2021年高考全真精準模擬之物理選擇題專練（廣東專用）第01周第1練一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．在圖示電路中，當開關S斷開時，用光子能量為2.6eV的一束光照射陰極P，發現電流表A的示數不為零；合上開關S，調節滑動變阻器，發現當電壓表V的示數小于0.6V時，電流表A的示數仍不為零；當電壓表V的示數大于或等于0.6V時，電流表A的示數為零。該陰極材料的逸出功為（）A．0.6eV B．1.2eV C．2eV D．2.6eV【答案】C【解析】設當用光子能量為2.6eV的光照射時，光電子的最大初動能為Ekm、陰極材料的逸出功為W0，當反向電壓達到U0=0.6V后，具有最大初動能的光電子不能到達陽極，有由光電效應方程有解得故C正確，ABD錯誤。故選C。2．如圖所示，半徑為r的光滑圓形導體框架，直徑剛好位于有界勻強磁場的邊界上。導體桿Oa在外力作用下，繞O軸在磁場中以角速度ω順時針方向勻速轉動，磁場的磁感應強度為B，阻值為R的電阻兩端cd通過導線與桿兩端O、a分別連接，導體桿、導線和框架電阻不計，則（）A．導體桿在磁場中轉動時，電阻上的電流方向為B．導體桿在磁場中轉動時，產生的電動勢大小為C．導體桿轉動一周，外力做的功為D．導體桿在磁場中轉動時，外力的大小應為【答案】C【解析】A．根據右手定則，導體桿在磁場中轉動時，電阻上的電流方向為，選項A錯誤；B．導體桿在磁場中轉動時，產生的電動勢大小為選項B錯誤；C．導體桿轉動一周，外力做的功等于產生的電能選項C正確；D．由題中條件不能確定外力的作用點位置，則不能求解外力的大小，選項D錯誤。故選C。3．如圖所示，傳送帶在電動機帶動下，始終以速度v做勻速運動，現將質量為m的某物塊由靜止釋放在傳送帶的左端，設傳送帶足夠長，設物塊形與傳送帶間的動摩擦因數為，重力加速度為g，對于物塊從靜止釋放到相對靜止這一過程（）A．物塊做勻速直線運動 B．所用時間C．摩擦產生的熱量為 D．電動機多做的功等于【答案】B【解析】A．物塊由靜止釋放在傳送帶上時，傳送帶會給物體一個向前的摩擦力，促使物體向前做勻加速運動，加速度大小為解得故A錯誤；B．物塊最終和傳送帶相對靜止，即和傳動帶達到共速，所用時間為故B正確；C．期間傳送帶運動的位移為則可知摩擦力所做的功為物塊獲得的動能為則可得摩擦產生的熱量為故C錯誤；D．電動機多做的功轉化為物塊的動能和系統內能故D錯誤；故選B。4．真空中，在x軸上x=0和x=8m處分別固定兩個電性相同的點電荷Q1和Q2。電荷間連線上的電場強度E隨x變化的圖象如圖所示(x軸正方向為場強正方向)，其中x=6m處E=0。將一個正試探電荷在x=2m處由靜止釋放(重力不計，取無窮遠處電勢為零)。則（）

A．Q1、Q2均為負電荷B．Q1、Q2帶電荷量之比為9:1C．在x=6m處電勢為0D．該試探電荷向x軸正方向運動時，電勢能一直減小【答案】B【解析】A．由題圖，在x=0處場強為正，x=8m處場強為負，可知Q1、Q2均為正電荷，故A錯誤；B．根據題意“x=6m處E=0”可知，在x=6m處，E1=E2，即解得故B正確；C．由于無窮遠處電勢為零，故在x=6m處電勢不為0，故C錯誤；D．該試探電荷向x軸正方向運動時，電場力先做正功，再做負功，因此電勢能先減小后增大，故D錯誤。故選B。5．今年是我國北斗導航系統全球組網的收官之年。2020年3月9日19時55分，我國在西昌衛星發射中心用“長征三號乙”運載火箭，成功發射北斗系統第54顆導航衛星，這是“北斗三號”衛星導航系統第二顆地球同步軌道(GEO)衛星，衛星順利進入預定軌道。4月7日，第54顆北斗導航衛星成功定點，變軌到達工作軌道，進入衛星長期運行管理模式。第54顆導航衛星的發射示意圖如圖所示，衛星首先進入預定軌道Ⅰ，P點是軌道Ⅰ上的近地點，然后在Q點通過改變衛星速度，讓衛星進入地球工作軌道Ⅱ，則（）。A．衛星在軌道Ⅱ上的加速度小于赤道上物體隨地球自轉的加速度B．該衛星的發射速度必定大于11.2km/sC．衛星在P點的加速度大于在Q點的加速度D．在軌道Ⅰ上，衛星在Q點的速度大于7.9km/s【答案】C【解析】A．由于衛星是同步衛星，則其角速度和赤道上物體的角速度相等，根據a=ω2r衛星在軌道Ⅱ上的半徑大于赤道上物體隨地球自轉的半徑，所以衛星在軌道Ⅱ上的加速度大于赤道上物體隨地球自轉的加速度，A項錯誤;B．該衛星為地球的衛星，所以發射速度小于第二宇宙速度，B項錯誤;C．由萬有引力定律和牛頓第二定律得P點到地球球心的距離小于Q點到地球球心的距離，所以衛星在P點的加速度大于在Q點的加速度，C項正確;D．衛星在Q點要從軌道Ⅰ變軌到軌道Ⅱ，則需要在Q點加速，即衛星在軌道Ⅱ上經過Q點的速度大于在軌道Ⅰ上經過Q點的速度，而軌道Ⅱ上的速度小于第一宇宙速度，故衛星在軌道Ⅰ上經過Q點時的速度小于第一宇宙速度，D項錯誤。故選C。6．如圖所示，豎直平面內有一半徑為的圓形勻強磁場區域，磁感應強度方向垂直紙面向里。一質量為、電荷量為的粒子沿豎直方向從點以速度射入磁場區域，點到圓心的水平距離為，最終粒子沿水平方向離開圓形磁場區域。不計粒子重力，則該磁場區域的磁感應強度大小為（）A． B． C． D．【答案】B【解析】畫出粒子軌跡過程圖，如圖所示，因為粒子沿豎直方向射入磁場，最終沿水平方向射出故粒子在磁場中轉過的圓心角為，根據對稱性可知，過分別做水平和豎直線，垂足分別為何，因為點到圓心的水平距離為磁場半徑可知四邊形為正方形，設粒子在磁場中運動的軌跡半徑為，根據幾何關系可得根據洛倫茲力提供向心力可得聯立可得磁感應強度大小故ACD錯誤B正確。故選B。7．蹦床運動員僅在豎直方向上運動，彈簧床對該運動員的彈力F隨時間t的規律如圖。不計阻力，取。根據信息可求得（）

A．該運動員跳起的最大高度為B．該運動員最大加速度為C．每次接觸過程中，蹦床對該運動員的最大沖量為D．人體內力做功至少要消耗的能量【答案】D【解析】A．從圖像可以看出，運動員在空中的最大時間根據運動的對稱行可知，運動員從最高點下落的時間由上拋運動的規律可得，（豎直上拋可看成反向自由落體運動），所以最大高度故A錯誤；B．從圖像上可以看出，運動員的重力為500N，質量為當彈簧的彈力最大時，根據牛頓定律，有故B錯誤；C．穩定后每次運動員接觸蹦床時的速度由對稱性可知，離開時的速度為?10m/s接觸過程中，對運動員運動員應用動量定理故C錯誤；D．由能量守恒可知故D正確；故選：D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分有選錯的得0分。8．在如圖所示的電路中，理想變壓器原、副線圈的匝數之比為1∶2，兩個相同燈泡的電阻和滑動變阻器接入電路中的有效阻值均為R=5Ω（不考慮燈泡電阻隨溫度的變化），兩電表均為理想交流電表，電源輸出電壓的表達式為。下列說法正確的是（）A．L1、L2兩燈泡消耗的功率之比為2∶1B．電流表的示數為8AC．電源的輸出功率為1900WD．當滑動變阻器的滑片向下滑動，電壓表的示數變大【答案】BD【解析】A．設電流表示數為，副線圈兩端的電壓為原線圈兩端的電壓原線圈電流、兩燈泡消耗的功率之比為選項A錯誤；B．電源輸出電壓的有效值，由閉合電路歐姆定律得代入數據解得，選項B正確；，C．電源的輸出功率選項C錯誤；D．當滑動變阻器的滑片向下滑動時，變壓器負載電阻變大，輸出電流減小，減小，電壓表的示數變大，選項D正確；故選BD。9．A、B兩三角形物塊疊放在地面C上且均保持靜止，如圖甲所示。在物塊A上施加一個豎直向下、大小為F的力而讓系統保持靜止，當所加豎直向下的力按圖乙所示規律變化時（）A．0~t2時間內物塊A可能下滑B．物塊A受到的摩擦力在0~t1時間內減小，t2時刻恢復原來的大小C．地面C受到物塊B的摩擦力為零D．物塊B受到地面C的支持力不變【答案】BC【解析】A．設斜面的傾角為，物塊與斜面間的動摩擦因數為，A的重力為G，以A為研究對象，未加F時物塊靜止在斜劈上，則有即有當用豎直向下的力F作用于物塊上時，受力情況如圖所示沿斜面向下的分力為最大靜摩擦力為由于則有故當F先減小后增大的過程，此關系式仍然滿足，故A所受合力為零，一直處于靜止狀態，不可能下滑，故A錯誤；B．由A項分析，可知A一直處于靜止狀態，合力為零，此時所受的摩擦力為靜摩擦力，根據平衡條件有由乙圖可知，F在先減小后增大到原來的大小過程中，靜摩擦力也是先減小后增大到原來的大小，故B正確；CD．以AB整體為研究對象受力分析，受重力、向下的力F、地面給B向上的支持力，因F是在豎直方向先減小后增大，而水平方向上沒有分量，所以B不會運動也沒有運動趨勢，所以B不會受水平地面的摩擦力作用，即地面C受到物塊B的摩擦力為零；而在豎直方向上整體的重力不變，但向下的F先減小后增大，所以地面對B向上的支持力也是先減小后增大，故C正確，D錯誤。故選BC。10．一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為10V、17V、26V。下列說法正確的是（）A．電場強度的大小為2.5V/cmB．坐標原點處的電勢為1VC．電子在a點的電勢能比在b點的低7eV