2022-2023學年湖北省咸寧市崇陽縣沙坪中學高一物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（2010秋?杭州期中）在研究下述運動時，能把物體看作質點的是（）A． 研究跳水運動員在空中的跳水動作時B． 研究飛往火星的宇宙飛船最佳運行軌道時C． 一枚硬幣用力上拋并猜測它落地面時正面朝上還是朝下時D． 研究一列火車通過長江大橋所需的時間時參考答案：B．解：A、研究跳水運動員的跳水姿勢時，不能看作質點，否則無法研究，故A錯誤；B、研究飛往火星的宇宙飛船最佳運行軌道時，飛船的大小和形狀無法忽略；可以看作質點；故B正確；C、一枚硬幣用力上拋并猜測它落地面時正面朝上還是朝下時一定要考慮大小和形狀，故不能看作質點；故C錯誤；D、研究火車通過長江大橋的時間時，火車的長度不能忽略，不能看作質點；故D錯誤；2.（單選）如圖，一球體吊在光滑的豎直墻上，設繩的拉力為F，墻對球的彈力為N，當繩的長度變短時，F和N大小變化是：（

）F和N都變大

B、F和N都不變C、F變大，N變小

D、F變小，N變大參考答案：A3.（單選）關于曲線運動，下列說法正確的是（

）

A、曲線運動一定是變速運動

B、曲線運動的物體加速度一定變化

C、曲線運動的物體所受合外力一定為變力D、曲線運動的物體所受合力為零參考答案：A4.(單選)甲、乙兩物體由同一位置出發沿一直線運動，其速度－時間圖象如圖，正確的是()A．甲做勻速直線運動，乙做勻變速直線運動B．兩物體兩次相遇的時刻分別是在2s末和6s末C．乙在頭2s內做勻加速直線運動，2s后做勻減速直線運動

D．2s后，甲、乙兩物體的速度方向相反參考答案：A5.（多選）碼頭上的工人用水平力推集裝箱，但沒推動，在該過程中（

）A．集裝箱受靜摩擦力

B．推力小于摩擦力C．集裝箱所受合外力為零

D．推力小于最大靜摩擦力參考答案：ACD二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.有一只小老鼠離開洞穴沿直線前進，它的速度與到洞穴的距離成反比，當它行進到離洞穴距離為d1的甲處時速度為v1，則老鼠行進到離洞穴距離為d2的乙處時速度v2=____________參考答案：7.一物體做勻加速直線運動，某時刻速度大小為4m/s，經過4s后的速度大小為10m/s，則物體加速度的大小為

m/s2和

m/s2。參考答案：1.5，-3.5；8.探究能力是進行物理學研究的重要能力之一．物體因繞軸轉動而具有的動能叫轉動動能，轉動動能的大小與物體轉動的角速度有關．為了研究某一砂輪的轉動動能Ek與角速度ω的關系，某同學采用了下述實驗方法進行探究：如圖所示，先讓砂輪由動力帶動勻速旋轉，測得其角速度ω，然后讓砂輪脫離動力，由于克服轉軸間摩擦力做功，砂輪最后停下，測出砂輪脫離動力到停止轉動的圈數n，通過分析實驗數據，得出結論．經實驗測得的幾組ω和n如下表所示：ω/(rad/s)0.51234n5.02080180320Ek/J

另外已測試砂輪轉軸的直徑為1cm，轉軸間的摩擦力為N.⑴計算出砂輪每次脫離動力的轉動動能，并填入上表中．⑵由上述數據推導出該砂輪的轉動動能Ek與角速度ω的關系式為_____________________．⑶若測得脫離動力后砂輪的角速度為5rad/s，則它轉過________圈時角速度將變為4rad/s.

參考答案：⑴1、4、16、36、64

⑵Ek=4ω2．

⑶1809.由于電壓和電阻兩者都可能影響電流的大小，用實驗研究它們的關系時，可以先保持電壓不變，探究電流和電阻的關系；然后保持電阻不變，探究電流和電壓的關系，最后總結出了歐姆定律。這種研究問題的方法叫“控制變量法”。在以下問題的研究中：①滑動摩擦力大小跟哪些物理量有關；②牛頓在伽利略等人研究成果的基礎上得出牛頓第一定律；③電流產生的熱量與哪些因素有關；④研究磁場，引入磁感線。其中，應用“控制變量法”進行研究的是

（填番號）。參考答案：①③10.一輕彈簧上端固定，下端掛一重物，平衡時彈簧伸長了4cm．再將重物向下拉1cm，然后放手，則在剛釋放的瞬間重物的加速度是

m/s2

參考答案：2511.用電火花計時器在紙帶上打點時，操作的合理順序應是

．A．先接通電源，再用手牽動紙帶B．先用手牽動紙帶，后接通電源C．接通電源的同時用手牽動紙帶D．可以隨意操作（2）當紙帶與運動物體連接時，在某一頻率的低壓交流電源下，打點計時器在紙帶上打出一序列點痕，下列說法中正確的是

.A．點痕記錄了物體運動的時間B．點痕記錄了物體在不同時刻的位置或某段時間內的位移C．點痕記錄了物體在任一時刻的速度D．點在紙帶上的分布情況反映了物體的運動情況（3）某次實驗中得到一條如圖所示的紙帶，圖中前幾個點模糊，因此從A開始每打5個計時點取著為1個計數點，計時器打點頻率為50Hz．則從打A點到打E點共歷時

s，從A到E紙帶的平均速度是

m/s.參考答案：12.如圖1所示，為“探究加速度與力、質量的關系”實驗裝置及數字化信息系統獲得了小車加速度a與鉤碼的質量及小車和砝碼的質量對應關系圖．鉤碼的質量為m1，小車和砝碼的質量為m2，重力加速度為g．（1）實驗時，某同學由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，測得F=m1g，作出a﹣F圖象，他可能作出圖2中（選填“甲”、“乙”、“丙”）圖線．此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是．A．小車與軌道之間存在摩擦

B．導軌保持了水平狀態C．砝碼盤和砝碼的總質量太大

D．所用小車的質量太大（2）實驗中打出的紙帶如圖4所示．相鄰計數點間的時間是0.1s，圖中長度單位是cm，由此可以算出小車運動的加速度是

m/s2．參考答案：（1）丙

C

（2）0.46【考點】探究加速度與物體質量、物體受力的關系．【分析】（1）如果沒有平衡摩擦力的話，就會出現當有拉力時，物體不動的情況．得出圖象彎曲的原因是：未滿足沙和沙桶質量遠小于小車的質量．（2）根據連續相等時間內的位移之差是一恒量求出加速度．【解答】解：（1）遺漏了平衡摩擦力這一步驟，就會出現當有拉力時，物體不動的情況．故圖線為丙．當不滿足m1＜＜m2時，隨m1的增大物體的加速度a逐漸減小，故圖象彎曲的原因是：所掛鉤碼的總質量太大，不滿足沙和沙桶質量遠小于小車的質量．故C正確．（2）根據△x=aT2得，a==0.46m/s2．故答案為：（1）丙

C

（2）0.4613.如圖所示，斜面的傾角為θ，圓柱體質量為m。若把重力沿垂直于墻面和垂直于斜面兩個方向分解，則重力垂直于斜面的分力大小為

；垂直于墻面的分力大小為

。已知重力加速度為g。

參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在距離地面5m處將一個質量為1kg的小球以10m/s的速度水平拋出，若g＝10m/s2。求：（1）小球在空中的飛行時間是多少？（2）水平飛行的距離是多少米？（3）小球落地時的速度？參考答案：（1）1s，（2）10m，（3）m/s............（2）小球在水平方向上做勻速直線運動，得小球水平飛行的距離為：s＝v0t＝10×1m＝10m。

（3）小球落地時的豎直速度為：vy＝gt＝10m/s。

所以，小球落地時的速度為：v＝m/s＝10m/s，

方向與水平方向的夾角為45°向下。

15.如圖所示，在光滑水平面上，一輛質量M=2kg、長度L=9.6m、上表面粗糙的平板車緊靠著被固定的斜面體ABC，斜面體斜邊AC長s=9m、傾角。現將質量m=lkg的小木塊從斜面頂端A處由靜止釋放，小木塊滑到C點后立即速度大小不變地水平沖上平板車。已知平板車上表面與C點等高，小木塊與斜面、平板車上表面的動摩擦系數分別為=0.5、=0.2,sin37°=0.6,cos37=0.8，g取10m/s2，求：(1)小木塊滑到C點時的速度大?。?2)試判斷小木塊能否從平板車右側滑出，若不能滑出，請求出最終小木塊會停在距離車右端多遠？若能滑出，請求出小木塊在平板車上運動的時間？參考答案：（1）6m/s（2）不會滑出，停在距車右端3.6m【詳解】（1）木塊在斜面上做勻加速直線運動，根據牛頓第二定律可得：mgsin37°-f=ma

其中：f=μ1mgcos37°

解得a=2m/s2，

根據速度位移關系可得v2=2as

解得v=6m/s；

（2）木塊滑上車后做勻減速運動，根據牛頓第二定律可得：μ2mg=ma1

解得：a1=2m/s2

車做勻加速直線運動，根據牛頓第二定律可得：μ2mg=Ma2

解得a2=1m/s2，

經過t時間二者的速度相等，則：v-a1t=a2t

解得t=2s

t時間木塊的位移x1=vt-a1t2

t時間小車的位移x2=a2t2

則△x=x1-x2=6m

由于△x=8m＜L，所以木塊沒有滑出，且木塊距離車右端距離d=L-△x=3.6m四、計算題：本題共3小題，共計47分16.質量m＝1kg的小球在長為L＝1m的細繩作用下在豎直平面內做圓周運動，細繩能承受的最大拉力Tmax＝46N，轉軸離地高度h＝6m，g＝10m/s2.試求：(1)若恰好通過最高點，則最高點處的速度為多大？(2)在某次運動中在最低點細繩恰好被拉斷，則此時的速度為多大？(3)繩斷后小球做平拋運動，如圖所示，求落地水平距離x.參考答案：)(1)若恰好通過最高點．根據牛頓第二定律得：F＋mg＝m1(1分)且F＝0(1分)代入數值得：v1＝m/s(1分)(2)運動至最低點處有：T－mg＝m(1分)若細繩此時恰好被拉斷，則T＝Tmax＝46N(1分)代入數值可解得：v＝6m/s(1分)(3)繩斷后，小球做平拋運動，則有：h－L＝gt2(2分)x＝vt(1分)代入數值可解得：x＝6m．(1分)答案：(1)m/s(2)6m/s(3)6m17.一只船在靜水中的速度為3m/s，它要橫渡一條30m寬的河，水流速度為4m/s，求：（1）過河的最短時間

（2）過河的最短位移．參考答案：解：（1）當靜水速與河岸垂直時，渡河時間最短，最短時間為：t==s=10s．（2）因為靜水速小于水流速，所以合速度的方向不可能垂直于河岸，則船不能垂直到達正對岸．根據平行四邊形定則，可以知道合速度與靜水速度垂直，位移最短，則有：，解得：s==40m；答：（1）過河的最短時間10s；（2）過河的最短位移40m．【考點】運動的合成和分解．【分析】當靜水速與河岸垂直時，渡河時間最短．判斷小船能否垂直渡河，關鍵判斷合速度的方向能否與河岸垂直．18.如圖所示，水平軌道PAB與四分之一圓弧軌道BC相切于B點，其中，PA段光滑，AB段粗糙，動摩擦因數=0.1，AB段長度L=2m，BC段光滑，半徑R=lm。輕質彈簧勁度系數k=200N/m，左端固定于P點，右端處于自由狀態時位于A點．現用力推質量m=2kg的小滑塊，使其緩慢壓縮彈簧（即推力做功全部轉化為彈簧的彈性勢能），當推力做功W=25J時撤去推力．已知彈簧彈性勢能表達式，其中，k為彈簧的勁度系數，x為彈簧的形變量，重力加速度取g=10m/s2．ks5u（1）求推力撤去瞬間，滑塊的加速度a；（2）求滑塊第一次到達圓弧軌道最低點B時的速度；（3）判斷滑塊能否越過C點，如果能，求出滑塊到達C點的速度vc和滑塊離開C點再次回到C點所用時間t，如果不能，求出滑塊能達到的最大高度h。參考答案：解：（1）推力做功全部轉化為彈簧的彈性勢能，則有

①

1分即：得：

②

2分由牛頓運動定律得：

③

2分

（2）設滑塊到達B點時的速度為，由能量關系有

④

2分

得：=√21m/s