高爾基體進行進一步加工和分揀，A正確；B、內質網駐留蛋白是指經核糖體合成、內質網折疊和組裝后，留在內質網中的蛋白質，KDEL序列是位于蛋白質C端的四肽序列，凡是含此序列的蛋白質都會被滯留在內質網中，推斷內質網駐留蛋白與KDEL受體蛋白結合可能參與其他分泌蛋白的折疊、組裝、加工，B正確；C、圖示中駐留蛋白、COPⅡ小泡在運輸物質的過程中需要消耗能量，COPⅠ小泡也需要，C錯誤；D、圖中所涉及到的膜性結構（內質網膜與高爾基體膜等）的相互轉化可以說明生物膜的組成成分和結構具有相似性，D正確。故選C。17.在有氧呼吸第三階段，線粒體基質中的還原型輔酶脫去氫并釋放電子，電子經線粒體內膜最終傳遞給O2，電子傳遞過程中釋放的能量驅動H+從線粒體基質移至內外膜間隙中，隨后H+經ATP合酶返回線粒體基質并促使ATP合成，然后與接受了電子的O2結合生成水。為研究短時低溫對該階段的影響，將長勢相同的黃瓜幼苗在不同條件下處理，分組情況及結果如圖所示。已知DNP可使H+進入線粒體基質時不經過ATP合酶。下列相關說法正確的是（）A.4℃時線粒體內膜上的電子傳遞受阻B.與25℃時相比，4℃時有氧呼吸產熱多C.與25℃時相比，4℃時有氧呼吸消耗葡萄糖的量多D.DNP導致線粒體內外膜間隙中H+濃度降低，生成的ATP減少【答案】BCD【解析】【分析】DNP可使H+進入線粒體基質時不經過ATP合酶，即NDP可抑制ATP的合成。【詳解】A、與25℃相比，4℃耗氧量增加，根據題意，電子經線粒體內膜最終傳遞給氧氣，說明電子傳遞未受阻，A錯誤；BC、與25℃相比，短時間低溫4℃處理，ATP合成量較少，耗氧量較多，說明4℃時有氧呼吸釋放的能量較多的用于產熱，消耗的葡萄糖量多，BC正確；D、DNP使H+不經ATP合酶返回基質中，會使線粒體內外膜間隙中H+濃度降低，導致ATP合成減少，D正確。故選BCD。18.葉肉細胞中存在“蘋果酸/草酰乙酸穿梭”和“蘋果酸/天冬氨酸穿梭”，可實現葉綠體和線粒體中物質和能量的轉移，如圖為葉肉細胞中部分代謝途徑，以下敘述正確的是（）A.卡爾文循環和三羧酸循環的場所分別是葉綠體基質和線粒體基質B.“蘋果酸/天冬氨酸穿梭”可將細胞質基質NADH的能量轉移到線粒體NADH中C.葉綠體和線粒體借助“蘋果酸/草酰乙酸穿梭”和“蘋果酸/天冬氨酸穿梭”實現能量的轉移路徑可表示為：NADPH→蘋果酸→NADHD.線粒體內NADH中的能量最終在線粒體基質中轉化為ATP中的化學能【答案】ABC【解析】【分析】光合作用的光反應階段（場所是葉綠體的類囊體膜上）：水的光解產生[H]（NADPH）與氧氣，以及ATP的形成。光合作用的暗反應階段（場所是葉綠體的基質中）：CO2被C5固定形成C3，C3在光反應提供的ATP和NADPH的作用下還原生成糖類等有機物。【詳解】A、圖中的卡爾文循環包括二氧化碳的固定和C3的還原兩個過程，在葉綠體基質中進行，三羧酸循環進行的場所是線粒體基質，A正確；B、分析題圖可以推測“蘋果酸/天冬氨酸穿梭”可將細胞質基質NADH的能量轉移到線粒體NADH中，B正確；C、葉肉細胞中存在“蘋果酸/草酰乙酸穿梭”和“蘋果酸/天冬氨酸穿梭”，可實現葉綠體和線粒體中物質和能量的轉移，轉移路徑可表示為：NADPH→蘋果酸→NADH，C正確；D、線粒體內NADH中的能量最終在線粒體內膜上轉化為ATP中的化學能和熱能，D錯誤。故選ABC。三、填空題（本題共計5小題，總分54分）19.生物膜在細胞的許多生命活動中發揮著重要作用。請回答一下與生物膜相關的問題：（1）在光學顯微鏡下不需要染色能觀察到的具膜結構的細胞器有___________________。（2）科學家用______________能夠分離細胞各種結構。分離動物細胞結構時首先要破壞細胞膜，破壞細胞膜最簡單的方法是____________________________________。（3）某同學想提取較為純凈的細胞膜，但現在實驗室沒有人或哺乳動物成熟的紅細胞，以下實驗材料哪個可用于提取細胞膜（）A.蛙成熟的紅細胞 B.洋蔥表皮細胞C.念珠藻細胞 D.人的口腔上皮細胞（4）溶酶體內含有多種水解酶，水解酶的形成過程與分泌蛋白的形成類似，但水解酶不會分泌到細胞外，而是合成后儲存在溶酶體中。那么與水解酶合成相關的細胞器有________________（至少答三個）【答案】19.葉綠體、液泡20.①.差速離心法②.將細胞放到清水中吸水漲破21.C22.核糖體、內質網、高爾基體、線粒體【解析】【分析】分泌蛋白的合成與分泌過程：附著在內質網上的核糖體合成蛋白質→內質網進行粗加工→內質網“出芽”形成囊泡→高爾基體進行再加工形成成熟的蛋白質→高爾基體“出芽”形成囊泡→細胞膜，整個過程還需要線粒體提供能量。【小問1詳解】植物細胞含有色素的細胞器為液泡和葉綠體，在光學顯微鏡下不需要染色能觀察到的具膜結構的細胞器有葉綠體、液泡。【小問2詳解】分離各種細胞器的方法為差速離心法，分離動物細胞結構時首先要破壞細胞膜，破壞細胞膜最簡單的方法是將細胞放到清水中吸水漲破。【小問3詳解】念珠藻細胞為原核細胞，沒有核膜、沒有細胞器膜，若沒有人或哺乳動物成熟的紅細胞，可以選用念珠藻細胞提取細胞膜。而其他細胞具有核膜和細胞器膜，不易提取純凈細胞膜，C正確。故選C。【小問4詳解】溶酶體是高爾基體出芽形成的，溶酶體內的水解酶是由附著在內質網上的核糖體合成蛋白質→內質網進行粗加工→內質網“出芽”形成囊泡→高爾基體進行再加工形成成熟的蛋白質→高爾基體“出芽”形成溶酶體，故與水解酶合成相關的細胞器有：核糖體、內質網、高爾基體、線粒體。20.某科研小組將新鮮的黃瓜磨碎、過濾制得提取液，以等體積等濃度的H2O2作為底物，對提取液中過氧化氫酶的活性進行了相關研究，得到下圖所示的實驗結果。回答下列問題：（1）實驗一的自變量是________，該實驗的主要目的是________。（2）實驗二是在最適溫度下測定相同時間內H2O2的剩余量，只是第二次實驗時將黃瓜提取液按一定比例稀釋后重復實驗，其余操作都相同。則曲線A是第________次實驗的結果，原因是________。（3）實驗二的結果顯示，當pH小于2或pH大于11時，兩組實驗的過氧化氫剩余量均為100%，請分析其原因________。【答案】①.催化劑的種類②.驗證酶具有高效性③.二④.A組反應物剩余量大，說明A組所含酶的數量較少⑤.過酸、過堿會破壞酶的空間結構，使過氧化氫酶變性失活，不能催化H2O2分解【解析】【分析】1、分析實驗一：該實驗的自變量是催化劑的種類，一種是黃瓜提取液中的過氧化氫酶，另一種是Fe3+，因變量是氧氣的產生量，實驗的原理是過氧化氫酶催化過氧化氫分解，由于酶降低化學反應活化能的效果更顯著，因此與無機催化劑相比，加入黃瓜提取液的實驗先達到平衡點，說明酶具有高效性。2、分析實驗二：該圖是多因素對過氧化氫酶活性的影響，橫軸表示pH，pH是一個自變量，兩次實驗溫度均保持在最適溫度，只是第二次實驗時黃瓜提取液經過一定比例的稀釋，則另一個自變量是酶的數量，因變量是酶促反應速率，剩余量越大，說明酶促反應速率越小。【詳解】（1）由分析可知，該實驗的自變量是酶和無機催化劑，因變量是氧氣的產生量，因此該實驗的目的是探究酶作用的高效性。（2）A、B兩曲線均是在最適溫度下，測定相同時間內H2O2的剩余量，只是第二次實驗時將黃瓜提取液按一定比例稀釋，由圖中可看出，A、B曲線在相同pH值條件下，H2O2的剩余量A多于B，產生不同結果的原因是A組黃瓜提取液按一定比例稀釋，所含酶的數量較B組少。（3）pH小于2為強酸性環境，pH大于11為強堿性環境，過酸、過堿會破壞酶的空間結構，使過氧化氫酶變性失活，不能催化H2O2分解。【點睛】本題的知識點是酶的高效性，影響酶促反應速率的因素，旨在考查分析題圖曲線獲取信息的能力，理解所學知識的要點，把握知識的內在聯系，形成知識網絡，并應用相關知識結合題圖信息綜合解答問題的能力。21.圖1表示萌發的小麥種子中可能發生的相關生理過程，A～E表示物質，①～④表示過程。圖2的實驗裝置用來探究消過毒的小麥種子在萌發過程中的細胞呼吸方式(假定：葡萄糖為種子細胞呼吸過程中的唯一底物)。請分析回答下列問題：（1）圖1中，產生物質B的過程②和④的酶分別存在于細胞的________________、______________；物質C、D、E的名稱依次是________、________、________。（2）圖2實驗裝置乙中，KOH溶液中放置筒狀濾紙的目的是_______________________。實驗裝置甲中，清水中放置筒狀濾紙的目的是__________________________________。（3）若實驗后，乙裝置的墨滴左移，甲裝置的墨滴不動，則小麥種子萌發的過程中進行的細胞呼吸方式是______________；若實驗后，乙裝置的墨滴左移，甲裝置的墨滴右移，則小麥種子萌發的過程中進行的細胞呼吸方式是__________________________。（4）為校正裝置甲、乙中因物理因素引起的氣體體積變化，還應設置對照裝置，對照裝置應如何設置？____________________________________。【答案】①.細胞質基質②.線粒體基質③.[H]④.O2⑤.酒精⑥.增大吸收二氧化碳的面積⑦.消除無關變量對實驗結果的干擾⑧.有氧呼吸⑨.有氧呼吸和無氧呼吸⑩.將甲、乙兩裝置中萌發的小麥種子換成等量的煮沸殺死的小麥種子【解析】【分析】根據題意和圖示分析可知：圖1中：①表示細胞呼吸的第一階段；②表示無氧呼吸的第二階段；③表示有氧呼吸的第三階段；④表示有氧呼吸的第二階段；A為丙酮酸，B為二氧化碳，C為[H]，D為氧氣，E為無氧呼吸產物——酒精。圖2中：甲裝置中清水不吸收二氧化碳，也不釋放氣體，因此甲中液滴移動的距離代表細胞呼吸產生二氧化碳量與呼吸消耗氧氣量的差值；乙裝置中KOH的作用是吸收細胞呼吸產生的二氧化碳，因此乙中液滴移動的距離代表細胞呼吸消耗的氧氣量。【詳解】（1）②表示無氧呼吸的第二階段，發生在細胞質基質中，因此催化該過程的酶也存在于細胞質基質中；④表示有氧呼吸的第二階段，發生在線粒體中，因此催化該過程的酶也存在于線粒體中。結合圖示過程及細胞呼吸的過程可判斷，圖中C為[H]，D為氧氣，E為無氧呼吸產物——酒精。（2）圖2實驗裝置乙中，KOH溶液中放置筒狀濾紙的目的是增加吸收二氧化碳的面積。實驗裝置甲中，清水中放置筒狀濾紙的目的是消除無關變量對實驗結果的干擾。（3）甲裝置的墨滴不動，說明呼吸產生的二氧化碳量與消耗的氧氣量相等，乙裝置的墨滴左移，說明有氧氣消耗，由此可推知，細胞只進行有氧呼吸；甲裝置的墨滴右移，說明呼吸產生的二氧化碳量對于消耗的氧氣量，乙裝置的墨滴左移，說明有氧氣的消耗，由此可推知細胞同時進行有氧呼吸和無氧呼吸。（4）為校正裝置甲、乙中因物理因素引起的氣體體積變化，可將甲、乙兩裝置中萌發的小麥種子換成等量的煮沸殺死的小麥種子，進行對照實驗。【點睛】本題考查細胞呼吸的過程及意義，要求考生識記細胞呼吸的具體過程、場所及產物，能準確判斷圖1中各過程及物質的名稱；能正確分析細胞呼吸熵的測定過程；實驗題的分析關鍵要抓住實驗目的，明確其自變量和因變量，結合實驗設計必須遵循的原則（單一變量原則和對照實驗原則等），預測實驗結果，分析得出與實驗有關的實驗結論。22.下圖是水稻和玉米的光合作用暗反應示意圖。卡爾文循環的Rubisco酶對CO2的Km為450μmol·L1（Km越小，酶對底物的親和力越大），該酶既可催化RuBP與CO2反應，進行卡爾文循環，又可催化RuBP與O2反應，進行光呼吸（綠色植物在光照下消耗O2并釋放CO2的反應）。該酶的酶促反應方向受CO2和O2相對濃度的影響。與水稻相比，玉米葉肉細胞緊密圍繞維管束鞘，其中葉肉細胞葉綠體是水光解的主要場所，維管束鞘細胞的葉綠體主要與ATP生成有關。玉米的暗反應先在葉肉細胞中利用PEPC酶（PEPC對CO2的Km為7μmol·L1）催化磷酸烯醇式丙酮酸（PEP）與CO2反應生成C4，固定產物C4轉運到維管束鞘細胞后釋放CO2，再進行卡爾文循環。回答下列問題：（1）水稻的光合作用過程中，合成NADPH的場所是____，所需電子最終來自于____，卡爾文循環中，產生3磷酸甘油醛所需能量由____提供。（2）據圖分析，適當增大光照強度，短時間內，水稻葉肉細胞葉綠體中____（填“C3”或“RUBP”）含量增多。若光照強度過高，光合作用合成的有機物反而會有一定程度的減少，其原因是____。（3）玉米葉肉細胞中產生的C4通過細胞間的通道進入維管束鞘細胞，該通道可能是____。據圖推測，在炎熱夏季的午后，水稻因為溫度升高，氣孔開度減小導致胞間CO2濃度降低，光合作用減弱而出現明顯的午休現象。玉米____（填“會”或“不會”）出現明顯的午休現象。請說明理由____。【答案】（1）①.類囊體薄膜②.水③.NADPH和ATP（2）①.RUBP②.光照強度過高，促進了光反應，光反應產生的O2會增強光呼吸，消耗一定量的RUBP，進而光合作用合成的有機物反而會有一定程度的減少（3）①.胞間連絲②.不會③.玉米葉肉細胞中的PEPC酶對CO2的親和力更強，能利用PEPC酶催化PEP與CO2反應生成C4，C4通過胞間連絲進入維管束鞘細胞后分解產生CO2，用于卡爾文循環，補充因為氣孔關閉導致的空氣中的CO2不能及時供應【解析】【分析】本題主要考查的光合作用過程中的暗反應階段，也就是卡爾文循環，綠葉通過氣孔從外界吸收的CO2，在特定酶的作用下，與C5（一種五碳化合物）結合，這個過程稱作CO2的固定。一分子的CO2被固定后，很快形成兩個C3分子。在有關酶的催化作用下，C3接受ATP和NADPH釋放的能量，并且被NADPH還原。隨后，一些接受能量并被還原的C3，在酶的作用下