2022-2023學年四川成都實驗高級中學高考物理試題考前最后一卷預測卷（二）

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）

填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處”。

2.作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。

3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先

劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。

4.考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、2018年7月29日09時48分，我國在西昌衛星發射中心用長征三號乙運載火箭，以“一箭雙星”方式成功發射第33、

34顆北斗導航衛星。火箭將兩顆衛星送入了同一個軌道上的不同位置，如圖所示。如果這兩顆衛星與地心連線成。（弧

度）角，在軌運行的加速度大小均為a,均沿順時針做圓周運動。已知地球的半徑為R,地球表面的重力加速度為g,

則第33顆北斗衛星從圖示位置運動到第34顆北斗衛星圖示位置所用的時間為

2、如圖，輕彈簧的下端固定在水平面上,上端疊放有質量相等的物塊P、Q,系統處于靜止狀態。現用豎直向上的

力F.作用在p上,使其向上做勻加速直線運動以x表示Q離開靜止位置的位移，尸表示物塊P對Q的壓力大小,在P、

Q分離之前，下列表示尸和》之間關系的圖象可能正確的是（）

3、關于靜電場的描述正確的是

A.電勢降低的方向就是電場線方向

B.沿著電場線方向電場強度一定減小

C.電場中電荷的受力方向就是電場強度的方向.

D.電場中電場強度為零的地方電勢不一定為零

4、下列說法中，正確的是（）

A.物體在恒力作用下不可能做曲線運動

B.物體在恒力作用下不可能做圓周運動

C.物體在變力作用下不可能做直線運動

D.物體在變力作用下不可能做曲線運動

5、某次空降演練中，跳傘運動員從飛機上跳下，10s后打開降落傘，并始終保持豎直下落，在0~14s內其下落速度隨

時間變化的V—，圖像如圖所示，則（）

A.跳傘運動員在0~10s內下落的高度為5V2

B.跳傘運動員（含降落傘）在0~10s內所受的阻力越來越大

C.10s時跳傘運動員的速度方向改變，加速度方向保持不變

D.1074s內，跳傘運動員（含降落傘）所受合力逐漸增大

6、如圖所示，一個勁度系數為A的輕質彈簧豎直放置，彈簧上端固定一質量為2,”的物塊A,彈簧下端固定在水平地

面上。一質量為m的物塊B,從距離彈簧最上端高為h的正上方處由靜止開始下落，與物塊A接觸后粘在一起向下壓

縮彈簧。從物塊B剛與A接觸到彈簧壓縮到最短的整個過程中（彈簧保持豎直，且在彈性限度內形變），下列說法正

確的是（）

V77AB

A.物塊B的動能先減少后增加又減小B.物塊A和物塊B組成的系統動量守恒

C.物塊A和物塊B組成的系統機械能守恒D.物塊A物塊B和彈簧組成的系統機械能守恒

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

N.22

7、如圖所示，理想變壓器的初、次級線圈的匝數之比為寸=W，在次級線圈中接有兩個阻值均為50。的電阻，圖

N25

甲中。為理想二極管。現在初級線圈輸入如圖乙所示的交流電壓，那么開關K在斷開和閉合的兩種情況下，下列說法

中正確的有（）

A.兩種情況下/?2兩端的電壓相同B.兩種情況下及消耗的功率相同

C.兩種情況下Q消耗的功率相同D.兩種情況下變壓器的輸入功率不同

8、如圖甲所示，水平地面上有足夠長平板車車上放一物塊膽，開始時M、機均靜止。仁0時，車在外力作用下開

始沿水平面向右運動，其修圖像如圖乙所示，已知物塊與平板車間的動摩擦因數為0.2,取g=10m/s2。下列說法正確

的是（）

A.0-6s內，，"的加速度一直保持不變

B.m相對M滑動的時間為3s

C.0-6s內，，”相對M滑動的位移的大小為4m

D.（）-6s內，m.M相對地面的位移大小之比為3：4

9、如圖所示，在坐標系xOy中，弧3OC是以A點為圓心、A8為半徑的一段圓弧，AB=L,。點是圓弧跟

y軸的交點。當在。點和A點分別固定電荷量為-2和+2的點電荷后，。點的電場強度恰好為零。下列說法正確的

是（）

A.Q2=4Q]

B.圓弧80c上的各點相比較，O點的電勢最高

C.電子沿著圓弧從8點運動到C點的過程中，電勢能先減小后增大

D.電子沿著圓弧從3點運動到C點的過程中，電勢能先增大后減小

10、如圖所示。有一束平行于等邊三棱鏡橫截面A5C的紅光從空氣射向E點，并偏折到尸點。已知入射方向與邊A8

的夾角。=45"，E.尸分別為邊AB.8c的中點，貝!!（）

A.該三棱鏡對紅光的折射率為0

B.光在廠點發生全反射

C.從尸點出射的光束與入射到E點的光束的夾角為30°

D.若改用紫光沿相同角度從E點入射，則出射點在尸點左側

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）研究電阻值相近的兩個未知元件X和Y的伏安特性，使用的器材有多用電表、電壓表（內阻約為3kQ）、

電流表（內阻約為1Q）。

UN

⑴用多用電表歐姆擋的“xl”倍率粗測元件X的電阻，示數如圖（a）所示，其讀數為Q?若用電壓表與電流表

測量元件X的電阻，應選用圖（b）或圖（c）中的哪一個電路（選填“（b）”或“（c）

（2）連接所選電路并閉合開關S,滑動變阻器的滑片P從左向右滑動，電流表的示數逐漸（選填“增大”或“減小”）；

依次記錄實驗中相應的電流值與電壓值。

（3）將元件X換成元件Y,重復上述步驟進行實驗。

（4）圖（d）是根據實驗數據作出的元件X和Y的圖線，由圖像可知，當元件Y中的電流增大時其電阻

（選填“增大”“減小”或“不變”）。

12.（12分）圖（甲）是演示簡諧運動圖像的裝置，它由一根較長的細線和較小的沙漏組成。當沙漏擺動時，漏斗中

的細沙均勻流出，同時勻速拉出沙漏正下方的木板，漏出的細沙在板上會形成一條曲線，這條曲線可以理解為沙漏擺

動的振動圖像。圖（乙）是同一個沙漏分別在兩塊木板上形成的曲線（圖中的虛線表示）。

（1）圖（乙）的尸處堆積的細沙比。處（選填“多”、“少”或“一樣多

（2）經測量發現圖（乙）中。8=0，萬，若木板1的移動速度內=3m/s,則木板2的移動速度叮=_________________。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，豎直平面MN與紙面垂直，MN右側的空間存在著垂直紙面向內的勻強磁場和水平向左的勻

強電場，MN左側的水平面光滑，右側的水平面粗糙.質量為m的物體A靜止在MN左側的水平面上，已知該物體

帶負電，電荷量的大小為為q.一質量為:加的不帶電的物體B以速度vo沖向物體A并發生彈性碰撞，碰撞前后物體

A的電荷量保持不變.求：

（1）碰撞后物體A的速度大小；

(2)若A與水平面的動摩擦因數為ji,重力加速度的大小為g,磁感應強度的大小為8=2空,電場強度的大小為

后=生整.已知物體A從MN開始向右移動的距離為/時，速度增加到最大值.求：

q

a.此過程中物體A克服摩擦力所做的功W；

b.此過程所經歷的時間t.

MB

[XXXX

!xxxrx

:.￡

斗『XXX

回周以XXX

M

14.(16分)如圖所示，足夠長的平行光滑金屬導軌MNP0相距L傾斜置于勻強磁場中，磁場方向垂直導軌平面向上,

斷開開關S.將長也為L的金屬棒裙在導軌上由靜止釋放，經時間f,金屬棒的速度大小為打，此時閉合開關，最終

金屬棒以大小為力的速度沿導軌勻速運動。已知金屬棒的質量為“，電阻為r,其它電阻均不計，重力加速度為g。

(1)求導軌與水平面夾角a的正弦值及磁場的磁感應強度B的大小；

(2)若金屬棒的速度從也增至也歷時△Z,求該過程中流經金屬棒的電量.

15.(12分)如圖所示，在xOy平面內，MN與y軸平行，間距為d,其間有沿x軸負方向的勻強電場及y軸左側有

寬為L的垂直紙面向外的勻強磁場，MN右側空間存在范圍足夠寬、垂直紙面的勻強磁場(圖中未標出)。質量為

帶電量為+4的粒子從尸(d,0)沿x軸負方向以大小為V。的初速度射入勻強電場。粒子到達0點后，經過一段時間還

能再次回到O點。已知電場強度E=等"，粒子重力不計。

2qa

(1)求粒子到。點的速度大小；

(2)求y軸左側磁場區域磁感應強度的大小應滿足什么條件？

⑶若滿足(2)的條件，求MN右側磁場的磁感應強度飽和y軸左側磁場區域磁感應強度Bi的大小關系。

y

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解析】

GMm=ma=m(^-)2r

根據題意衛星運動的加速為a,則

r~7

,,,上一.GMm

在地球表面時tk=〃?g

n

則第33顆北斗衛星從圖示位置運動到第34顆北斗衛星圖示位置所用的時間為?=—xT

271

解得：t=6Rg，故B對；ACD錯

\a\a

故選B

2、C

【解析】

系統靜止時，由胡克定律和力的平衡條件得

kAx=2mg

物塊Q勻加速向上運動時，由牛頓第二定律得

攵(Av-x)—mg-F=ma

聯立以上兩式解得

F=m(g—a)—kx

對照圖象得C正確。

故選C。

3、D

【解析】

A.沿電場線方向電勢降低，電勢降低最快的方向是電場線方向，故A項錯誤；

B.負點電荷形成的電場，沿著電場線方向電場強度增大，故B項錯誤；

C.電場中正電荷的受力方向與電場強度的方向相同，電場中負電荷的受力方向與電場強度的方向相反，故C項錯誤;

D.電勢具有相對性，電場中電場強度為零的地方電勢不一定為零，故D項正確。

4、B

【解析】

A.物體在恒力作用下也可能做曲線運動，例如平拋運動，選項A錯誤；

B.物體做圓周運動的向心力是變力，則物體在恒力作用下不可能做圓周運動，選項B正確；

C.物體在變力作用下也可能做直線運動，選項C錯誤；

D.物體在變力作用下也可能做曲線運動，例如勻速圓周運動，選項D錯誤；

故選B。

5、B

【解析】

A.假設空降兵在空中做勻加速運動，10s時的速度剛好為也，則這段時間內的下落位移應為

x-vt-5V2

但實際上由圖可知，根據圖線與橫軸圍成的面積表示位移可得其下落位移必然大于5V2。故A錯誤；

B.空降兵在空中受到重力和空氣阻力的作用，而由圖像可知，空降兵在0~10s內的加速度不斷減小，由牛頓第二定律

mg-f=ma

可知空降兵受到的空氣阻力應當不斷增大，故B正確：

C.10s時空降兵的速度圖像仍在x軸上方，速度方向并未改變，但空降兵的速度走向由增大變為減小，故而加速度方

向改變。故C錯誤；

D.由圖可知，10~14s內，空降兵的速度逐漸減小，且減小的速率逐漸降低，表明空降兵的加速度逐漸減小，根據牛

頓第二定律可知其所受合力逐漸減小。故D錯誤。

故選B。

6、A

【解析】

A.B物塊開始自由下落速度逐漸增大，與A物塊碰撞瞬間，動量守恒，選取豎直向下為正方向，則

mv0—(m+2m)v

可知A、B碰后瞬間作為整體速度小于碰前B物塊速度，隨后AB整體向下運動，開始重力大于彈力，且彈力逐漸增

大，所以整體做加速度減小的加速運動，當重力等于彈力時，速度達到最大，之后彈力大于重力，整體做加速度增大

的減速運動，直至速度減為0,所以從物塊B剛與A接觸到彈簧壓縮到最短的整個過程中，物塊B的動能先減少后增

加又減小，A正確；

B.物塊A和物塊B組成的系統只在碰撞瞬間內力遠大于外力，動量守恒，之后系統所受合外力一直變化，系統動量

不守恒，B錯誤；

CD.兩物塊碰撞瞬間損失機械能，所以物塊A和物塊B組成的系統機械能不守恒，物塊A物塊B和彈簧組成的系統

機械能不守恒，CD錯誤。

故選A。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、CD

【解析】

ABD.在開關K閉合時，此時電路中的總電阻為R總=25。。由圖乙可知初級線圈的有效值為

2200

5=—=220V

V2

次級線圈的電壓為

N5

U,=L〃=3X220=50V

?AT,122

/?2兩端的電壓為S=50V,后消耗的功率為

=L^=2500=50W

咫與50

電路中消耗的總電功率為

U2502

P=j=——=100W

R總25

當開關K斷開時，色兩端的有效值由

火T叱，7

——?—二----—?I

R2R

得

u2

UR=25夜V

及消耗的功率為

p《，(25夜了

R,=——-=----------=25W

2

R250

電路中消耗的總電功率為

U；&5()2(25正A

P=------=--1-----=75W

R|R15050

故AB錯誤，D正確；

C.在兩種情況下并不影響Q兩端的電壓，故凡消耗的功率是相同的，故C正確。

故選CDo

8、BD

【解析】

AB.物塊相對于平板車滑動時的加速度

〃ngc，2

a=------==2m/s

m

若其加速度一直不變，速度時間圖像如圖所示

s

有圖像可以算出U3s時，速度相等，為6m/s。由于平板車減速階段的加速度大小為

a.=---8---m/,s2=2cmI,s,'2-a

6-2

故二者等速后相對靜止，物塊的加速度大小不變，方向改變。物塊相對平板車滑動的時間為3s。故A錯誤，B正確;

C.有圖像可知，0-6s內，物塊相對平板車滑動的位移的大小

8+6

Ax=—x2x8m+xlm——x3x6m=6m

222

故C錯誤；

D.0-6s內，有圖像可知，物塊相對地面的位移大小

x,=—x6x6m=18m

12

平板車相對地面的位移大小

x,=—x6x8m=24m

一2

二者之比為3：4,故D正確。

故選BD?

9、AD

【解析】

A.〃點的電場強度恰好為零，則

解得:

Q=42

故A正確

B.對。2來說圓弧是一個等勢面，所以各點電勢高低，由0決定，根據沿電場線方向電勢降低，離負電荷越近，電

勢越低，故。點電勢最低，故B錯誤

CD.電子沿著圓弧從8點運動到C點的過程中，電勢先降低后升高，E、=(pq,故電勢能先增大后減小，故D正

確C錯誤。

故選AD?

10、AC

【解析】

A.如圖所示，作兩界面法線相交于。點，在AZJ界面，由幾何知識知，入射角為45°，折射角為30°，所以

sin45rr

n=-----r=72

sin30

故A正確;

B.光在8c界面上人射角為30°,則

1J2

sinC=-=—

n2

即臨界角

C=45°

則在BC面上不會發生全反射，故B錯誤；

C.分析知5c面上折射角為45°，入射光線與出射光線相交于G點，NBEF=60"，NBEG=45°，貝!I

NGEF=15°，NBFE=6(f，NBFG=45°

則

ZGFE=\5°

所以從k點出射的光束與入射到E點的光束的夾角為30°,故C正確；

D.紫光頻率比紅光頻率大，棱鏡對紫光的折射率大，若改用紫光沿相同角度從E點人射，則出射點在尸點右側，D

錯誤。

故選AC。

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、10(b)增大增大

【解析】

(1)口］選擇“x1”倍率測量讀數為10Q,則待測電阻值為10Qo

⑵⑵元件X電阻值約為10Q，根據

3kQ10Q

---->----

10Q1Q

可知元件X與電流表內阻相近，則電流表采用外接法誤差較小，應選(b)電路。

(3)［3］在(b)電路中，滑動變阻器的滑片P從左向右滑動，元件X兩端電壓增大，則其電流增大則電流表的示數逐漸

增大。

(4)⑷根據歐姆定律變形

R上

1

圖像上的點與原點連線斜率的大小為電阻，由圖像的變化特點知，元件Y的電阻隨電流的增大而增大。

12、多4m/s

【解析】

（1）[1]在圖（乙）的P處時，沙擺的速度最小，在Q處時，沙擺的速度最大，所以堆積的細沙比Q處多;

（2）[2]根據單擺周期公式:

L

T=2乃

它們在同一地點，且擺長相同，則周期相同，設為T,段經歷的時間是:

%=27

0'6'段經歷的時間為:

t2=1.57

設板長為L,則:

t,=—=27

匕

t2=-=1.5T

'v2

比較可得：

匕=《匕=4m/s.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13,/

13、(1)vA=-v0(2)a.W=4^mgl--mv-b.t=—+-^

【解析】

（1）設A、8碰撞后的速度分別為以、VB,由于A、B發生彈性碰撞，動量、動能守恒，則有:

11

-mv0^-mvB+mvA@

11,1121，科

萬,§相%=5.§加%一+萬加篤②

聯立①②可得:

以=]%③

（2）a.A的速度達到最大值vm時合力為零，受力如圖所示.

有:

N=qvmB+mg@

水平方向合力為零，有:

qE=/JN⑤

根據動能定理，有:

qEl-W=—mv^n--mv\(§)

聯立③④⑤⑥并代入相相關數據可得:

3,

W=4/.imgl——mv

80

b.方法一：

在此過程中，設A物體運動的平均速度為力，根據動量定理有:

qEt-4M-mvm-mvA⑦

N=mg+qvB⑧

依題意有：

vt-l@

聯立③④⑤⑦⑧⑨并代入相關數據可得：

-/+%

I----1------------

%6〃g

方法二：設任意時刻A物體運動的速度為h取一段含此時刻的極短時間4,設此段時間內速度的改變量為Av,根據

動量定理有：

ZqEK—Z乂(mg+qvB)\t=ZmAv⑦

而

ZvA/=/⑧

Zm\v=mvm-mvA⑨

聯立③④⑤⑦⑧⑨并代入相關數據可得:

Z==—+-^-

%6〃g

.v,n1me】