吉林省重點中學2024屆高二化學第二學期期末綜合測試試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、下列說法正確的是A．酯類在堿性條件下的水解反應叫做皂化反應B．淀粉水解液加過量氫氧化鈉溶液后，加銀氨溶液并水浴加熱可檢測是否水解完全C．纖維素在人體內可水解為葡萄糖，故可做人類的營養物質D．飽和Na2SO4溶液或硫酸銅溶液均可使蛋白質溶液產生沉淀，但原理不同2、氫氟酸是一種弱酸，可用來刻蝕玻璃。已知25℃時HF(aq)+OH—(aq)＝F—(aq)+H2O(l)△H＝—67.7kJ·mol—1②H+(aq)+OH—(aq)＝H2O(l)△H＝—57.3kJ·mol—1在20mL0.1mol·L—1氫氟酸中加入VmL0.1mol·L—1NaOH溶液，下列有關說法正確的是A．氫氟酸的電離方程式及熱效應可表示為HF(aq)＝H+(aq)+F?(aq)△H＝+10.4kJ·mol—1B．當V＝20時，溶液中：c(OH—)＝c(HF)+c(H+)C．當V＝20時，溶液中：c(F—)＜c(Na+)＝0.1mol·L—1D．當V＞0時，溶液中一定存在：c(Na+)＞c(F—)＞c(OH—)＞c(H+)3、向酯化反應：CH3COOH＋C2H5OHCH3COOC2H5＋H2O的平衡體系中加H218O，過一段時間，18O原子存在于()A．只存在于乙醇分子中 B．存在于乙酸和H2O分子中C．只存在于乙酸乙酯中 D．存在于乙醇和乙酸乙酯分子中4、下列有關說法不正確的是()A．pH小于5.6的雨水稱為酸雨B．分散質粒子直徑介于1~100nm之間的分散系稱為膠體C．王水是濃硝酸和濃鹽酸按物質的量之比1:3組成的混合物D．光導纖維的主要成分是二氧化硅，太陽能光電板的主要原料是硅晶體5、常溫下，下列物質能與水反應生成氣體，且該氣體是電解質的是A．NaHB．Mg3N2C．Al2S3D．Na2O26、有關晶格能的敘述正確的是A．晶格能是氣態離子形成1摩離子晶體釋放的能量B．晶格能通常取正值，但是有時也取負值C．晶格能越大，形成的離子晶體越不穩定D．晶格能越大，物質的硬度反而越小7、下列化合物屬于苯的同系物的是A． B． C． D．8、下列實驗操作不正確的是（）A．滴定前用待測液潤洗錐形瓶B．容量瓶和滴定管使用前均需要檢漏C．蒸餾完畢時，先停止加熱，再關閉冷凝水D．分液時，下層溶液先從下口放出，上層溶液再從上口倒出9、下列說法正確的是()A．向雞蛋清的溶液中加入濃的硫酸鈉溶液或福爾馬林，蛋白質的性質發生改變并凝聚B．將牛油和燒堿溶液混合加熱，充分反應后加入食鹽水，上層析出甘油C．氨基酸分子中都含有—COOH和—NH2，種類較多，為高分子化合物D．淀粉、纖維素、麥芽糖在一定條件下可和水作用轉化為葡萄糖10、關于乙炔分子中的共價鍵說法正確的是A．sp雜化軌道形成σ鍵屬于極性鍵，未雜化的2p軌道形成π鍵屬于非極性鍵B．C－H之間是sp－s形成σ鍵，與s－pσ鍵的對稱性不同C．(CN)2與乙炔都屬于直線型分子，所以(CN)2分子中含有3個σ鍵和2個π鍵D．由于π鍵的鍵能比σ鍵的鍵能小，乙炔分子三鍵的鍵能小于C－C單鍵的鍵能的3倍，所以乙炔化學性質活潑易于發生加成反應11、對下列圖像的描述正確的是（）A．根據圖①可判斷反應A2（g）+3B2（g）2AB3（g）的△H>0B．圖②可表示壓強（P）對反應2A（g）+2B（g）3C（g）+D（s）的影響C．圖③可表示向醋酸溶液通人氨氣時，溶液導電性隨氨氣量的變化D．根據圖④，除去CuSO4溶液中的Fe3+，可加入CuO調節pH至3～512、下列說法中正確的是(

)A．能電離出離子的化合物都是離子化合物B．熔融狀態下能導電的化合物一定是離子化合物C．不同元素組成的多原子分子里的化學鍵一定是極性鍵D．非金屬元素構成的單質中一定存在共價鍵13、下列能級能量由小到大排列順序正確的是（）A．3s3p3d4s B．4s4p3d4dC．4s3d4p5s D．1s2s3s2p14、解釋下列事實的方程式不正確的是A．純堿溶液遇酚酞變紅:

CO32-+H2OHCO3-+OH-B．以石墨為電極電解MgCl2溶液:2Cl-+2H2OCl2↑+H2↑+20H-C．純堿溶液處理鍋爐中的水垢:CaSO4(s)+CO32-(aq)CaCO3(s)+SO42-(aq)D．在Fe(NO3)2溶液中加稀硫酸有氣體產生:

3Fe2++4H++NO3-=3Fe3++NO↑+2H2O15、已知X、Y是同周期主族元素，且電負性X＞Y，下列說法錯誤的是A．位置關系：X在Y右側 B．第一電離能：X一定大于YC．簡單氣態氫化物穩定性：X大于Y D．最高價含氧酸的酸性：X強于Y16、四種短周期元素X、Y、Z、W在周期表中的位置如圖所示，其中Z元素的最外層電子數是內層電子總數的1/2。下列說法不正確的是A．Z元素位于周期表的第3周期第VA族B．X、W元素的最高價氧化物對應水化物的酸性：W強于XC．Y元素的氣態氫化物的熱穩定性比Z的低D．X與W可形成共價化合物XW217、下列物質分類正確的是(

)A．SO2、SiO2、CO均為酸性氧化物 B．稀豆漿、鹽酸、氯化鐵溶液均為膠體C．燒堿、純堿、金屬銅均為電解質 D．鹽酸、氯水、氨水均為混合物18、BHT是一種常用的食品抗氧化劑。由對甲基苯酚（）合成BHT的常用方法有2種（如圖）。下列說法中，不正確的是A．BHT能使酸性KMnO4溶液褪色B．BHT與對甲基苯酚互為同系物C．BHT與FeCl3溶液不發生顯色反應D．方法一的原子利用率高于方法二19、下列實驗操作或方法中，不合理的是（）A．用丁達爾現象區分氯化鈉溶液和淀粉溶液B．用重結晶法來提純含有少量氯化鉀雜質的硝酸鉀晶體C．分別將SO2和Cl2通入滴有酚酞的氫氧化鈉溶液中，驗證兩者的漂白性D．通過飽和碳酸氫鈉溶液除去CO2中的HCl氣體20、下列有機物中，核磁共振氫譜不止有一個峰的是A．乙烷B．甲醛C．苯D．甲苯21、下列分散系不能產生“丁達爾效應”的是（）A．酒精溶液 B．雞蛋清溶液 C．氫氧化鐵膠體 D．淀粉溶液22、下列事實不能用勒夏特列原理解釋的是（）A．將FeCl3溶液加熱蒸干最終得不到無水FeCl3固體B．實驗室制取乙酸乙酯時，將乙酸乙酯不斷蒸出C．實驗室用排飽和食鹽水的方法收集氯氣D．使用催化劑，提高合成氨的生產效率二、非選擇題(共84分)23、（14分）已知：A的蒸汽對氫氣的相對密度是15，且能發生銀鏡反應，F的分子式為C3H6O2。有關物質的轉化關系如下：請回答：(1)B中含有的官能團名稱是__________，反應⑥的反應類型為__________。(2)寫出反應④的化學方程式__________。(3)寫出有機物F與NaOH溶液反應的化學方程式__________。(4)下列說法正確的是__________。A．有機物D的水溶液常用于標本的防腐B．有機物B、C、E都能與金屬鈉發生反應C．有機物F中混有E，可用飽和碳酸鈉溶液進行分離D．有機物M為高分子化合物24、（12分）A，B，C，D是四種短周期元素，E是過渡元素。A，B，C同周期，C，D同主族，A的原子結構示意圖為，B是同周期第一電離能最小的元素，C的最外層有三個未成對電子，E的外圍電子排布式為3d64s2。回答下列問題：（1）寫出下列元素的符號：A____，B___，C____，D___。（2）用化學式表示上述五種元素中最高價氧化物對應水化物酸性最強的是___，堿性最強的是_____。（3）用元素符號表示D所在周期第一電離能最大的元素是____，電負性最大的元素是____。（4）E元素原子的核電荷數是___，E元素在周期表的第____周期第___族，已知元素周期表可按電子排布分為s區、p區等，則E元素在___區。（5）寫出D元素原子構成單質的電子式____，該分子中有___個σ鍵，____個π鍵。25、（12分）某化學小組采用類似制乙酸乙酯的裝置（如圖），以環己醇制備環己烯。已知：；反應物和生成物的物理性質如下表：

密度（g/cm3）

熔點（℃）

沸點（℃）

溶解性

環已醇

0.96

25

161

能溶于水

環已烯

0.81

－103

83

難溶于水

制備粗品：將12.5mL環己醇加入試管A中，再加入lmL濃硫酸，搖勻后放入碎瓷片，緩慢加熱至反應完全，在試管C內得到環己烯粗品。①A中碎瓷片的作用是，導管B除了導氣外還具有的作用是。②試管C置于冰水浴中的目的是。（2）制備精品①環己烯粗品中含有環己醇和少量酸性雜質等。加入飽和食鹽水，振蕩、靜置、分層，環己烯在層（填上或下），分液后用（填序號）洗滌：a．KMnO4溶液b．稀H2SO4c．Na2CO3溶液②再將環己烯按下圖裝置蒸餾，冷卻水從（填字母）口進入；蒸餾時要加入生石灰的目的。③上圖蒸餾裝置收集產品時，控制的溫度應在左右，實驗制得的環己烯精品質量低于理論產量，可能的原因是：a．蒸餾時從70℃開始收集產品；b．環己醇實際用量多了；c．制備粗品時環己醇隨產品一起蒸出；d.是可逆反應，反應物不能全部轉化（3）區分環己烯精品和粗品（是否含有反應物）的方法是。26、（10分）硫化鈉在無機制備、廢水處理等領域常用作沉淀劑，其水溶液稱為“臭堿”。可在特殊條件下以硫酸鈉固體與炭粉為原料制備：Na2SO4+2CNa2S+2CO2↑（1）硫化鈉固體在保存時需注意_________，原因是___________。（2）實驗室用上圖裝置以Na2SO4與炭粉為原料制備Na2S并檢驗氣體產物、進行尾氣處理。步驟如下：①連接儀器順序為__________(按氣流方向，用小寫字母表示)；②檢查裝置氣密性；③裝入固體藥品及試劑，連好裝置；④加熱，進行實驗。（3）若amolNa2SO4和2amolC按上述步驟充分反應，實際得到Na2S小于amol，則實驗改進方案是____。某同學從氧化還原角度分析固體產物中可能含有少量Na2SO3，請設計實驗證明其猜測是否合理(供選擇的試劑有：酚酞溶液、硝酸、稀鹽酸、蒸餾水)_____。（4）經實驗測定，硫酸鈉與炭粉在一定條件下反應還可生成等物質的量的兩種鹽和體積比為1︰3的CO2和CO兩種氣體。反應方程式為_______。27、（12分）實驗室采用MgCl2、AlCl3的混合溶液與過量氨水反應制備MgAl2O4，主要流程如下：（1）為使Mg2+、Al3+同時生成沉淀，應先向沉淀反應器中加入____________（填“A”或“B”），再滴加另一反應物。（2）如右圖所示，過濾操作中的一處錯誤是_______________________________。（3）判斷流程中沉淀是否洗凈所用的試劑是_____________________________；高溫焙燒時，用于盛放固體的儀器名稱是________________。（4）無水AlCl3（183°C升華）遇潮濕空氣即產生大量白霧，實驗室可用下列裝置制備。裝置B中盛放飽和NaCl溶液，該裝置的主要作用是_________________________。F中試劑的作用是________________；用一件儀器裝填適當試劑后也可起到F和G的作用；所裝填的試劑為________________。28、（14分）（1）NaClO溶液在堿性條件下將CN－氧化成無毒的碳酸根離子和N2，該反應離子方程式________________________________。（2）NH3·H2O的電離方程式為NH3·H2ONH4＋＋OH－，試判斷溶于水后，形成的合理結構是________。(填圖中的字母)（3）把CoCl2溶于水后加氨水直到先生成的Co(OH)2沉淀又溶解后，再加氨水，使生成[Co(NH3)6]2＋，此時向溶液中通入空氣，得到的產物中有一種其組成可用CoCl3·5NH3表示，Co的配位數是6。把分離出的CoCl3·5NH3溶于水后立即加硝酸銀溶液，則析出AgCl沉淀。經測定，每1molCoCl3·5NH3只生成2molAgCl，CoCl3·5NH3中Co化合價為__________，請寫出表示此配合物結構的化學式：______________。（4）H2O、H2S、H2Se熔沸點由低到高的順序：_________________。（5）HF比HCl熱穩定性____（填“強”或“弱”），原因是：________。29、（10分）硫單質及其化合物在工農業生產中有著重要的應用。(1)已知25℃時:O2(g)+S(s)=SO2(g)

△H=一akJ/molO2(g)+2SO2(g)2S03(g)

△H=-bkJ/mol寫出SO3(g)分解生成O2(g)與S(s)的熱化學方程式:_______________________。(2)研究SO2催化氧化生成SO3的反應，回答下列相關問題:①甲圖是SO2(g)和SO3(g)的濃度隨時間的變化情況。反應從開始到平衡時,用SO2表示的平均反應速率為_________。②在一容積可變的密閉容器中充入20molSO2(g)和10molO2(g),02的平衡轉化率隨溫度(T)、壓強(P)的變化如圖乙所示。則P1與P2的大小關系是P2_____P1(“>”“<”或“=”),A、B、C三點的平衡常數大小關系為______

(用

K、Kg、K。和“<”“>”或“=”表示)。(3)常溫下，H2SO3的電離平衡常數Ka1=1.5510-2

Ka2=1.02×10-7。①將SO2通入水中反應生成H2SO3。試計算常溫下H2SO32H++S032-的平衡常數K=____。(結果保留小數點后兩位數字)②濃度均為0.1mol/L的Na2SO3、NaHSO3混合溶液中，=______________。

(4)往1L0.2mol/LNa2SO3溶液中加入等體積的0.1mol/L的CaCl2溶液，充分反應后(忽略溶液體積變化)，溶液中c(Ca2+)=______。(已知，常溫下Ksp(CaSO3)=1.28×10-9)

參考答案一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、D【解題分析】

A.油脂在堿性條件下的水解反應叫做皂化反應，A錯誤；B.淀粉水解液加過量氫氧化鈉溶液后，加銀氨溶液并水浴加熱可檢測淀粉是否水解，但要檢測淀粉是否完全水解，需要取淀粉水解液，加入碘水觀察是否變藍，B錯誤；C.人體內沒有能水解纖維素的酶，故纖維素在人體內不能水解為葡萄糖，故纖維素不能做人類的能源，C錯誤；D.飽和Na2SO4溶液或硫酸銅溶液均可使蛋白質溶液產生沉淀，但原理不同，前者為蛋白質鹽析，后者為蛋白質變性，D正確；答案選D。【題目點撥】如何檢測淀粉水解程度？這個是學生的易錯點。前提是：淀粉水解是硫酸溶液作催化劑在加熱下進行，要檢測淀粉是否開始水解，是檢測水解液中有沒有葡萄糖生成？如果取少量水解液，直接加少量銀氨溶液或新制的氫氧化銅懸濁液，則它們均會與硫酸反應而消耗，那么通常出現的情況是——不管是否有葡萄糖存在，都不出現預期現象，因此必須在水解液中加過量氫氧化鈉使得它呈堿性，再加銀氨溶液或新制的氫氧化銅懸濁液加熱，若有光亮的銀鏡或磚紅色沉淀，則證明淀粉已水解；若無光亮的銀鏡或沒有磚紅色沉淀，則證明淀粉沒有水解；如果要判斷淀粉還有沒有剩余？則要取少量淀粉水解液，直接加碘水，水解液酸性，硫酸和碘水不反應，如果不變色，則淀粉無剩余，淀粉已完全水解，如果呈現特殊的藍色，則有淀粉剩余。2、B【解題分析】

A項，根據蓋斯定律，將①式減去②式可得：HF(aq)H＋(aq)＋F－(aq)ΔH＝－10.4kJ·mol－1，故A錯誤；B項，當V＝20時，兩者恰好完全反應生成NaF，溶液中存在質子守恒關系：c(OH－)＝c(HF)＋c(H＋)，也可由物料守恒[c(Na+)＝c(F－)+c(HF)]及電荷守恒[c(H＋)+c(Na+)=c(F－)+c(OH－)]來求，故B項正確；C項，結合B選項的分析，由于HF為弱酸，因此F－水解，故溶液中存在：c(F－)＜c(Na+)＝0.05mol·L－1，C項錯誤；D項，溶液中離子濃度的大小取決于V的大小，離子濃度大小關系可能為c(F－)＞c(H＋)＞c(Na+)＞c(OH－)或c(F－)＞c(Na+)＞c(H＋)＞c(OH－)或c(Na+)＝c(F－)＞c(OH－)＝c(H＋)或c(Na+)＞c(F－)＞c(OH－)＞c(H＋)，故D項錯誤。答案選B。3、B【解題分析】試題分析：乙酸與乙醇的酯化反應是可逆反應，其反應的實質是：乙酸脫去羥基，乙醇脫去羥基中的氫原子而生成酯和水：。當生成的酯水解時，原來生成酯的成鍵處即是酯水解時的斷鍵處，且將結合水提供的羥基，而—OC2H5結合水提供的氫原子，即，答案選B。考點：考查酯化反應原理的有關判斷點評：該題是中等難度的試題，也是高考中的常見題型和考點。該題設計新穎，選項基礎，側重對學生能力的培養與訓練，有利于培養學生的邏輯推理能力和發散思維能力。該題的關鍵是記住酯化反應的機理，然后靈活運用即可。4、C【解題分析】

A．正常雨水中因為溶解了二氧化碳的緣故，pH約為5.6，酸雨是溶解了二氧化硫等的雨水，pH小于5.6，故A正確；B．分散質粒子直徑介于1nm～100nm之間的分散系稱為膠體，故B正確；C．王水是濃硝酸和濃鹽酸按照體積比1∶3組成的混合物，不是物質的量之比，故C錯誤；D．光導纖維的主要成分是SiO2，太陽能光電池板是硅晶體制成，故D正確；答案選C。5、C【解題分析】分析：電解質是指在水溶液中或熔融狀態下能自身電離出陰陽離子而導電的化合物，結合發生的反應分析判斷。詳解：A.NaH與水反應生成氫氣和氫氧化鈉，氫氣是單質，不是電解質，也不是非電解質，A錯誤；B.Mg3N2與水反應生成氫氧化鎂和氨氣，氨氣是非電解質，B錯誤；C.Al2S3與水反應生成氫氧化鋁和H2S，H2S是電解質，C正確；D.Na2O2與水反應生成氫氧化鈉和氧氣，氧氣是單質，不是電解質，也不是非電解質，D錯誤；答案選C。6、A【解題分析】

晶格能是氣態離子形成1摩爾離子晶體釋放的能量，通常取正值；晶格能越大，形成的離子晶體越穩定，而且熔點越高，硬度越大。【題目詳解】A.晶格能是氣態離子形成1摩爾離子晶體釋放的能量，注意必須是氣態離子，所以A選項是正確的；B.晶格能通常為正值，故B錯誤；C.晶格能越大，形成的離子晶體越穩定，故C錯誤；D.晶格能越大，物質的硬度越大，故D錯誤。答案選A。【題目點撥】該題主要是考查學生對晶格能概念的了解以及應用的掌握程度，有利于培養學生的邏輯思維能力和發散思維能力。解題的關鍵是明確晶格能的概念和含義，然后靈活運用即可。7、A【解題分析】

苯的同系物為含有一個苯環，且含有飽和鏈烴基的有機物，答案為A；8、A【解題分析】

A．中和滴定時，盛放待測液的錐形瓶不能潤洗，否則待測液中溶質的物質的量偏大，測定結果偏高，故A錯誤；B．為了避免影響實驗結果，容量瓶和滴定管使用前均需要檢漏，故B正確；C．蒸餾時，應防止冷凝管破裂，蒸餾完畢，應該先撤酒精燈再關冷凝水，故C正確；D．分液時，為了避免污染試劑，下層溶液先從分液漏斗下口放出，上層溶液再從分液漏斗上口倒出，故D正確；故選A。9、D【解題分析】

A．加入濃硫酸鈉溶液，蛋白質發生鹽析，沒有發生變性，故A錯誤；B．甘油易溶于水，上層應該為高級脂肪酸鈉，故B錯誤；C．高分子化合物的相對分子質量在10000以上，氨基酸為小分子化合物，故C錯誤；D．淀粉、纖維素、麥芽糖分別為多糖、多糖、二糖，在一定條件下均可水解生成葡萄糖，故D正確；答案選D。10、D【解題分析】

A.碳碳三鍵由1個σ鍵和2個π鍵構成，這兩種化學鍵都屬于非極性鍵，A錯誤；B.s電子云為球對稱，p電子云為軸對稱，但σ鍵為鏡面對稱，則sp-sσ鍵與s-pσ鍵的對稱性相同，B錯誤；C.(CN)2的結構簡式為：，即該分子中含有兩個碳氮三鍵和一個碳碳單鍵，則該分子含有3個σ鍵和4個π鍵，C錯誤；D.由于π鍵的鍵能比σ鍵的鍵能小，乙炔分子三鍵的鍵能小于C－C單鍵的鍵能的3倍，則乙炔分子的三鍵中的π鍵易斷裂，所以乙炔化學性質活潑，易發生加成反應，D正確；故合理選項為D。11、D【解題分析】

A.根據圖象可知，溫度升高，逆反應速率大于正反應速率，平衡向逆反應方向移動，則正反應為放熱反應，△H＜0，故A錯誤；

B.從圖象可知，在p2條件下曲線斜率大，反應到達平衡用得時間少，反應速率快，根據壓強對反應速率的影響，壓強越大反應速率越大，則p2曲線壓強大，根據反應方程式可以看出，物質D為固體，則增大壓強平衡向正反應方向移動，反應物的含量減小，而圖中達到平衡時反應物的濃度在兩種不同壓強下相同，是不符合實際的，故B錯誤；

C.乙酸和氨水都為弱電解質，二者反應生成醋酸銨為強電解質，溶液中離子濃度增大，導電性增強，故C錯誤；

D.CuSO4溶液中加入適量CuO，發生：CuO+2H+═Cu2++H2O，溶液中H+濃度減小，易于Fe3+水解生成沉淀，當調節pH在4左右時，Fe3+全部水解生成沉淀而除去，故D正確；

答案選D。【題目點撥】本題主要老查了化學反應速率變化曲線及其應用體積百分含量隨溫度、壓強變化曲線電解質溶液的導電性難溶電解質的溶解平衡及沉淀轉化的本質等相關知識。12、B【解題分析】

A.能電離出離子的化合物不一定都是離子化合物，例如HCl等，A錯誤；B.共價鍵在熔融狀態下一般不能斷鍵，離子鍵可以，因此熔融狀態下能導電的化合物一定是離子化合物，B正確；C.不同元素組成的多原子分子里的化學鍵不一定是極性鍵，例如醋酸分子中含有非極性鍵，C錯誤；D.非金屬元素構成的單質中不一定存在共價鍵，例如稀有氣體分子中不存在化學鍵，D錯誤。答案選B。13、C【解題分析】

A、能量由小到大的順序為：3s、3p、4s、3d，A錯誤；B、能量由小到大的順序應為4s、3d、4p、4d，B錯誤；C、能量由小到大的順序應為4s、3d、4p、5s，C正確；D、能量由小到大的順序應為1s、2s、2p、3s，D錯誤；答案為C。14、B【解題分析】分析：A.碳酸鈉的水解反應的離子反應為CO32-+H2O?HCO3-+OH-；B.用惰性電極電解MgCl

2溶液，陰極產生H

2和OH

－，OH

－與Mg

2

＋生成沉淀；C.水垢中含有的CaSO4，可先用Na2CO3溶液處理，使之轉化為疏松、易溶于酸的CaCO3，而后用酸除去；D.Fe（NO3）2溶液中含有二價鐵離子和硝酸根離子，逐滴加入稀硫酸后，相當于加入了氫離子，溶液中存在了稀硝酸，稀硝酸能將亞鐵離子氧化為三價，本身被還原為一氧化氮氣體，所以溶液變為棕黃色，溶液中有NO氣體放出。以此解答。詳解：A.碳酸鈉的水解反應的離子反應為CO32-+H2O?HCO3-+OH-，故A正確；B.用惰性電極電解MgCl

2溶液，陰極產生H

2和OH

－，OH

－與Mg

2

＋生成沉淀，正確的離子方程式為：Mg2++2Cl-+2H2OCl2↑+H2↑+Mg(0H)2↓,故B項錯誤；C.水垢中含有的CaSO4，可先用Na2CO3溶液處理，使之轉化為疏松、易溶于酸的CaCO3，而后用酸除去，離子方程式：CaSO4(s)+CO32-(aq)CaCO3(s)+SO42-(aq)，故C正確；D.Fe（NO3）2溶液中含有二價鐵離子和硝酸根離子，逐滴加入稀硫酸后，相當于加入了氫離子，溶液中存在了稀硝酸，稀硝酸能將亞鐵離子氧化為三價，本身被還原為一氧化氮氣體，溶液中有NO氣體放出，離子方程式為：3Fe2++4H++NO3-=3Fe3++NO↑+2H2O，故D正確；綜上所述，本題正確答案為B。15、B【解題分析】

A．X、Y是同周期主族元素，且電負性X＞Y，則原子序數：X＞Y，即X在Y右側，故A正確；

B．一般情況下，同一周期從左向右第一電離能逐漸增大，但ⅡA、ⅤA族元素的第一電離能大于同周期相鄰元素，則X的第一電離能不一定大于Y，故B錯誤；

C．非金屬性：X＞Y，則簡單氣態氫化物穩定性：X＞Y，故C正確；

D．非金屬性越強，最高價氧化物對應水化物的酸性越強，非金屬性：X＞Y，則最高價含氧酸的酸性：X＞Y，故D正確；

故選B。【題目點撥】（1）同一周期的元素（稀有氣體元素除外），從左到右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，非金屬性逐漸增強；同一主族的元素，從上到下原子半徑逐漸增大，非金屬性逐漸減弱，金屬性逐漸增強。（2）元素非金屬性越強，氣態氫化物越穩定，最高價含氧酸的酸性越強。16、C【解題分析】

根據元素周期表的結構，Z位于第三周期，Z的最外層電子數是內層電子總數的1/2，則Z為P，根據在周期表的位置，X為C，Y為N，W為S，則A、Z為P，位于第3周期VA族，故A說法正確；B、C的最高價氧化物對應水化物H2CO3為弱酸，S的最高價氧化物對應水化物為H2SO4，屬于強酸，即H2SO4的酸性強于H2CO3，故B說法正確；C、Y的氫化物為NH3，Z的氫化物為PH3，N的非金屬性強于P，則NH3的穩定性高于PH3，故C說法錯誤；D、X與W可形成共價化合物CS2，故D說法正確。答案選C。17、D【解題分析】

A.酸性氧化物指能和堿反應，只生成鹽和水的氧化物，CO不是酸性氧化物，A錯誤；B.鹽酸、氯化鐵溶液不屬于膠體，B錯誤；C.電解質指在熔融狀態下或者水溶液中，能導電的化合物，所以銅不是電解質，C錯誤；D.鹽酸是HCl的水溶液，氯水是將氯氣通入到水中形成的溶液，氨水是將氨氣通入到水中的溶液，則這三種溶液都是混合物，D正確；故合理選項為D。【題目點撥】電解質指在熔融狀態下或者水溶液中，能導電的化合物。18、C【解題分析】

由題給示意圖可知，方法一的反應為加成反應，在稀硫酸作用下，與（CH3）2C=CH2發生加成反應生成BHT，方法二為取代反應，在濃硫酸作用下，與（CH3）3COH發生取代反應生成BHT。【題目詳解】A項、BHT中含有的酚羥基和甲基（苯環上的）能與酸性高錳酸鉀溶液發生氧反應化，使酸性KMnO4褪色，故A正確；B項、BHT與對甲基苯酚的結構相似，分子組成上相差若干個CH2原子團，都屬于酚類，互為同系物，故B正確；C項、BHT的官能團為酚羥基，能與FeCl3溶液發生顯色反應，使溶液呈紫色，故C錯誤；D項、反應一通過加成反應生成BHT，原子利用率為100%，而反應二為取代反應，原子利用率不是100%，所以從綠色化學角度分析方法一優于方法二，故D正確；故選C。【題目點撥】本題考查了有機物結構與性質，注意明確官能團及其性質關系，熟悉常見的有機反應類型是解本題關鍵。19、C【解題分析】A．淀粉溶膠是膠體，可利用丁達爾效應區分溶液與膠體，故A正確；B．氯化鉀和硝酸鉀都溶于水，二者溶解度不同，可利用結晶的方法分離，故B正確；C．SO2和Cl2的水溶液均顯酸性，滴有酚酞的氫氧化鈉溶液中加入酸性物質可褪色，無法驗證兩者的漂白性，故C錯誤；D．利用飽和碳酸氫鈉溶液可除去CO2中的HCl氣體，故D正確，答案為C。20、D【解題分析】

同一個碳原子上的氫原子是相同的，同一個碳原子所連接的所有甲基上的氫原子是相同的，具有對稱性結構的（類似于平面鏡成像中物體和像的關系）。據此，A.乙烷分子只有一種化學環境下的氫原子，核磁共振氫譜只有一個峰，選項A不選；B.甲醛分子只有一種化學環境下的氫原子，核磁共振氫譜只有一個峰，選項B不選；C.苯分子只有一種化學環境下的氫原子，核磁共振氫譜只有一個峰，選項C不選；D.甲苯分子有4種化學環境下的氫原子，核磁共振氫譜只有4個峰，選項D選；答案選D。21、A【解題分析】

膠體能產生丁達爾效應；【題目詳解】A為溶液，B、C、D均為膠體，答案為A；【題目點撥】丁達爾效應的原因為分散質顆粒較大，當光線穿過分散系時，分散質顆粒對光產生漫反射現象。22、D【解題分析】

勒沙特列原理是如果改變影響平衡的一個條件（如濃度、壓強或溫度等），平衡就向能夠減弱這種改變的方向移動，勒沙特列原理適用的對象應存在可逆過程，如與可逆過程無關，與平衡移動無關，則不能用勒沙特列原理解釋。【題目詳解】A．加熱會促進FeCl3的水解，蒸干產物不是氯化鐵，是氫氧化鐵固體，灼燒得到氧化鐵，能用勒夏特列原理解釋，故A錯誤；B．實驗室制乙酸乙酯的反應為可逆反應，減少生成物濃度導致平衡向正反應方向移動，從而提高乙酸乙酯產率，可以用平衡移動原理解釋，故B正確；C．氯氣和水反應生成鹽酸和次氯酸，該反應存在溶解平衡，飽和食鹽水中含有氯化鈉電離出的氯離子，飽和食鹽水抑制了氯氣的溶解，所以實驗室可用排飽和食鹽水的方法收集氯氣，能用勒夏特列原理解釋，故C錯誤；D．使用催化劑，縮短到達平衡時間，不影響平衡的移動，不能用勒夏特列原理解釋，故D錯誤；故答案為D。【題目點撥】考查勒夏特列原理的使用條件，注意使用勒夏特列原理的前提必須是可逆反應。特別要注意改變平衡移動的因素需與平衡移動原理一致，否則不能使用該原理解釋，如催化劑的使用只能改變反應速率，不改變平衡移動，再如工業合成氨和硫酸工業的條件選擇等。二、非選擇題(共84分)23、羥基酯化(或取代)2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2OCH3COOCH3+NaOH→CH3COONa+CH3OHBC【解題分析】

A的蒸汽對氫氣的相對密度是15，則A的相對分子質量為15×2=30，且能發生銀鏡反應，說明分子內含醛基，則推出A的結構簡式為HCHO，與氫氣發生加成反應轉化為甲醇（CH3OH），故C為甲醇，F的分子式為C3H6O2，采用逆合成分析法可知，E為乙酸，兩者發生酯化反應生成F，F為乙酸甲酯；M在酒化酶作用下生成B，B經過一系列氧化反應得到乙酸，則M為葡萄糖，B為乙醇，D為乙醛，E為乙酸，據此分析作答。【題目詳解】根據上述分析可知，（1）B為乙醇，其中含有的官能團名稱是羥基，反應⑥為甲醇與乙酸酯化生成乙酸甲酯的過程，其反應類型為酯化(或取代)，故答案為羥基；酯化(或取代)；（2）反應④為乙醇氧化成乙醛的過程，其化學方程式為：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，故答案為2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；（3）有機物F為CH3COOCH3，與NaOH溶液發生水解反應，其化學方程式為CH3COOCH3+NaOH→CH3COONa+CH3OH，故答案為CH3COOCH3+NaOH→CH3COONa+CH3OH；（4）A．甲醛的水溶液常用于標本的防腐，有機物D為乙醛，A項錯誤；B.含羥基或羧基的有機物均能與鈉反應生成氫氣，則有機物B、C、E都能與金屬鈉發生反應，B項正確；C.乙酸甲酯中含乙酸，則可用飽和碳酸鈉溶液進行分離，C項正確；D.有機物M為葡萄糖，分子式為C6H12O6，不是高分子化合物，D項錯誤；答案選BC。24、SiNaPNHNO3NaOHNeF26四Ⅷd12【解題分析】

A、B、C、D是四種短周期元素，由A的原子結構示意圖可知，x=2，A的原子序數為14，故A為Si，A、B、C同周期，B是同周期第一電離能最小的元素，故B為Na，C的最外層有三個未成對電子，故C原子的3p能級有3個電子，故C為P，C、D同主族，故D為N，E是過渡元素，E的外圍電子排布式為3d64s2，則E為Fe。【題目詳解】(1)由上述分析可知，A為Si、B為Na、C為P、D為N；(2)非金屬越強最高價氧化物對應水化物酸性越強，非金屬性N＞P＞Si，酸性最強的是HNO3，金屬性越強最高價氧化物對應水化物堿性越強，金屬性Na最強，堿性最強的是NaOH；(3)同周期元素，稀有氣體元素的第一電離能最大，所以第一電離能最大的元素是Ne，周期自左而右，電負性增大，故電負性最大的元素是F；(4)E為Fe元素，E的核外電子排布式為1s22s22p63s23p63d64s2，故核電荷數是26，Fe在周期表中處于第四周期Ⅷ族，在周期表中處于d區；(5)D為氮元素，原子核外電子排布式為1s22s22p3，最外層有3個未成對電子，故氮氣的電子式為：，該分子中有1個σ鍵，2個π鍵。【題目點撥】本題重點考查元素推斷和元素周期律的相關知識。本題的突破點為A的原子結構示意圖為，可推出A為Si，A、B、C同周期，B是同周期第一電離能最小的元素，故B為Na，C的最外層有三個未成對電子，故C原子的3p能級有3個電子，故C為P，C、D同主族，故D為N，E是過渡元素，E的外圍電子排布式為3d64s2，則E為Fe。非金屬越強最高價氧化物對應水化物酸性越強，金屬性越強最高價氧化物對應水化物堿性越強；同周期元素，稀有氣體元素的第一電離能最大，同周期自左而右，電負性逐漸增大。25、（1）（3分）①防止爆沸（1分）冷凝回流反應物（1分）②防止環己烯（或反應物）揮發（1分）（2）（7分）①（2分）上層c②（2分）f除去水分③83℃（1分）cd（2分）（3）（1分）取適量產品投入一小塊金屬鈉，觀察是否有氣泡產生（或測定沸點是否為83℃）【解題分析】試題分析：碎瓷片在反應中主要是起到防止暴沸的作用，長導管B出了能起到導氣的作用還起到冷凝的作用。環己烯易揮發，因此試管C置于冰水浴中的目的是防止環己烯揮發。環己烯的密度比飽和食鹽水的密度小，因此環己烯在上層，環己烯粗品中含有環己醇和少量酸性雜質由于乙醇溶解在碳酸鈉溶液中，酸可以與碳酸鈉反應，而環己烯不能與碳酸鈉反應，因此可用飽和碳酸鈉溶液進行洗滌。冷凝管水的流向是下進上出，因此冷卻水應從f進入。生石灰具有吸水性，因此在蒸餾時加生石灰主要是除去水分子。實驗制得的環己烯精品質量低于理論產量，可能的原因是1.制備粗品時環己醇隨產品一起蒸出。2.是可逆反應，反應物不能全部轉化。粗產品環己烯中含有乙醇，因此可用金屬鈉來檢驗。考點：考查有機合成的相關知識點。26、干燥環境密閉保存硫化鈉在空氣中易被氧化，潮濕環境易水解a→e→f→d加入稍過量的碳取少量反應后的固體于試管中，加蒸餾水溶解，滴加適量稀鹽酸，若出現淡黃色沉淀，則固體中含亞硫酸鈉，反之不含2Na2SO4+4CNa2S+Na2SO3+3CO↑+CO2↑【解題分析】

(1)硫化鈉易被氧化，溶液中硫離子可發生水解；(2)A中發生Na2SO4+2CNa2S+2CO2↑，選裝置D檢驗二氧化碳，選裝置C吸收尾氣，二氧化碳不需要干燥；(3)實際得到Na2S小于amol，可增大反應物的量；固體產物中可能含有少量Na2SO3，加鹽酸發生氧化反應生成S；(4)硫酸鈉與炭粉在一定條件下反應還可生成等物質的量的兩種鹽和體積比為1：3的CO2和CO兩種氣體，C失去電子，S得到電子，結合電子、原子守恒來解答。【題目詳解】(1)硫化鈉固體在保存時需注意干燥環境密閉保存，原因是硫化鈉在空氣中易被氧化，潮濕環境易水解；(2)①A為制備裝置，裝置D檢驗二氧化碳，選裝置C吸收尾氣，則連接儀器順序為a→e→f→d；(3)若amolNa2SO4和2amolC按上述步驟充分反應，實際得到Na2S小于amol，則實驗改進方案是加入稍過量的碳；固體產物中可能含有少量Na2SO3，設計實驗為取少量反應后的固體于試管中，加蒸餾水溶解，滴加適量稀鹽酸，若出現淡黃色沉淀，則固體中含亞硫酸鈉，反之不含；(4)經實驗測定，硫酸鈉與炭粉在一定條件下反應還可生成等物質的量的兩種鹽和體積比為1：3的CO2和CO兩種氣體，C失去電子，S得到電子，若CO2和CO分別為1mol、3mol，失去電子為10mol，則S得到10mol電子，應生成等量的Na2S、Na2SO3，反應方程式為2Na2SO4+4CNa2S+Na2SO3+3CO↑+CO2↑。27、B漏斗下端尖嘴未緊貼燒杯內壁AgNO3溶液（或硝酸酸化的AgNO3溶液）坩堝除去HCl吸收水蒸氣堿石灰【解題分析】實驗室采用MgCl2、AlCl3的混合溶液與過量氨水反應制備MgAl2O4，MgCl2、AlCl3的混合溶液與過量氨水反應會得到氫氧化鎂以及氫氧化鋁的混合物沉淀，將沉淀洗滌干燥進行焙燒可以得到MgAl2O4，（1）Mg(OH)2溶解性小，如先加入MgCl2、AlCl3的混合溶液，再加氨水，氨水少量，應先生成氫氧化鎂沉淀，所以，先加氨水，因氨水足量，能同時生成沉淀，故選B；（2）過濾時應該將漏斗的尖嘴部分緊貼燒杯的內壁，防止液體濺出；（3）沉淀中洗滌液中含有氯離子和銨根離子，若判斷是否洗凈，可以取少量最后一次洗滌液，加入AgNO3溶液（或硝酸酸性的AgNO3溶液）；高溫焙燒時，用于盛放固體的儀器名稱是坩堝；（4）金屬鋁可以和氯氣之間發生反應生成氯化鋁，氯化鋁遇潮濕空氣會產生大量白霧，鋁也能和HCl反應生成H2和AlCl3溶液，故制取的氯氣中含有氯化氫和水，應除去，并且要防止空氣中水的干擾，F可以吸收水分，防止生成的氯化鋁變質，因為氯化鋁易發生水解，故應該防止空氣中的水蒸氣進入E裝置，G是吸收反應剩余的氯氣。吸收水分還可以用堿石灰。28、5ClO-+2CN-+2OH-=N2+2CO32-+5Cl-+H2Ob+3[Co(NH3)5Cl]Cl2H2S、H2Se、H2O強都是分子晶體，結構相似，H-F鍵長短，鍵能大，所以HF的熱穩定性強【解題分析】分析：(1)根據元素守恒和電荷守恒寫離子反應方程式；

(2)氨水的電離生成NH4+、OH-，說明NH3?H2O中O-H鍵發生斷裂，來確定氨水的結構和成鍵情況；

(3)化合物中各元素化合價的代數和為0,據此確定Co元素化合價，1molCoCl3·5NH3只生成2molAgCl，說明一個CoCl3·5NH3中含有兩個Cl-，一個Cl為配原子，鈷的配位數為6，含有一個Cl原子為配原子，所以還含有5個NH3為配體，據此確定其化學式；

(4)根據氫鍵和分子間作用力判斷;

(5)根據分子內鍵能的大小判斷氫化物的穩定性。詳解:(1)NaClO溶液在堿性條件下將CN－氧化成無毒的碳酸根離子和N2，該反應離子方程式為5ClO-+2CN-+2OH-=N2+2CO32-+5Cl-+H2O，因此，本題正確答案是：5ClO-+2CN-+2OH-=N2+2CO32-+5Cl-+H2O；

(2)氨水的電離生成NH4+、OH-，說明NH3?H2O中O-H鍵發生斷裂，由此要確定氨水的結構和成鍵情況如圖b所示，因此，本題正確答案是：b；

(3)根據化合物中各元素化合價的代數和為0,氯離子的化合價為-1價,配體NH3不帶電荷,所以Co元素化合價為+3價,1molCoCl3·5NH3只生成2molAgCl，說明一個CoCl3·5NH3中含有兩個Cl-，一個Cl為配原子，鈷的配位數為6，除了一個Cl原子為配