江蘇省泰州市2023年中考物理試卷一、單選題（本題共12小題，共24分）1．下列能源中，屬于不可再生能源的是（）A．風能 B．核能 C．水能 D．潮汐能【解析】【解答】風能、水能和潮汐能，都是可在短時間內得到補充的能源，屬于可再生能源，故A、C、D不合題意；

而核能不能在短時間內得到補充，為不可再生能源，故B符合題意。

故選B。

2．如圖，古琴演奏家正在演奏名曲高山流水，下列說法正確的是（）A．琴聲響度越大，它在空氣中傳播的速度越大B．琴聲是由琴弦振動產生的C．撥動不同的琴弦，主要引起琴聲響度不同D．用大小不同的力撥動同一根琴弦，琴聲音調不同【解析】【解答】A.琴聲在空氣中傳播速度與響度大小無關，故A錯誤；

B.琴聲由琴弦振動產生，故B正確；

C.不同的琴弦，粗細和長度不同，那么頻率不同，因此琴聲的音調不同，故C錯誤；

D.同一根琴弦頻率相同，則音調相同，故D錯誤。

故選B。

（2）根據聲音的產生判斷；

（3）聲音的大小叫響度，聲音的高低叫音調，聲音的特點叫音色；

（4）音調由振動頻率決定。3．下列物態變化中，屬于吸熱現象的是哪一組（）初春：冰雪消融盛夏：灑水降溫深秋：濃霧彌漫嚴冬：寒霜遍野A． B． C． D．【解析】【解答】①冰雪消融，即從固態變成液態發生熔化現象，需要吸熱；

②灑水降溫，即水從液態變成氣態發生汽化現象，需要吸熱；

③濃霧彌漫，即水蒸氣從氣態變成液態發生液化現象，需要放熱；

④寒霜遍野，即水蒸氣從氣態直接變成固態發生凝華現象，需要放熱。

則屬于吸熱的是①②。

故選A。

4．關于粒子與宇宙，下列說法不正確的是（）A．用鼻子嗅氣味來鑒別醬油和醋，說明分子在不停地運動B．盧瑟福提出原子是由原子核和核外電子構成的C．摩擦起電的過程中，帶正電的物體得到了質子D．宇宙是一個有層次的天體結構系統，太陽是銀河系中的一顆恒星【解析】【解答】A.用鼻子嗅氣味來鑒別醬油和醋，說明分子在不停地運動，故A正確不合題意；

B.盧瑟福提出原子是由原子核和核外電子構成的，故B正確不合題意；

C.摩擦起電的過程中，帶正電的物體失去了電子，帶負電的物體得到電子，而質子數保持不變，故C錯誤符合題意；

D.宇宙是一個有層次的天體結構系統，太陽是銀河系中的一顆恒星，故D正確不合題意。

故選C。

（2）格局原子的結構的知識判斷；

（3）根據摩擦起電的本質解答；

（4）根據對宇宙的構成判斷。5．下列事例中，能增大壓強的是（）A．載重汽車裝有許多車輪 B．壓路機的碾子質量很大C．滑雪板與雪地接觸面積較大 D．背包用較寬的背帶【解析】【解答】ACD.載重汽車裝有許多車輪，滑雪板與雪地接觸面積較大，背包用較寬的背帶，三者都是通過增大受力面積的方式減小壓強，故A、C、D不合題意；

B.壓路機的碾子質量很大，通過增大壓力的方式增大壓強，故B符合題意。

故選B。

①減小受力面積；②增大壓強。6．如圖所示，是仿照人的手臂設計的我國天宮空間站的機械臂。下列工具使用時與機械臂屬于同類型杠桿的是（）A．夾起食物的筷子 B．拔釘子的羊角錘C．剪鐵絲的鋼絲鉗 D．起瓶蓋的開瓶扳手【解析】【解答】根據圖片可知，機械臂的動力臂小于阻力臂，為費力杠桿。

A.夾起食物的筷子，大拇指的位置為支點，食指施加動力，阻力作用在筷子的尖端。此時動力臂小于阻力臂，為費力杠桿，故A符合題意；

B.拔釘子的羊角錘，錘頭的彎曲處為支點，阻力作用在豁口上，動力作用在手柄上。此時動力臂大于阻力臂，為省力杠桿，故B不合題意；

C.剪鐵絲的鋼絲鉗，轉軸為支點，動力作用在手柄上，阻力作用在刀口上。此時動力臂大于阻力臂，為省力杠桿，故C不合題意；

D.起瓶蓋的開瓶扳手，扳手與瓶蓋上表面接觸的位置為支點，阻力作用在瓶蓋邊緣，動力作用在手柄上。此時動力臂大于阻力臂，為省力杠桿，故D不合題意。

故選A。

7．關于地磁場，下列說法中正確的是（）A．磁感線是磁場中真實存在的曲線B．地球周圍的地磁場的磁感線是從地磁極出發回到地磁極C．教室里水平放置、能自由轉動的小磁針靜止時極指向地理南極D．指南針是我國古代四大發明之一，它能指南北是因為受到地磁場的作用【解析】【解答】A.磁感線并不存在，是為了形象的描述磁場分布而人為引入的，故A錯誤；

B.地球周圍的地磁場的磁感線是從地磁N極出發回到地磁S極，故B錯誤；

C.教室里水平放置、能自由轉動的小磁針靜止時N極指向地理北極，故C錯誤；

D.指南針是我國古代四大發明之一，它能指南北是因為受到地磁場的作用，故D正確。

故選D。

8．同學們在墊排球時，當排球離開手腕后，下列分析正確的是（）A．排球能繼續向上運動是由于受到慣性的作用B．排球向上運動的過程中，受到重力和手腕對排球托力的作用C．排球離開手腕后，手對排球不做功D．假如正在上升的排球所受的力全部消失，它將保持靜止【解析】【解答】A.排球能繼續向上運動是由于排球具有慣性，故A錯誤；

B.排球向上運動的過程中，由于排球與手不再接觸，那么排球不受托力，故B錯誤；

C.排球離開手腕后，手對排球沒有力的作用，因此對排球不再做功，故C正確；

D.假如正在上升的排球所受的力全部消失，它將保持原來的速度和方向做勻速直線作用，故D錯誤。

故選C。

（2）對空中飛行的排球進行分析即可；

（3）做功的兩個要素：①作用在物體上的力；②物體在力的方向上通過的距離；

（4）根據牛頓第一定律分析判斷。9．如圖所示，小明沿滑道從頂端勻速下滑的過程中，小明的（）A．重力勢能減小，機械能減小 B．動能不變，機械能不變C．重力勢能減小，動能增大 D．重力勢能不變，機械能減小【解析】【解答】如圖所示，小明沿滑道從頂端勻速下滑的過程中，質量不變，速度不變，則動能不變；質量不變，高度減小，則重力勢能減小。根據“機械能=動能+重力勢能”可知，小明的機械能減小，故A正確，而B、C、D錯誤。

故選A。

10．為了安全，汽車行駛時駕駛員必須系好安全帶．當系好安全帶時，相當于閉合開關，指示燈不亮；未系好安全帶時，相當于斷開開關，指示燈發光．符合上述要求的學電路圖是（）A． B．C． D．【解析】【解答】解：A、無論開關斷開還是閉合，燈泡都發光．不符合題意；B、無論開關斷開還是閉合，燈泡都發光．不符合題意；C、開關斷開，燈泡和保護電阻串聯能夠發光；開關閉合，燈泡被短路不能發光．符合題意；D、開關斷開，燈泡與保護電阻串聯能夠發光；開關閉合造成電源短路．不符合題意．故選C．11．用硬質塑料瓶、透明膠帶、螺母、塑料管、容器和水等，制作如圖所示的潛水艇模型不計進排氣管體積，然后將模型放入水中，使其上浮或下沉。下列說法正確的是（）A．當模型漂浮于水面時，它受到的浮力小于重力B．向瓶中充氣時，瓶內氣體壓強變大，模型將下沉C．從瓶中抽氣時，模型會下沉，它受到的浮力將變小D．讓原本在較淺處懸浮的模型下潛至更深處懸浮，應使瓶內的水先增加后減少【解析】【解答】A.當模型漂浮于水面時，它受到的浮力等于重力，故A錯誤；

B.向瓶中充氣時，瓶內氣體壓強變大，則瓶內的水流出來，自身重力減小。此時浮力大于重力，則模型上浮，故B錯誤；

C.從瓶中抽氣時，瓶內氣壓減小，外面的水進入瓶內，使其重力增大，那么模型會下沉。由于瓶子排開水的體積不變，根據阿基米德原理F浮力=ρ液體gV排可知，瓶子受到的浮力不變，故C錯誤；

D.讓原本在較淺處懸浮的模型下潛至更深處懸浮，先使瓶子下沉，此時需要增大重力，使浮力小于重力；到達規定位置后，再減小瓶內水量，使浮力等于重力從而實現懸浮，故D正確。

故選D。

（2）分析模型內水量的變化，再根據浮沉條件判斷；

（3）根據阿基米德原理F浮力=ρ液體gV排分析浮力的變化；

（4）根據浮沉條件分析浮力和重力的大小關系即可。12．如圖所示為模擬調光燈電路，電源電壓恒為，滑動變阻器標有“”的字樣，電流表選用“”的量程，當滑片移至中點時，小燈泡恰好正常發光。已知小燈泡上標有“”字樣忽略溫度對燈絲電阻的影響。為保證電路安全，下列選項正確的是（）A．滑動變阻器阻值的變化范圍為B．定值電阻的阻值為C．電流表示數變化的范圍為D．小燈泡的最小功率為【解析】【解答】如圖所示，滑動變阻器，R0和小燈泡L串聯，電流表測電路中的電流，

A.已知小燈泡上標有“3V0.9W”字樣，

則小燈泡額定電流，故電路中最大電流為0.3A，

當滑片P移至中點時，小燈泡恰好正常發光，此時電流為0.3A，

故此時滑動變阻器的阻值為最小值，

滑動變阻器規格為20Ω1A，中點時的阻值為10Ω，

故滑動變阻器阻值的變化范圍為10～20Ω，故A錯誤；

B.滑動變阻器滑片P在中點時阻值為10Ω，電路中的電流為0.3A，小燈泡電壓為3V，

則滑動變阻器兩端電壓為U變=I變R變=0.3A×10Ω=3V，

定值電阻R0的電壓U0=U總-UL-U變=9V-3V-3V=3V，

那么，故B錯誤；

C.當滑動變阻器R滑動至阻值最大處時，電流表為最小值，

小燈泡的阻值，

此時的最小電流為：，

已知電流最大電流為0.3A，

故電流表示數變化的范圍為0.225～0.3A，故C正確；

D.由P=I2R可知，當電路電流最小時，小燈泡功率最小，那么燈泡的最小功率：PL=I2RL=（0.225A）2×10=0.50625W，故D錯誤。

故選C。

計算燈泡的額定電流，并與電流表的量程比較確定電路的最大電流。然根據題目描述確定此時變阻器的阻值，進而確定變阻器接入的阻值范圍。

（2）當燈正常發光時，根據U變=I變R變計算變阻器兩端的電壓，再根據U0=U總-UL-U變計算R0兩端的電壓，最后根據計算定值電阻的阻值。

（3）當滑動變阻器R滑動至阻值最大處時，此時電流最小，根據計算此時的電流，從而確定電流表的示數變化范圍；

（4）根據：PL=I2RL計算燈泡的最小功率。二、填空題（本題共8小題，共26分）13．如圖所示，一只水鳥站在水中覓食，圖中的黑影是由于光的形成的，倒影是因光的反射形成的像，且倒影看起來要“暗”一些，是因為有一部分光在水面處發生了而進入水中，人能從不同角度看見水鳥是由于光照射在鳥身上發生了。【解析】【解答】如圖所示，一只水鳥站在水中覓食，圖中的黑影是由于光的直線傳播形成的，倒影是因光的反射形成的虛像，且倒影看起來要“暗”一些，是因為有一部分光在水面處發生了折射而進入水中，人能從不同角度看見水鳥是由于光照射在鳥身上發生了漫反射。

①光在同一種均勻介質中沿直線傳播，現象有影子、日食和月食和小孔成像；

②平面鏡成像是光的反射形成的虛像；

③光從一種介質斜射入另一種介質中傳播方向發生改變，這就是光的折射；

④光在凹凸不平的表面上發生漫反射，在光滑平整的表面上發生鏡面反射。14．如圖所示是氣象站釋放的一種無動力探空氣球。升空過程中因大氣壓逐漸，氣球會慢慢膨脹；它攜帶的探空儀會采集各種氣象數據，并將數據通過傳回到地面氣象站；氣球上升至平流層后會隨著氣流飄向遠方，此時它相對于氣流是的；因高空嚴寒，為防止探空儀內的精密儀器被凍壞，其外殼要用好的材料制成。【解析】【解答】（1）升空過程中因大氣壓逐漸減小，氣球會慢慢膨脹；

（2）它攜帶的探空儀會采集各種氣象數據，并將數據通過電磁波傳回到地面氣象站；

（3）氣球上升至平流層后會隨著氣流飄向遠方，此時它相對于氣流的位置保持不變，即它是靜止的；（4）因高空嚴寒，為防止探空儀內的精密儀器被凍壞，其外殼的導熱性必須比較差，即材料的隔熱性能良好。

（2）根據電磁波的應用解答；

（3）根據參照物的知識解答；

（4）物質的性質決定用途，也能根據用途推測物質的性質。15．小華利用飲料瓶、氣球、瓶蓋、吸管等制作了一個簡易噴氣小車，如圖所示。拔掉吸管口的塞子，氣球向左噴氣，同時小車會向右運動，說明物體間力的作用是的，也說明力能改變物體的，使小車前進的力的施力物體是。【解析】【解答】如圖所示。拔掉吸管口的塞子，氣球向左噴氣，同時小車會向右運動，說明物體間力的作用是相互的，也說明力能改變物體的運動狀態，使小車前進的力的施力物體是噴出的氣體。

①改變物體形狀；②改變物體的運動狀態。對小車進行受力分析即可。16．如圖所示，在空氣壓縮引火儀的玻璃筒底部，放入一小團干燥的硝化棉，用力把活塞迅速壓下，使硝化棉燃燒，該過程是通過的方式來改變筒內空氣的內能，其能量轉化情況與汽油機的沖程相同。【解析】【解答】如圖所示，在空氣壓縮引火儀的玻璃筒底部，放入一小團干燥的硝化棉，用力把活塞迅速壓下，使硝化棉燃燒，該過程將活塞的機械能轉化為內能，是通過做功的方式來改變筒內空氣的內能。其能量轉化情況與汽油機的壓縮沖程相同。

①改變物體內能的方法：①做功，本質為能量的轉化；②熱傳遞，本質為能量的轉移；

②四沖程內燃機的壓縮沖程，將機械能轉化為內能；做功沖程，將內能轉化為機械能。17．如圖所示，供輪椅上下的斜坡長，高。小明用的拉力平行于斜坡向上將重為的木箱從底端勻速拉到頂端。他所做的有用功為，斜坡的機械效率為精確到，木箱所受摩擦力的大小為。【解析】【解答】（1）拉力做的有用功：W有用=Gh=200N×2m=400J；

（2）拉力F做的總功：W總=Fs=120N×4m=480J，

斜坡的機械效率：；

（3）拉力做的額外功：W額=W總-W有用=480J-400J=80J，

木箱受到的摩擦力：。

有=Gh求拉力做的有用功；

（2）利用W=Fs求拉力做的總功，根據計算斜面的機械效率；

（3）利用W額=W總-W有求出額外功，再利用計算木箱受到的摩擦力大小。18．如圖甲所示電路，開關、閉合后兩電流表的指針均指在同一位置，示數如圖乙所示，則通過的電流為，兩電阻之比：；只斷開開關，電流表的示數將變大變小不變。【解析】【解答】（1）根據甲圖可知，電阻R1與R2并聯，電流表A1測總電流，A2測R2的電流。、

根據并聯電路I總=I1+I2可知，A1的示數大于A2的示數；

根據乙圖可知，當量程為0~0.6A時，分度值為0.02A，示數為0.36A；

當量程為0~3A時，分度值為0.1A，示數為1.8A；

則A1的示數為1.8A，A2的示數為0.36A；

則通過R2的電流為0.36A，通過R1的電流為：I1=I總-I2=1.8A-0.36A=1.44A；

在并聯電路中，電流與電阻成反比，即：；

則；

（2）只斷開開關S2，此時電流表只測通過R2的電流，而原來則兩個電阻的總電流。根據I總=I1+I2可知，此時電流表A1的示數變小。

總=I1+I2計算通過R1的電流，最后根據“并聯電路電流與電阻成正比”計算電阻之比；

（2）根據甲圖確定開關S2斷開前后電流表的示數變化即可。19．小華將電阻絲和分別浸沒在質量和初溫均相同的煤油中，按如圖所示接入電路，開關閉合后，通過兩電阻絲的相等，根據溫度計示數的變化可比較電阻絲產生的多少，通電一段時間，發現甲瓶中溫度計的示數上升。【解析】【解答】①根據圖片可知，兩個電阻串聯，則通過它們的電阻絲相等；

②根據溫度計示數的變化可比較電阻絲產生熱量的多少；

③已知R1>R2，且I1=I2，根據Q=I2Rt可知，通電一段時間后，R1產生的熱量多，則甲瓶中溫度計的示數上升多。

①串聯電路中，各處電流都相等；

②根據Q=cm△t可知，質量相同的不同物質，溫度升高越多，則吸收的熱量越多；

③根據Q=I2Rt比較電阻絲產生熱量的多少，進而確定溫度計上升示數的大小。20．2022年6月17日，我國第三艘國產航空母艦“福建號”成功下水，其滿載排水量為，如圖所示。該航母滿載時，受到的浮力為，當艦載機飛離航母后，航母所受浮力變，艙底所受海水壓強變，此時航母排開的海水體積改變了，則該艦載機的質量是。取，取【解析】【解答】（1）“福建號”滿載時受到的浮力為：

F浮=G排=m排g=88000×103kg×10N/kg=8.8×108N；

（2）①“福建號”始終在水面漂浮，則所受浮力始終等于自身的重力。艦載機飛離航母后，航母重力變小，則航母所受浮力會變小；

②航母將會上浮一些，艙底到海面的深度h會變小，根據p=ρ液gh可知，艦底所受海水的壓強變小；

（3）航母漂浮在水面上，則F浮=G，

那么艦載機起飛后航母受到浮力的減小量等于艦載機的重力；

即ΔF浮=G機，

ρ海gV排=mg；

ρ海V排=m；

1.0×103kg/m3×26m3=m；

解得：m=2.6×104kg。

浮力=G排計算滿載時航母受到的浮力；

（2）①根據漂浮條件分析艦載機起飛后航母受到浮力的變化；

②根據液體壓強公式p=ρ液gh分析艙底受到海水的壓強變化；

（3）根據漂浮條件可知，艦載機起飛后航母減小的浮力等于艦載機的重力，據此結合阿基米德原理F浮力=ρ液gV排和G=mg推導計算即可。三、作圖題（本題共3小題，共6分）21．在圖中，畫出物體AB在平面鏡MN中所成的像A＇B＇。【解析】【解答】物體AB和像A＇B＇關于平面鏡對稱，故過A點做平面鏡的垂線，并延長，且物體到平面鏡的距離等于像到平面鏡的距離確定像點A＇，過B點做平面鏡的垂線，并延長，且物體到平面鏡的距離等于像到平面鏡的距離確定像點B＇，由于成的是虛像，故連接A＇B＇，即為像，故如圖所示：

22．工人站在地面上用如圖的滑輪組提升重物，畫出滑輪組的繞繩方式。【解析】【解答】根據圖片可知，人站在地面上，對繩子的拉力方向向下，那么繩頭應該系在定滑輪上，如下圖所示：

23．如圖所示，請用筆畫線代替導線，將三孔插座正確接入家庭電路中。【解析】【解答】在家庭電路中，三孔插座的左孔接零線，右孔接火線，中間的孔接地線，如下圖所示：

四、計算題（本題共2小題，共12分）24．新能源電動汽車具有節能、環保的特點。如圖所示，一輛電動汽車停放在水平地面上，滿載時整車質量為，輪胎與地面的總接觸面積為。在某段平直路面上，該車滿載時內勻速行駛了，電動汽車受到的阻力為，求：（1）汽車行駛的速度。（2）汽車發動機的功率。（3）汽車靜止時對水平地面的壓強。取【解析】；計算汽車行駛的速度。

（2）首先根據二力平衡的知識F=f計算出汽車行駛受到的牽引力，再根據P=Fv計算發動機的功率；

（3）根據G=mg計算滿載時整車的重力，再根據F壓=G計算汽車對地面的壓力，最后根據計算汽車對地面的壓強。25．小華查看家中電燉鍋的說明書后發現：電燉鍋有低溫、中溫、高溫三擋；電阻，，該電燉鍋的原理圖如圖所示。請解答：（1）閉合開關、，電燉鍋處于擋。（2）電燉鍋高溫擋的額定功率為多大？（3）正常工作時，使用電燉鍋高溫擋加熱，可將一鍋的湯從加熱到，電燉鍋的加熱效率是多少？湯的比熱容取【解析】【解答】（1）根據圖片可知，當開關S、S1閉合時，只有R1工作；

當開關S、S2閉合時，只有R2工作；

當開關都閉合時，兩個電阻并聯，總電阻為R并；

那么R1>R2>R并；

根據可知，總功率P1<P2<P并；

則三者對應的狀態分別為低溫、中溫和高溫。

比較開關在不同狀態下電功率大小，從而確定對應的工作狀態；

（2）根據圖片可知，電燉鍋處于高溫擋時，R1和R2并聯。根據分別計算它們消耗的電功率，然后相加計算出高溫檔時的功率。

（3）首先根據計算湯吸收的熱量，再根據計算消耗的電能，最后根據計算電燉鍋的加熱效率。五、實驗探究題（本題共6小題，共32分）26．小明利用如圖甲所示的實驗裝置來探究冰的熔化特點。（1）將裝有適量碎冰的試管置于燒杯內的溫水中，這樣做不僅可以使碎冰，而且便于記錄各時刻的溫度并觀察冰的。（2）實驗中某時刻溫度計示數如圖乙所示，碎冰此時的溫度為。（3）根據實驗數據畫出冰熔化過程的“溫度時間”圖象如圖丙，由圖象可知，冰屬于晶體非晶體。（4）小明分析圖象還發現：0至時段內的溫度變化比時刻后的溫度變化快，其主要原因是。【解析】【解答】（1）將裝有適量碎冰的試管置于燒杯內的溫水中，這樣做不僅可以使碎冰受熱均勻，而且便于記錄各時刻的溫度并觀察冰的狀態。

（2）根據乙圖可知，溫度計的分度值為1℃，則此時的溫度為-3℃；

（3）根據丙圖可知，冰熔化時有不變的溫度，即有熔點，那么冰為晶體；

（4）小明分析圖象還發現：0至t1時段內的溫度變化比時刻t2后的溫度變化快，其主要原因是：水的比熱容比冰大。

（2）根據乙圖確定溫度計的分度值，根據液面位置讀出示數；

（3）晶體有固定不變的熔點，而非晶體沒有固定不變的熔點；

（4）根據Q=cm△t可知，質量相同的不同物質吸收相同的熱量時，升高的溫度越大，則比熱容越小，據此分析解答。27．小華用如圖所示的器材探究凸透鏡成像規律，已知凸透鏡的焦距為。（1）組裝并調整器材，使燭焰、光屏的中心位于凸透鏡的上。（2）小華按照實驗方案完成各操作步驟，將觀測到的現象和數據記錄在表格中，分析表中信息可得：實驗序號物距像的大小像的正倒光屏到凸透鏡的距離50.0縮小倒立12.530.0縮小倒立15.020.0等大倒立20.012.5放大正倒30.012.5放大倒立50.09.0光屏上沒有像7.0光屏上沒有像當物距焦距時，成倒立、縮小的實像；成實像時，隨著物距的減小，像的大小逐漸；（3）在第、兩次實驗中小華無論怎樣移動蠟燭、凸透鏡和光屏，都不能在光屏上觀察到燭焰的像，于是她認為：“物距小于一倍焦距時，物體通過凸透鏡不能成像”這個結論并不嚴謹，為得出正確的結論，她應該增加的一步操作是：取下光屏，；（4）將一個鏡片放在燭焰和凸透鏡之間后，光屏上的像變模糊了，向右移動光屏，光屏上再次出現清晰的像，則所加的鏡片屬于透鏡，用來矯正的視力缺陷。【解析】【解答】（1）組裝并調整器材，使燭焰、光屏的中心位于凸透鏡的主光軸上。

（2）①根據實驗數據①②③可知，物距50cm和30cm時都大于二倍焦距，此時成倒立縮小的實像；當物距20cm等于二倍焦距時，成倒立等大的實像，那么得到結論：當物距大于二倍焦距時，成倒立、縮小的實像；

②根據實驗數據①-⑤可知，當凸透鏡成實像時，隨著物距的減小，像依次變成縮小、等大和放大的，因此像的大小逐漸變大。

（3）為得出正確的結論，她應該增加的一步操作是：取下光屏，從光屏一側透過透鏡看能否觀察到燭焰的像；

（4）放入鏡片后，向右移動光屏，即像距增大了，即光線比原來發散了，因此放入的是凹透鏡，即屬于近視眼鏡，用來矯正近視眼。

（2）①根據表格數據①②③分析成倒立、縮小實像的條件；

②根據表格數據從①-⑤，分析像的大小與物距的變化規律。

（3）當物體在一倍焦距內時，成正立、放大的虛像，這個像不能成在光屏上，且和物體在凸透鏡的同一側，此時需要摘掉光屏，從光屏一側觀察凸透鏡，才能看到虛像。

（4）根據像距的變化確定放入鏡片后光線會聚還是發散了，然后確定放入鏡片的種類即可。28．小明使用天平和量筒測量石塊的密度。（1）將天平放在水平臺面上，如圖甲所示，是小明剛調節完天平平衡的情形。請你指出他調節過程中遺漏的操作步驟：。補上遺漏步驟后，為使天平重新平衡，應將平衡螺母向調節。（2）用調好的天平稱石塊的質量，測量結果如圖乙所示，則石塊的質量為。接著他在量筒中倒入的水，再將石塊浸沒在水中，水面位置如圖丙所示，則石塊的密度為。（3）以下操作會導致石塊密度的測量值偏大的有：____多選，填字母序號。A．讀取量筒示數時視線俯視液面B．先測石塊的體積后測石塊的質量C．石塊放入量筒時有部分水濺起附在筒壁上【解析】【解答】（1）根據甲圖可知，調節過程中遺漏的步驟為：將游碼移至零刻度線處。

將游碼歸零后，天平的左盤重，右盤輕，那么平衡螺母應該向右調節。

（2）①根據乙圖可知，標尺的分度值為0.2g，則游碼質量為3.4g，而砝碼的質量為：20g+5g=25g，那么石塊的質量為：m=25g+3.4g=28.4g；

②根據丙圖可知，量筒的分度值為1mL，那么石塊和水的總體積為40mL，則石塊的體積為：V

=40mL-30mL=10mL=10cm3；

則石塊的密度為：.

（3）A.讀取量筒示數時視線俯視液面，根據“俯視大仰視小”可知，此時讀出的示數V總偏大。根據V=V總-V水可知，導致石塊的體積偏大，故A不合題意；

B.先測石塊的體積后測石塊的質量，肯定會帶出部分水，從而時石塊的質量偏大，故B符合題意；

C.石塊放入量筒時有部分水濺起附在筒壁上，會導致讀出的示數偏小，即測出石塊的體積偏小，故C符合題意。

故選BC。

①游碼歸零；②調節平衡螺母。平衡螺母總是向輕的那端調節。

（2）①根據乙圖分別讀出砝碼和游碼的質量，然后相加得到石塊的質量。

②根據丙圖讀出水和石塊的總體積，然后減去水的體積得到石塊的體積，最后根據計算石塊的密度；

（3）根據可知，導致石塊密度偏大的原因，要么是石塊的質量偏大，要么是石塊的體積偏小，據此分析判斷。29．小明用不同的力將手掌壓在各種不同物體表面上向前推，發現感受不同，猜想滑動摩擦力的大小可能與下列因素有關：壓力的大小、接觸面的粗糙程度、接觸面的材料種類。為了驗證猜想是否正確，他進行了以下探究：（1）為了測量滑動摩擦力的大小，小明將木塊放在水平木板上，用彈簧測力計沿水平方向拉動木塊，使其做，此時滑動摩擦力大小彈簧測力計的示數。（2）比較甲、乙兩圖的實驗可知：滑動摩擦力的大小與有關。（3）如圖甲、丙所示，小明將同一木塊分別放在粗糙程度不同的木板一、木板二上測量滑動摩擦力的大小，此過程控制不變的影響因素是：壓力的大小和。（4）實驗中發現彈簧測力計示數不易穩定，改用如圖丁所示的裝置水平拉動長木板，發現彈簧測力計的示數仍不穩定，可能的原因是：。【解析】【解答】（1）為了測量滑動摩擦力的大小，小明將木塊放在水平木板上，用彈簧測力計沿水平方向拉動木塊，使其做勻速直線運動，此時滑動摩擦力大小等于彈簧測力計的示數。

（2）根據圖片可知，甲和乙中接觸面粗糙程度相同，只有壓力不同，那么得到：滑動摩擦力大小與壓力大小有關。

（3）如圖甲、丙所示，小明將同一木塊分別放在粗糙程度不同的木板一、木板二上測量滑動摩擦力的大小，此過程控制不變的影響因素是：壓力的大小和接觸面的材料種類。

（4）實驗中發現彈簧測力計示數不易穩定，改用如圖丁所示的裝置水平拉動長木板，發現彈簧測力計的示數仍不穩定，可能的原因是：長木板表面粗糙程度不同。

（2）根據圖片確定實驗甲和乙中哪個因素不同即可；

（3）根據控制變量法的要求可知，探究某個因素對物理量的影響時，必須控制其它因素相同，只改變這個因素；

（4）在圖丁中，當木塊與木板接觸面的粗糙程度相同時，無論木板是否勻速運動，由于木塊對木板的壓力和接觸面的粗糙程度不變，因此木塊受到的摩擦力不變。根據二力平衡的知識可知，此時測力計的示數保持不變。而彈簧測力計的示數不穩定，說明受到的摩擦大小不同，而木塊對接觸面的壓力肯定不同，只能是長木板上表面粗糙程度不同所致。30．如圖所示，小明和小剛利用蹄形磁體、靈敏電流計、開關、導體和若干導線等器材來探究感應電流產生的條件。閉合開關，他們完成操作，將觀察到的現象記入表格：序號導體的運動情況有無感應電流左右運動有上下運動無前后運動無斜向上、斜向下運動有（1）分析、兩次實驗現象，小明說：“閉合電路的一部分導體在磁場中的運動方向與磁場方向垂直時，電路中就會產生感應電流。”小剛認為不準確，因為導體運動時，其運動方向也與磁場方向垂直，但無感應電流。（2）采納小剛意見后，小明又說：“閉合電路的一部分導體在磁場中垂直切割磁感線時，電路中才會產生感應電流”。小剛認為不全面，因為導體運動時，也有感應電流。（3）從能量的角度來分析，感應電流的產生過程是將能轉化為電能；如果將圖中的靈敏電流計換成，可以探究磁場對電流的作用。【解析】【解答】（1）分析①、②兩次實驗現象，小明說：“閉合電路的一部分導體在磁場中的運動方向與磁場方向垂直時，電路中就會產生感應電流。”小剛認為不準確，因為導體前后運動時，其運動方向也與磁場方向垂直，但無感應電流。

（2）采納小剛意見后，小明又說：“閉合電路的一部分導體在磁場中垂直切割磁感線時，電路中才會產生感應電流”。小剛認為不全面，因為導體斜向上、斜向下運動時，也有感應電流。

（3）從能量的角度來分析，感應電流的產生過程是將機械能轉化為電能，探究磁場對電流作用的實驗中，需要在導體中通入電流，因此需要電源，即如果將圖中的靈敏電流計換成電源，可以探究磁場對電流的作用。

③可知，當導體AB沿前后運動時，此時運動方向與磁場方向相同，但是無感應電流產生，據此分析解答；

（2）根據實驗④數據可知，當導體AB斜向上或斜向下運動時，產生了感應電流，據此分析解答；

（3）根據能量轉化的知識解答。根據對探究磁場對電流作用的實驗的認識解答。31．小明和小華一起進行伏安法測電阻的活動。（1）他們選用的器材如圖甲所示，請你用筆畫線代替導線將實物電路連接完整，要求：滑動變阻器的滑片向右移動時電流表的示數變大。（2）連接電路之前