寧夏銀川市寧夏大學附中2023年物理高二第一學期期末教學質量檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，直角三角形導線框abc在有界磁場外運動一時間后以速度v從左向右勻速進入勻強磁場區域，從圖示位置開始計時，則此過程中導線框內感應電流隨時間變化的規律為下列四個圖象中的哪一個（）A. B.C. D.2、如圖所示，A、B都是很輕的鋁環，分別吊在絕緣細桿的兩端，桿可繞豎直軸在水平面內轉動，環A是閉合的，環B是斷開的．若用磁鐵分別靠近這兩個圓環，則下面說法正確的是(

)A.圖中磁鐵N極接近A環時，A環被吸引，而后被推開B.圖中磁鐵N極遠離A環時，A環被排斥，而后隨磁鐵運動C.用磁鐵的任意一磁極接近A環時，A環均被排斥D.用磁鐵N極接近B環時，B環被推斥，遠離磁鐵運動3、將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運動至最高點的過程中，圖像如圖所示，以下判斷正確的是（）A.最后2s內貨物只受重力作用B.前3s內貨物處于超重狀態C.貨物前3s內的平均速度小于最后2s內的平均速度D.第3s末至第5s末過程中，貨物的機械能守恒4、如圖所示，用細橡皮筋懸吊一輕質線圈，置于一固定直導線上方，線圈可以自由運動．當給兩者通以圖示電流時，線圈將（）A.靠近直導線,兩者仍在同一豎直平面內 B.遠離直導線,兩者仍在同一豎直平面內C.靠近直導線,同時旋轉90° D.遠離直導線,同時旋轉90°5、如圖所示的實驗中，平行板電容器的極板A與靜電計小球連接，極板B和靜電計外殼都接地．若極板B稍向上移一些，則A.電容器電容變大，靜電計指針偏角不變B.電容器電容變小，靜電計指針偏角變小C.極板上的電量幾乎不變，靜電計指針偏角變大D.極板上的電量幾乎不變，靜電計指針偏角變小6、處于勻強磁場中的一個帶電粒子，僅在磁場力作用下做勻速圓周運動．將該粒子的運動等效為環形電流，那么此電流值A.與粒子電荷量成正比 B.與粒子速率成正比C.與粒子質量成正比 D.與磁感應強度成正比二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，線圈L的自感系數足夠大，其直流電阻忽略不計，A、B是兩個相同的燈泡，下列說法中正確的是()A.S閉合后，A、B同時發光且亮度不變B.S閉合后，A立即發光，然后又逐漸熄滅C.S斷開的瞬間，A、B同時熄滅D.S斷開的瞬間，A再次發光，然后又逐漸熄滅8、如圖所示，帶電平行金屬板A，B，板間的電勢差為U，A板帶正電，B板中央有一小孔．一帶正電的微粒，帶電量為q，質量為m，自孔的正上方距B板高h處自由落下，若微粒恰能落至A，B板的正中央c點，則()A.微粒進入電場后，電勢能和重力勢能之和不斷增大B.微粒下落過程中重力做功為，電場力做功為C.微粒落入電場中，電勢能逐漸增大，其增加量為D.若微粒從距B板高2h處自由下落，則恰好能達到A板9、鋪設海底金屬油氣管道時，焊接管道需要先用感應加熱的方法對焊口兩側進行預熱．如圖所示，將被加熱管道置于感應線圈中，當感應線圈中通以電流時管道發熱，下列說法中正確的是A.采用增大交變電流的頻率，可使焊接效果越好B.采用增大感應線圈電阻值，可使焊接效果越好C.采用金屬電阻率越小的管道材料，焊接效果越好D.感應線圈中通以正弦交流電，在管道中產生的渦流也是交流電10、利用霍爾效應制作的霍爾元件，廣泛應用于測量和自動控制等領域．如圖所示是霍爾元件的工作原理示意圖，磁感應強度B垂直于霍爾元件的工作面向下，當元件中通入圖示方向的電流I時，C、D兩側面會形成一定的電勢差U．下列說法中正確的是A.若C側面電勢高于D側面，則元件中形成電流的載流子帶負電B.若C側面電勢高于D側面，則元件中形成電流的載流子帶正電C.在地球南、北極上方測地磁場強弱時，元件工作面豎直放置時U最大D.在地球赤道上方測地磁場強弱時，元件工作面豎直放置且與地球經線垂直時，U最大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用圖中所給器材進行與安培力有關的實驗．兩根金屬導軌ab和a1b1固定在同一水平面內且相互平行，足夠大的電磁鐵（未畫出）的N極位于兩導軌的正上方，S極位于兩導軌的正下方，一金屬棒置于導軌上且兩導軌垂直（1）在圖中畫出連線，完成實驗電路．要求滑動變阻器以限流方式接入電路，且在開關閉合后，金屬棒沿箭頭所示的方向移動（2）為使金屬棒在離開導軌時具有更大的速度，有人提出以下建議：A．適當增加兩導軌間的距離B．換一根更長的金屬棒C．適當增大金屬棒中的電流其中正確的是_____（填入正確選項前的標號）12．（12分）欲用伏安法測定一段阻值約為5Ω左右的金屬導線的電阻，要求測量結果盡量準確,現備有以下器材:A.電池組（3V，內阻1Ω）B.電流表（0～3A，內阻0.0125Ω）C.電流表（0～0.6A，內阻0.125Ω）D.電壓表（0～3V，內阻3kΩ）E.電壓表（0～15V，內阻15kΩ）F.滑動變阻器（0～20Ω，額定電流1A）G.滑動變阻器（0～2000Ω，額定電流0.3A）H.開關、導線（1）上述器材中應選用的是；__________（填寫各器材的字母代號）（2）實驗電路應采用電流表________接法；（填“內”或“外”）（3）設實驗中,電流表、電壓表的某組示數如下圖所示，圖示中I=_______A，U=______V.（4）為使通過待測金屬導線的電流能在0～0.5A范圍內改變,請按要求畫出測量待測金屬導線的電阻Rx的原理電路圖_____________,然后根據你設計的原理電路將圖中給定的器材連成實驗電路___________.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】本題分兩段過程研究：一段是ac段切割磁感線的過程，另一段是ac段和ab段都切割磁感線的過程，根據楞次定律判斷感應電流的方向，根據有效的切割長度L，由感應電動勢公式E=BLv分析感應電動勢大小的變化，從而確定出感應電流大小的變化；【詳解】在ac段進入磁場切割磁感線的過程中，由楞次定律判斷可知，感應電流方向沿abca．線框有效的切割長度均勻增大，由E=BLv知感應電動勢均勻增大，感應電流均勻增大；在ab段也切割磁感線的過程中，由楞次定律判斷可知，感應電流方向沿abca，即感應電流方向不變．線框有效的切割長度均勻減小，由E=BLv知感應電動勢均勻減小，感應電流均勻減小，故A正確，BCD錯誤【點睛】本題是電磁感應中圖象問題，根據楞次定律和法拉第電磁感應定律、歐姆定律判斷感應電流的方向，得到電流的解析式，再選擇圖象2、C【解析】當磁鐵N極靠近時，導致圓環A的磁通量變大，從而由楞次定律可得圓環A的感應電流，又處于磁場中，則受到的安培力作用，使它遠離磁鐵，即被推開；故A錯誤；磁鐵N極遠離A環時，圓環A的磁通量變小，從而由楞次定律可得圓環A的感應電流，又處于磁場中，則受到的安培力作用，使它隨磁鐵運動；故B錯誤；當磁鐵的任意一磁極靠近時，導致圓環A的磁通量變大，從而由楞次定律可得圓環A的感應電流，使A環被排斥，故C正確；對于圓環B，當磁鐵的靠近時，雖磁通量變大，有感應電動勢，但由于不閉合，所以沒有感應電流，則不受安培力作用．所以對于圓環B，無論靠近還是遠離，都不會有遠離與吸引等現象，故D錯誤；故選C.【點睛】本題也可以直接使用楞次定律的推論解答．從楞次定律相對運動角度可得“來拒去留”；即近則斥，遠則吸3、B【解析】A．圖線斜率的物理意義為加速度，最后內的加速度大小所以最后內貨物除了重力作用外還受到阻力作用，A錯誤；B．前3s內貨物加速向上，處于超重狀態，B正確；C．根據勻變速直線運動中某段時間內，平均速度等于中間時刻速度可知貨物前3s內的平均速度等于最后2s內的平均速度，C錯誤；D．貨物的機械能由動能和重力勢能構成，第3s末至第5s末的過程中，貨物的動能不變，圖線和時間軸圍成的面積為位移，根據圖像可知貨物的位移一直增大，選擇貨物起點為零勢能面，根據可知貨物的重力勢能一直增加，則貨物的機械能一直增加，D錯誤。故選B。4、A【解析】由右手螺旋定則判斷出直導線的磁場，線圈在直導線上邊，所處的磁場方向垂直紙面向外由左手定則判斷線圈的受力情況，左右部分大小相等，方向相反，上下兩邊方向也相反，但由于直導線周圍磁感應強度的大小與它到導線的距離成反比，線圈下邊受力比上邊受力大，合力向下，所以線圈向下運動靠近通電長直導線，而不會發生轉動故A正確5、C【解析】靜電計的夾角與電容器的電壓有關，極板間電壓大夾角就大，當極板B稍向上移一些，由，S減小，電容C變小，又因為,電容器兩極板處于斷開狀態，電荷量不變，所以C減小，電壓U變大，靜電計指針夾角變大；故選C6、D【解析】帶電粒子以速率v垂直射入磁感強度為B的勻強磁場中，由洛倫茲力提供向心力，根據牛頓第二定律求出帶電粒子圓周運動的周期，由電流的定義式得出電流的表達式，再進行分析解：設帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的周期為T，半徑為r，則由qvB=m，得r=，T=環形電流：I==，可見，I與q的平方成正比，與v無關，與B成正比，與m成反比故選D【點評】本題是洛倫茲力、向心力和電流等知識的綜合應用，抓住周期與B、I的聯系是關鍵二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】L是自感系數足夠大的線圈，它的電阻可忽略不計，LA、LB是兩個完全相同的小燈泡。AB．S閉合瞬間，但由于線圈的電流增加，導致線圈中出現感應電動勢從而阻礙電流的增加，所以兩燈同時亮，當電流穩定時，由于電阻可忽略不計，所以以后LA熄滅，LB變亮，故A錯誤，B正確；CD．S斷開的瞬間，LB立即熄滅，但由于線圈的電流減小，導致線圈中出現感應電動勢從而阻礙電流的減小，所以LA亮一下再慢慢熄滅，故C錯誤，D正確。故選BD。8、ACD【解析】微粒從進入電場至C點過程中，做減速運動，動能減小，根據能量守恒可知電勢能和重力勢能之和一直增大，故A正確．微粒下降的高度為h+，重力做正功，為WG=mg（h+），電場力向上，位移向下，電場力做負功為．故B錯誤．微粒落入電場中，電場力做負功，電勢能逐漸增大，其增加量等于微粒克服電場力做功△EP=qU．根據能量守恒，還應等于整個過程的重力勢能減小量，即△EP＝WG＝mg(h+)，故C正確；由題微粒恰能落至A，B板的正中央C點過程，由動能定理得：；若微粒從距B板高2h處自由下落，設達到A板的速度為v，則由動能定理得：，由兩式聯立得v=0，即恰好能達到A板．故D正確9、ACD【解析】高頻焊接利用高頻交變電流產生高頻交變磁場，在焊接的金屬工件中就產生感應電流，根據法拉第電磁感應定律分析電流變化的頻率與焊縫處的溫度升高的關系．焊縫處橫截面積小，電阻大，電流相同，焊縫處熱功率大，溫度升的很高【詳解】高頻焊接利用高頻交變電流產生高頻交變磁場，在焊接的金屬工件中就產生感應電流，根據法拉第電磁感應定律分析可知，電流變化的頻率越高，磁通量變化頻率越高，產生的感應電動勢越大，感應電流越大，焊縫處的溫度升高的越快．故A正確．當增大感應線圈電阻，相當于減小了交流電的電流，電流的峰值變小，在頻率不變的情況下，單位時間電流的變化量變小，即電流的變化率變小，則磁場的變化率變小，磁通量的變化率變小，加熱效果減弱，故B錯誤；采用金屬電阻率越小的管道材料，會在焊接的管道中產生較大的電流，焊接效果越好，選項C正確；感應線圈中通以正弦交流電，根據法拉第電磁感應定律可知，在管道中產生的渦流也是交流電，選項D正確；故選ACD.10、AD【解析】若元件的載流子是自由電子，由左手定則可知，電子受到的洛倫茲力方向向D側面偏，則C側面的電勢高于D側面的電勢．故A正確；若元件的載流子是正電離子，由左手定則可知，正電離子受到的洛倫茲力方向向D側面偏，則D側面的電勢高于C側面的電勢，故B錯誤；在測地球南、北極上方的地磁場強弱時，因磁場豎直方向，則元件的工作面保持水平時U最大，故C錯誤；地球赤道上方的地磁場方向水平，在測地球赤道上方的地磁場強弱時，元件的工作面應保持豎直，當與地球經線垂直時U最大．故D正確．故選AD點睛：解決本題的關鍵知道霍爾效應的原理，知道電子受到電場力和洛倫茲力平衡，注意地磁場赤道與兩極的分布第II卷非選擇題三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）如圖所示：（2）AC【解析】（1）如圖所示，注意滑動變阻器的接法是限流接法（2）根據公式可得適當增加導軌間的距離或者增大電流，可增大金屬棒受到的安培力，根據動能定理可知金屬棒離開導軌時的動能變大，即離開導軌時的速度變大，AC正確；若換用一根更長的金屬棒，但金屬棒切割磁感線的有效長度即導軌間的寬度不變，所以對最后的速度沒有影響，B錯誤【考點定位】考查了研究安培力實驗【方法技巧】對于高中實驗，要求能明確實驗原理，認真分析各步驟，從而明確實驗方法；同時注意掌握圖像的性質，能根據圖像進行分析，明確對應規律的正確應用12、①.A、C、D、F、H②.外③.0.48④.2.2⑤.⑥.【解析】(1)[1]實驗中需要電源即A，開關、導線即H，由于電池組3V，則選取電壓表D，根據歐姆定律所以電流表選取C，題目要求測量結果盡量準確要選擇滑動變阻器分壓接法，則選取總阻較小滑動變阻器即F；故選取的器材為：ACDFH；(2)[2]由于被測電