第一部分名校考研真題一、選擇題1．在OSI參考模型中，直接為會話層提供服務的是（ ）。[2014年聯考真題]A．應用層B．表示層C．傳輸層 D．網絡層【答案】C查看答案【解析】OSI參考模型中，下層直接為上層提供服務，而會話層的下層為傳輸層。2．相對于OSI的7層參考模型的低4層，TCP／IP協議集內對應的層次有（）。 A．傳輸層、互聯網層、網絡接口層和物理層B．傳輸層、互聯網層、網絡接口層C．傳輸層、互聯網層、ATM層和物理層D．傳輸層、網絡層、數據鏈路層和物理層【答案】B查看答案【解析】OSI的7層參考模型從下至上依次是：物理層、數據鏈路層、網絡層、傳輸層、會話層、表示層、應用層。TCP/IP協議的4層參考模型從下至上依次是：網絡接口層、互聯網層、傳輸層、應用層。網絡接口層對應物理層和數據鏈路層、互聯網層對應網絡層、應用層對應了會話層、表示層、應用層。3．某以太網拓撲及交換機當前轉發表如下圖所示，主機00-e1-d5-00-23-a1向主機00-e1-d5-00-23-c1發送1個數據幀，主機00-e1-d5-00-23-c1收到該幀后，向主機00-e1-d5-00-23-a1發送一個確認幀，交換機對這兩個幀的轉發端口分別是（ ）。[2014年聯考真題]A．和 B．和C．和 D．和【答案】B查看答案【解析】第一次交換機沒有00-e1-d5-00-23-c1的信息，只能選擇從其他端口全部發送，同時記錄這個數據報源MAC地址的信息00-e1-d5-00-23-a1,確認幀發送時已經有00-e1-d5-00-23-a1的信息了所以只用從1端口轉發。4．假如正在構建一個有22個子網的B類網絡，但是幾個月后該網絡將增至80個子網。每個子網要求支持至少300個主機，應該選擇（ ）子網掩碼。A． B． C． D． 【答案】B查看答案【解析】本題主要考查對子網劃分的理解。B類IP地址的網絡號為16位，主機號為16位。對于子網掩碼，B類網絡的默認值（即在不劃分子網的情況下）是。但是，子網掩碼的值必須隨網絡的具體劃分而定。子網數目為80,80>64=26。所以子網號位數至少為7。另外，每個子網至少支持300個主機，300>28=256，所以主機號位數至少為9。又由于子網號是從主機號中取得的，故子網號位數+主機號位數=16。子網掩碼的最后兩個字節為1111111000000000，所以子網掩碼為。5．下列因素中，不會影響信道數據傳輸速率的是（ ）。[2014年聯考真題]A．信噪比B．頻率寬帶C．調制速率D．信號傳播速度【答案】D查看答案【解析】信道數據傳輸速率與信噪比、頻率寬度、調制速率都有關。6．主機甲與主機乙之間使用后退N幀協議（GBN）傳輸數據，甲的發送窗口尺寸為1000，數據幀長為1000字節，信道寬帶為100Mbps，乙每收到一個數據幀立即利用一個短幀（忽略其傳輸延遲）進行確認，若甲乙之間的單向傳播延遲是50ms，則甲可以達到的最大平均數據傳輸速率約為（）。[2014年聯考真題]A．10MbpsB．20MbpsC．80MbpsD．100Mbps【答案】C查看答案【解析】1000B*1000/（50*2ms）＝10MB＝80Mbps.7．為了解決IP地址耗盡的問題，可以采用以下的一些措施，其中治本的是（ ）。A．劃分子網B．采用無類別編址CIDR C．采用網絡地址轉換NAT方法D．采用IPv6【答案】D查看答案【解析】ABC三種方案都是針對IPV4的不同地址分配方案，都會受到IPV4地址總量的限制，都不能避免地址耗盡問題。只能通過IPV6才能從根本上解決IP地址耗盡問題。8．站點A、B、C通過CDMA共享鏈路，A、B、C的碼片序列（chipping sequence）分別是（1,1,1,1）、（1，-1,1，-1）和（1，1,-1，-1），若C從鏈路上收到的序列是（2,0,2,0,0，-2,0，-2,0,2,0,2），則C收到A發送的數據是（）。[2014年聯考真題]A．000B．101C．110D．111【答案】B查看答案【解析】用A的碼片與信息做內積運算9．主機甲和乙已建立了TCP連接，甲始終以MSS＝1KB大小的段發送數據，并一直有數據發送；乙每收到一個數據段都會發出一個接收窗口為10KB的確認段。若甲在t時刻發生超時擁塞窗口為8KB，則從t時刻起，不再發生超時的情況下，經過10個RTT后，甲的發送窗口是（）。[2014年聯考真題]A．10KBB．12KBC．14KBD．15KB【答案】A查看答案【解析】發送窗口是接受窗口和擁塞窗口的最小值，這里接收窗口總是10KB。擁塞窗口到那個時候是大于10KB的，取最小值。10．下面哪一項不屬于路由選擇協議的功能（）。A．獲取網絡拓撲結構的信息B．選擇到達每個目的網絡的最優路徑 C．構建路由表  D．發現下一跳的物理地址【答案】D查看答案【解析】本題主要考查對路由選擇基本概念的理解。路由選擇協議是一些規定和過程的組合，使得在互聯網中的各個路由器能夠彼此互相共享路由信息。路由選擇協議的功能可能包括：獲取網絡拓撲結構的信息、構建路由表、在網絡中更新路由信息、選擇到達每個目的網絡的最優路徑、識別一個通過網絡的無環通路等。發現下一跳的物理地址不屬于路由選擇協議的功能，一般通過其他方式來完成，例如，ARP協議。11．下列關于UDP協議的敘述中，正確的是（）。[2014年聯考真題]Ⅰ提供無連接服務Ⅱ提供復用/分用服務Ⅲ通過差錯校驗，保障可靠數據傳輸A．僅ⅠB．僅Ⅰ、ⅡC．僅Ⅱ、ⅢD．Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ【答案】B查看答案【解析】UDP無連接創建，提供多路復用服務。雖然有差錯檢驗，但是不能保證可靠數據傳輸，所以Ⅲ錯誤。12．使用瀏覽器訪問某大學Web網站主頁時，不可能使用的協議是（ ）。[2014年聯考真題]A．PPPB．ARPC．UDPD．SMTP【答案】D查看答案【解析】SMTP是簡單郵件傳輸協議，訪問主頁時并不涉及郵件相關協議。13．網絡中發生了擁塞，根據是（）。A．隨著通信子網的負載的增加，吞吐量也增加 B．網絡節點接收和發出的分組越來越少C．網絡節點接收和發出的分組越來越多D．隨著通信子網的負載的增加，吞吐量反而降低 【答案】D查看答案【解析】在計算機網絡中，當通信子網中有過多的分組時，其性能降低，這種情況稱為擁塞。判斷網絡是否進入擁塞狀態的方法是觀察網絡的吞吐量與網絡負荷的關系；如果隨著網絡負荷的增加，網絡的吞吐量明顯小于正常的吞吐量，那么網絡就可能進入輕度擁塞狀態；如果網絡的吞吐量隨著網絡負荷的增大反而下降，網絡就可能進入擁塞狀態；如果網絡的負載繼續增大，而網絡的吞吐量下降到0，網絡就可能進入了死鎖狀態。14．在OSI參考摸型中，下列功能需由應用層的相鄰層實現的是（）。[2013年聯考真題]A．對話管理B．數據格式轉換C．路由選擇D．可靠數據傳輸【答案】B【解析】應用層的相鄰層即為表示層，表示層負責管理數據的壓縮、加密與解密、格式裝換等，故答案為B。 15．下述說法中，正確的是（）。A．網絡層的協議是網絡層內部處理數據的規定 B．接口實現的是人與計算機之間的交互C．在應用層與網絡層之間的接口上交換的是包D．上一層的協議數據單元就是下一層的服務數據單元 【答案】D查看答案【解析】協議是指通信雙方實現相同功能的相應層之間的交往規則，是兩個系統之間的通信約定，只有單層時，不能定義協議。網絡中的接口是指在—個系統內部相鄰層之間的交往規則。網絡中只對相鄰層之間定義接口，不能跨層定義接口。 應用層與網絡層之間還有一個傳輸層，所以應用層與網絡層之間不能定義接口。根據數據傳送單位的變化規則，上一層交給下一層的數據，就是下一層的服務數據單元，加上協議控制信息后變成協議數據單元交給下一層，又變成下一層的服務數據單元。 16．若下圖為10BaseT網卡接收到的信號波形，則該比特串是（）。[2013年聯考真題]A．00110110B．10101101C．01010010D．11000101【答案】A【解析】以太網采用曼徹斯特編碼，其將一個碼元分成兩個相等的間隔，前一個間隔為高電平而后一個間隔為低電平表示1，反之則表示0。故根據波形圖，可得答案為A。 17．主機甲通過1個路由器個路由器（存儲轉發方式）與主機乙互聯，兩段鏈路的數據傳輸速率均為10Mbps,主機甲分別采用報文交換和組大小為10kb的分組交換向主機乙發送1個大小為8Mb（1M＝106）的報文。若忽略鏈路傳播延遲、分組頭開銷和拆裝時間，則兩種交換方式完成該報文傳輸所需的總時間分別為（）。[2013年聯考真題]A．800ms、1600msB．801ms、1600msC．1600ms、800msD．1600ms、801ms【答案】D【解析】不進行分組時,發送一個報文的時延是8Mb/10Mb/s＝800ms,在接收端接收此報文件的時延也是800ms共計1600ms。進行分組后發送一個報文的時延是10kb/10Mb/s＝1ms,接收一個報文的時延也是1ms,但是在發送第二個報文時,第一個報文已經開始接收。共計有800個分組,總時間為801ms。 18．關于TCP和UDP端口，下列說法正確的是（）。A．TCP和UDP分別擁有自己的端口號，它們互不干擾，可以共存于同一臺主機 B．TCP和UDP分別擁有自己的端口號，但它們不能共存于同一臺主機C．TCP和UDP的端口沒有本質區別，但它們不能共存于同一臺主機D．當一個TCP連接建立時，它們互不干擾，不能共存于同一臺主機【答案】A查看答案【解析】端口號只具有本地意義，即端口號只是為了標識本計算機應用層中的各進程。且同一臺計算機中TCP和UDP分別擁有自己的端口號，分別用于不同的應用場合，它們互不干擾。 19．下列介質訪問控制方法中，可能發生沖突的是（）。[2013年聯考真題]A．CDMAB．CSMAC．TDMACD．FDMA【答案】B【解析】介質訪向控制協議中能夠發生沖突的是CSMA協議，答案為B。 20．HDLC37.HDLC37.HDLC協議對0111110001111110組幀后對應的比特串為（ ）。[2013年聯考真題]A．011111000011111010B．011111000111110101111110C．01111100011111010D．011111000111111001111101【答案】A【解析】HDLC協議對比特串進行組幀時,HDLC數據幀以位模式01111110標識每一個幀的開始和結束,因此在幀數據中凡是出現了5個連續的位“1”的時候,就會在輸出的位流中填充一個“0”。所以答案為A。21.TCP報文段的長度必須適應于其下層IP數據報的長度，這樣TCP報文段的數據部分最多為（）個字節。A．65535 B．65515 C．65495 D．不確定 【答案】C查看答案【解析】IP數據報首部中的總長度字段為16位，這包括IP數據報的首部和數據部分，IP數據報的報首長為20個字節，而TCP的報首長至少也有20個字節，所以TCP報文數據部分的最大長度為216-20-20=65495。22．對于100Mbps的以太網交換機，當輸出端口無排隊直通（cut-throughswitching）方式轉發一個以太網幀（不包括前導碼）時，引入的轉發延遲至少是（）。[2013年聯考真題]A．0μsB．0.48μsC．5.12μsD．121.44μs【答案】B【解析】直通交換方式是指以太網交換機可以在各端口間交換數據。它在輸入端口檢測到一個數據包時，檢查該包的包頭，獲取包的目的地址，啟動內部的動態查找表轉換成相應的輸出端口，在輸入與輸出交叉處接通，把數據包直通到相應的端口，實現交換功能。通常情況下，直通交換方式只檢查數據包的包頭即前14個字節，由于不需要考慮前導碼，只需要檢測目的地址的6B，所以最短的傳輸延遲是0.48μs。 23．主機甲與乙之間已建立一個TCP連接，雙方持續有數據傳輸,且無差錯與丟失。若甲收到1個來自乙的TCP段，該段的序號為1913、確認序號為2046、有效載荷為100字節，則甲立即發送給乙的TCP段的序號和確認分別是（）。[2013年聯考真題]A．2046、2012B．2046、2013C．2047、2012D．2047、2012【答案】B【解析】若甲收到1個來自乙的TCP段，該段的序號seq＝1913、確認序號ack＝2046、有效載荷為100字節，則甲立即發送給乙的TCP段的序號seq1＝ack＝2046和確認序號ack1＝seq+100＝2013,答案為B。 24.TCP為了實現可靠的服務，采用超時重傳、確認捎帶技術。其中，在確認信息中捎帶（）的序號以減少通信量。A．上一個已接收的報文 B．下一個希望接收的報文 C．正在發送的報文 D．下一個將要發送的報文 【答案】B查看答案【解析】TCP協議規定在正確的收到信息后要發送確認信息，在確認信息中可捎帶下一個希望接收到的報文。 25．下列關于SMTP協議的敘述中，正確的是（）。[2013年聯考真題]I．只支持傳輸7比特ASCII碼內容II．支持在郵件服務器之間發送郵件III．支持從用戶代理向郵件服務器發送郵件IV．支持從郵件服務器向用戶代理發送郵件A．僅I、II和IIIB．僅I、II和IVC．僅I、III和IVD．僅II、III和IV【答案】A【解析】根據下圖可知，SMTP協議支持在郵件服務器之間發送郵件，也支持從用戶代理向郵件服務器發送信息。SMTP協議只支持傳輸7比特的ASCII碼內容 26．在TCP／IP體系結構中，直接為ICMP提供服務的協議是（）。[2012年聯考真題]A．PPPB．IPC．UDPD．TCP【答案】B查看答案【解析】首先明確ICMP是網絡層的協議，由于服務必須是下一層向上一層提供服務的，因此選項C項中的UDP和選項D項中的TCP屬于傳輸層，在網絡層上面，所以顯然錯誤，而PPP協議是廣域網數據鏈路層協議，直接為網絡層，也就是IP層提供服務，ICMP協議是封裝在網絡層，因此PPP不能直接為ICMP提供服務，ICMP報文直接封裝在IP分組中，故答案是B。27．電話系統的典型參數是信道帶寬為3000Hz，信噪比為30dB，則該系統的最大數據傳輸速率為（）。A．3kbps B．6kbps C．30kbpsD．64kbps【答案】C查看答案【解析】電話系統的信道是有噪聲的信道，所以該題應該用香農公式來求解。香農定理：C=Wlog2（1+S/N）其中W表示帶寬3000HZ，S/N為信噪比，根據10lg（S/N）=30，可解得S/N=1000，帶入香農公式得系統的最大傳輸速率是C=3000*log2（1+1000）≈30kbps。28．在物理層接口特性中，用于描述完成每種功能的事件發生順序的是（）。[2012年聯考真題]A．機械特性B．功能特性C．過程特性D．電氣特性【答案】C查看答案【解析】物理層的主要任務描述為確定與傳輸媒體接口的一些特性；機械特性：主要定義物理連接的邊界點，即接插裝置；電氣特性：規定傳輸二進制位時，線路上信號的電壓高低、阻抗匹配、傳輸速率和距離限制；功能特性：主要定義各條物理線路的功能；規程特性：主要定義各條物理線路的工作規程和時序關系。而從題干可以分析描述事件先后順序的就是規程，也就是過程特性，答案是C。29．以太網的MAC協議提供的是（ ）。[2012年聯考真題]A．無連接不可靠服務B．無連接可靠服務C．有連接不可靠服務D．有連接可靠服務【答案】A查看答案【解析】考查以太網MAC協議，考慮到局域網信道質量好，以太網采取了兩項重要的措施以使通信更簡潔：①采用無連接的工作方式；②不對發送的數據幀進行編號，也不要求對方發回確認。因此，以太網提供的服務是不可靠的服務，即盡最大努力交付，差錯的糾正由高層完成。30．TCP為了提高效率，引入了滑動窗口協議來解決（ ）。A．端到端的流量控制B．整個網絡的擁塞控制 C．端到端的流量控制和網絡的擁塞控制D．整個網絡的差錯控制 【答案】A查看答案【解析】滑動窗口協議是用來解決流量控制的。TCP中采用的流量控制技術具體來說是可變長的滑動窗口協議。而擁塞控制則采用四種算法：慢啟動、擁塞避免、快重傳和快恢復。31．兩臺主機之間的數據鏈路層采用后退N幀協議（GBN）傳輸數據，數據傳輸速率為l6kbps，單向傳播時延為270ms，數據幀長度范圍是128～512字節，接收方總是以與數據幀等長的幀進行確認。為使信道利用率達到最高，幀序號的比特數至少為（）。[2012年聯考真題]A．5B．4C．3D．237【答案】B查看答案【解析】GBN的工作原理如下圖所示，本題求解的是發送一個幀到接收到這個幀的確認期間最多可以發送多少數據幀，要盡可能多發送幀，應以短的數據幀計算，注意幀的單位是字節，因此首先計算出發送一幀的時間t1＝128×8/16kbps＝64ms，故發送一幀到收到確認為止的總時間為;64+270*2+64＝668ms，這段時間總共可以發送668/64＝10.4（幀），為了保證發送幀序號和確認幀序號在此期間不重復，因此幀序號的比特數至少為4，答案為B32．下列關于IP路由器功能的描述中，正確的是（）。[2012年聯考真題]Ⅰ．運行路由協議，設置路由表；Ⅱ．監測到擁塞時，合理丟棄IP分組；Ⅲ．對收到的IP分組頭進行差錯校驗，確保傳輸的IP分組不丟失；Ⅳ．根據收到的IP分組的目的IP地址，將其轉發到合適的輸出線路上。A．僅Ⅲ、ⅣB．僅Ⅰ、Ⅱ、ⅢC．僅Ⅰ、Ⅱ、ⅣD．Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ【答案】C查看答案【解析】路由器的主要功能是路由和轉發，因此Ⅰ和Ⅳ是正確的，而針對Ⅱ和Ⅲ，可以從ICMP協議的差錯控制出發，注意檢測到擁塞時，合理丟棄IP分組，并回傳ICMP源抑制報文，Ⅱ是正確的，而Ⅲ對收到的IP分組頭進行差錯校驗，確保傳輸的IP分組不丟失，差錯校驗是正確的，但網絡層不保證IP分組不丟失，也就是不可靠的，因此Ⅲ的說法錯誤，正確的說法僅Ⅰ、Ⅱ、Ⅳ，因此答案是C。33．設TCP使用的最大窗口為64KB，即64×1024字節，而傳輸信道的帶寬可認為是不受限制的。若報文段的平均往返時延為20ms，則能得到的最大吞吐量是（ ）Mbps。 A．24．6 B．26．2 C．25．8 D．26．8【答案】B查看答案【解析】傳輸信道的帶寬可認為是不受限制的，那么發送延時可忽略不計。平均往返時延為20ms，則發送方每秒可發送數據=1／（20×10-3）=50次。最大吞吐量=每秒發送數據次數×最大窗口=50×64KB=50×64×1024×8=26．2Mbps34．ARP協議的功能是（ ）。[2012年聯考真題]A．根據IP地址查詢MAC地址B．根據MAC地址查詢IP地址C．根據域名查詢IP地址D．根據IP地址查詢域名【答案】A查看答案【解析】ARP協議是網絡層協議，因此只能和傳輸層和數據鏈路層有關系，從這一點出發，域名是應用層的范疇，CD兩項是不正確的，根據MAC地址查詢IP地址是RARP協議的功能，因此進而得出正確答案是A。35．某主機的IP地址為5，子網掩碼為。若該主機向其所在子網發送廣播分組，則目的地址可以是（）。[2012年聯考真題]A．B．55C．55D．55【答案】D。查看答案【解析】IPv4地址中的特殊地址，直接廣播地址，也就是把主機位全部設置為1，這里77的二進制是01001101，子網掩碼252的二進制是11111100，由此可以看到77的前6位作為子網位，后四位作為主機位，由此可以知道其廣播地址是l80.80.01001111.255，也就是l55，因此答案是D。36．以下關于自治系統的描述中，不正確的是（）。A．自治系統劃分區域的好處是將利用洪泛法交換鏈路狀態信息的范圍局限在每一個區域內，而不是整個自治系統B．采用分層次劃分區域的方法使交換信息的種類增多了，同時也使OSPF協議更加簡單了C．OSPF協議將一個自治系統再劃分為若干個更小的范圍，稱為區域D．在一個區域內部的路由器只知道本區域的網絡拓撲，而不知道其他區域的網絡拓撲的情況【答案】B查看答案【解析】采用分層次劃分區域的方法雖然使交換信息的種類增多了，同時也使0SPF協議更加復雜了。但這樣做卻能使每一個區域內部交換路由信息的通信量大大減小，因而使OSPF協議能夠用于規模很大的自治系統中。37．若用戶l與用戶2之間發送和接收電子郵件的過程如題37圖所示，則圖中①、②、③階段分別使用的應用層協議可以是（）。[2012年聯考真題]題37電子郵件發送接收示意圖A．SMTP、SMTP、SMTPB．POP3、SMTP、POP3C．POP3、SMTP、SMTPD．SMTP、SMTP、POP3【答案】D查看答案【解析】題中電子郵件的工作過程如下：①用戶l調用用戶代理來編輯要發送的郵件，用戶代理用SMTP將郵件傳送給用戶1的發送端郵件服務器。②發送端郵件服務器也就是用戶1的郵件服務器將郵件放入郵件緩存隊列中，等待發送。③運行在發送端郵件服務器的SMTP客戶進程，發現在郵件緩存中有待發送的郵件，就向運行在接收端郵件服務器也就是用戶2的郵件服務器的SMTP服務器進程發起TCP連接建立。當TCP連接建立后，SMTP客戶進程開始向遠程的SMTP服務器發送郵件。當所有的待發郵件發完了，SMTP就關閉所建立的TCP連接。④運行在接收端郵件服務器中的SMTP服務器進程收到郵件后，將郵件放人收信人的用戶郵箱中，等待收信人在他方便時進行讀取。收信人在打算收信時，調用用戶代理，使用POP協議將自己的郵件從接收端郵件服務器的用戶郵箱中取回（如果郵箱中有來信的話）。因此題中1，2，3階段分別使用的應用層協議可以是SMTP，SMTP，POP3，因此答案是D。SMTP采用“推”的通信方式，用于用戶代理向郵件服務器發送郵件、以及郵件服務器之間發送郵件。POP3采用“拉”的通信方式，用于用戶從目的郵件服務器上讀取郵件。38.TCP／IP參考模型的網絡層提供的是（）。[2011年聯考真題]A．無連接不可靠的數據報服務B．無連接可靠的數據報服務C．有連接不可靠的虛電路服務D．有連接可靠的虛電路服務【答案】A查看答案【解析】TCP/IP的網絡層向上只提供簡單靈活的、無鏈接的、盡最大努力交付的數據服務，因此答案是A。39．在HDLC協議中，若主站要求發送方對3號幀開始的所有幀進行重發，則相應的控制字段為 （ ）。A．1010P01l B．1001P011 C．1101P011D．1011P011 【答案】B查看答案【解析】本題主要考查HDLC幀格式。在HDLC幀中，控制字段一共包含了8位。其中監督幀可以執行對對信息幀的確認、請求重發信息幀和請求暫停發送信息幀等功能。若控制字段的第0、1位分別為1、0時，則對應的幀為監督幀，題39控制字段格式圖S幀共有4種，這取決于第2、3位的取值。當第2、3位取值為0、1時，監督幀為REJ幀，表示N（R）之后的數據幀都被否認，但是序號為N（R）-1之前的各幀都已經被確認。在本題中，要求重發第3幀之后的各幀，其中N（R）=011，因此，整個監督幀的控制字段為1001P011。40．若某通信鏈路的數據傳輸速率為2400bps，采用4相位調制，則該鏈路的波特率是（）。[2011年聯考真題]A．600波特B．1200波特C．4800波特D．9600波特【答案】B查看答案【解析】注意無噪聲下的碼元速率極限值B與信道帶寬H的關系：B＝2×H（Baud），而奈奎斯特公式——無噪信道傳輸能力公式是C＝2×H×log2N（bps），N為一個碼元所取的離散值個數。從而可以得到波特率與數據傳輸速率的關系，即C＝B×log2N（bps），在本題中數據傳輸速率C＝2400，N＝4，因此波特率是1200，答案是B。41．HDLC協議所采用的幀同步方法是（ ）。A．使用比特填充的首尾標志法 B．使用字符填充的首尾定界法 C．字節計數法 D．物理編碼違例法【答案】A查看答案【解析】HDLC（高級數據鏈路控制）協議是面向位的協議。HDLC規定采用位填充法，使一個幀中兩個標志字段之間不會出現6個連續的1。具體的方法是：用硬件掃描整個幀，若發現有5個連續的1，就插入一個0，在接收時，進行反變換，即每發現5個連續的1，則將此5個連續的1后面的0抹去。這樣，就可保證兩個標志F之間不會出現與F字段相同的位組合，從而實現了透明的傳輸。42．數據鏈路層采用選擇重傳協議（SR）傳輸數據，發送方已發送了0H3號數據幀，現已收到1號幀的確認，而0、2號幀依次超時，則此時需要重傳的幀數是（）。[2011年聯考真題]A．1B．2C．3D．4【答案】B查看答案【解析】在選擇重傳協議中，接收方逐個地確認正確接收的分組，不管接收到的分組是否有序，只要正確接收就發送選擇ACK分組進行確認。因此選擇重傳不支持累積確認，要特別注意其與GBN協議的區別。本題收到l號幀的確認，說明1號幀正確接收，0和2號幀依次超時，因此必須重傳，然而3號幀尚未超時，是否正確接收未知，故不用重傳，因此必須重傳0和2號幀，答案是B。43．下列選項中，對正確接收到的數據幀進行確認的MAC協議是（ ）。[2011年聯考真題]A．CSMAB．CDMAC．CSMA／CDD．CSMA／CA【答案】D查看答案【解析】可采用排除法。CDMA是碼分多址復用,是物理層的內容；CSMA/CD即帶沖突檢測的載波監聽多路訪問，接收方并不需要確認；CSMA/CD是CSMA的加強版，故CSMA也無確定；CSMA/CD是802.11中的協議，其利用ACK信號來避免沖突的發生，也就是說，只有當客戶端收到網絡上返回的ACK信號后才確認送出的數據已經正確到達目的地址，因此答案是D。44．若數據鏈路的發送窗口尺寸WT=4，在發送3號幀、并接到2號幀的確認幀后，發送方還可連續發送（ ）。A．2幀 B．3幀 C．4幀 D．1幀【答案】B。查看答案【解析】發送窗口是發送方已發送但尚未被確認的幀的序號隊列的界限。因為接到2號幀的確認幀，發送窗口尺寸WT=4，故此時該窗口只有3號幀，仍可持續發送3個幀。45．某網絡拓撲如下圖所示，路由器Rl只有到達子網l/24的路由。為使R1可以將IP分組正確地路由到圖中所有子網，則在R1中需要增加一條路由（目的網絡，子網掩碼，下一跳）是（）。[2011年聯考真題]A．，28，B．，， C．，28，D．，， 192.168,1,2【答案】D查看答案【解析】首先從題目給出的路由表項可以確定下一跳肯定是路由器R1直接相連的R2的地址，因此是,此時可以排除A和B兩個選項了。進而分析路由器R2所連接的網絡特點，注意其連接了2個網絡分別是l/25和28/25，但答案選項中只有一條信息，因此這里用到了超網的概念，超網是與子網類似的概念——IP地址根據子網掩碼被分為獨立的網絡地址和主機地址。但是，與子網把大網絡分成若干小網絡相反，它是把一些小網絡組合成一個大網絡——超網，這里0000000/25和0000000/25前24位是相同的，因此所構成的超網就是l/24，那么子網掩碼就是0000000即，因此答案是D。46．在回退N協議中，當幀序號為3比特，發送窗口的最大尺寸為（）。A．5 B．6 C．7 D．8【答案】C。查看答案【解析】只有在發送窗口的大小WT≤2m-1時（幀序號位數m），回退N幀協議才能正確運行。47．在子網l/30中，能接收目的地址為l的IP分組的最大主機數是（）。[2011年聯考真題]A．0B．1C．2D．4【答案】C查看答案【解析】每個子網中忽略子網內全為0和全為1的地址剩下的就是有效主機地址，本題中由于子網的比特數是30，因此用于主機的只有2位，即O0，01，10，11，有效主機地址是2個，這里顯然是其廣播地址，因此答案是C。48．主機甲向主機乙發送一個（SYN一1，seq一11220）的TCP段，期望與主機乙建立TCP連接，若主機乙接受該連接請求，則主機乙向主機甲發送的正確的TCP段可能是（ ）。[2011年聯考真題]A．（SYN＝0，ACK＝0，seq＝11221，ack＝11221）B．（SYN＝1，ACK＝1，seq＝11220，ack＝11220）C．（SYN＝1，ACK＝1，seq＝11221，ack＝11221）D．（SYN＝0，ACK＝0，seq＝11220，ack＝11220）【答案】C查看答案【解析】TCP是面向連接的，所謂面向連接，就是當計算機雙方通信時必需先建立連接，然后數據傳送，最后拆除三個過程，也就是客戶主動打開TCP傳輸，服務器被動打開。第一次握手：客戶發送SYN＝1，seq＝x給服務器，即客戶的TCP向服務器發出連接請求報文段，其首部中的同步位SYN＝1，并選擇序號seq＝x，表明傳送數據時的第一個數據字節的序號是x。第二次握手：服務器發送SYN＝1，ACK＝l，seq＝y，ack＝x+1給客戶，即服務器的TCP收到連接請求報文段后，如同意則發回確認。服務器在確認報文段中應使SYN＝1，使ACK＝1，其確認號ack＝x+1，自己選擇的序號seq＝y。第三次握手：客戶發送ACK＝1，seq＝x+1，ack＝y+1給服務器，即客戶收到此報文段后向服務器給出確認，其ACK＝1，確認號ack＝y+1。客戶的TCP通知上層應用進程，連接已經建立。服務器的TCP收到主機客戶的確認后，也通知其上層應用進程：TCP連接已經建立。因此，本題中x＝11220，y是主機乙自動選取的序號，可以與x相同，也可以不相同，從而主機乙所發出的TCP段應該是SYN＝1，ACK＝1，seq＝y，ack＝x+1，即SYN＝1，ACK＝1，seq＝y，ack＝11221，從而答案是C。49．一個信道的數據率為4kbps，單向傳播時延時間為20ms，使停等協議的信道最大利用率是50％，要求幀長至少為（）。A．160b B．80b C．320b D．100b【答案】A。查看答案【解析】設C為傳輸速率，L為幀長，R為單程傳播延時。則停等協議信道最大利用率為：故L=160b。50．主機甲與主機乙之間已建立一個TCP連接，主機甲向主機乙發送了3個連續的TCP段，分別包含300字節、400字節和500字節的有效載荷，第3個段的序號為900。若主機乙僅正確接收到第1和第3個段，則主機乙發送給主機甲的確認序號是（）。[2011年聯考真題]A．300B．500C．1200D．1400【答案】B查看答案【解析】本題考查TCP的確認機制，TCP首部的序號字段是指本報文所發送的數據的第一個字節的序號。本題中首先根據第3個段的序號為900，可以得出第2個段的序號為500，第l個段的序號為200，這里主機乙僅正確接收了第1段和第3段，這意味著第2段丟失，需要超時重傳，因此主機乙發送給主機甲的確認序號，也就是此時接收端期望收到的下一個數據包中第一個字節的序號應該是第二段的第一個字節的序號，也就是500，因此答案是B。51．下列選項中，不屬于網絡體系結構中所描述的內容是（）。[2010年聯考真題]A．網絡的層次B．每一層使用的協議C．協議的內部實現細節D．每一層必須完成的功能【答案】C查看答案【解析】體系結構僅規定協議的功能和消息格式，但對具體的實現細節由具體設備廠商來確定，對于網絡的層次，以及每一個層次的協議及其功能都是網絡體系結構所要描述的內容，因此答案為選項C。52．流量控制實際上是對的（）控制。A．發送方的數據流量  B．接收方的數據流量C．發送方、接收方的數據流量D．鏈路上任意兩節點間的數據流量 【答案】A查看答案【解析】流量控制是為了協調發送方和接收方對信息處理能力的一個技術。當發送方在一個相對速度較快或負載較輕的機器上運行，而接收方卻在一個相對速度較慢或負載較重的機器上運行時，就會出現發送方向接收方發送的消息，接收方確來不及接收的現象。這樣下去發送方發出的信息最終將會淹沒接收方，造成信息丟失而出錯。因此流量控制實際上就是限制發送方的數據流量，使其發送的速率不要超過接收方的處理速度。53．在下圖所示的采用“存儲一轉發”方式的分組交換網絡中，所有鏈路的數據傳輸速率為100Mbps，分組大小為1000B，其中分組頭大小20B，若主機Hl向主機H2發送一個大小為980000B的文件，則在不考慮分組拆裝時間和傳播延遲的情況下，從H1發送開始到H2接收完為止，需要的時間至少是（）。[2010年聯考真題]A．80msB．80.08msC．80.16msD．80.24ms【答案】C查看答案【解析】由題設可知，分組攜帶的數據長度為980B，文件長度為980000B，需拆分為1000個分組，加上頭部后，每個分組大小為1000B，總共需要傳送的數據量大小為lMB。由于所有鏈路的數據傳輸速度相同，因此文件傳輸經過最短路徑時所需時間最少，最短路徑經過分組交換機。當t＝1M×8/100Mbps＝80ms時，HI發送完最后一個比特；到達目的地，最后一個分組，需經過兩個分組交換機的轉發，每次轉發的時間為t0＝lK×8/100Mbps＝0.08ms，所以，在不考慮分組拆裝時間和傳播延時的情況下，當t＝80ms+2t0＝80.16ms時，H2接受完文件，即所需的時間至少為80.16ms。54．某自治系統內采用RIP協議，若該自治系統內的路由器R1收到其鄰居路由器R2的距離矢量，距離矢量中包含信息“<net1，16>”，則能得出的結論是（）。[2010年聯考真題]A．R2可以經過R1到達net1，跳數為17B．R2可以到達net1，跳數為16C．R1可以經過R2到達net1，跳數為17D．R1不能經過R2到達net1【答案】D查看答案【解析】RIP允許一條路徑最多只能包含l5個路由器，因此距離等于16時相當于不可達，因此RIP協議里規定16為路由不可達，答案為D。55．根據CSMA／CD協議的工作原理，下列情形中需要提高最短幀長度的是（）。A．網絡傳輸速率不變，沖突域的最大距離變短B．沖突域的最大距離不變，網絡傳輸速率提高C．上層協議使用TCP的概率增加D．在沖突域不變的情況下減少線路中的中繼器數量【答案】B。查看答案【解析】因為最短幀長度=2τ×C，τ為傳播時延，C為網絡傳輸速率。AD兩項可減少傳播時延，故降低最短幀長度。B項中雖然傳播時延不變，但網絡傳輸速率提高，故提高最短幀長度。56．若路由器R因為擁塞丟棄IP分組，則此時R可向發出該IP分組的源主機發送的ICMP報文件類型是（ ）。[2010年聯考真題]A．路由重定向B．目的不可達C．源抑制D．超時【答案】C查看答案【解析】當路由器或主機由于擁塞而丟棄數據報時，就向源點發送源點抑制報文，使源點知道把數據報的發送速率放慢，正確選項為C。57．某網絡的IP地址空間為/24，采用定長子網劃分，子網掩碼為48，則該網絡的最大子網個數、每個子網內的最大可分配地址個數分別是（）。[2010年聯考真題]A．32，8B．32，6C．8，32D．8，30【答案】B查看答案【解析】子網號為5位，在CIDR中可以表示25＝32個子網，主機號為3位，除去全0和全1的情況可以表示6個主機地址，答案為B。58．下列網絡設備中，能夠抑制廣播風暴的是（）。Ⅰ．中繼器Ⅱ．集線器Ⅲ．網橋Ⅳ．路由器[2010年聯考真題]A．僅Ⅰ和ⅡB．僅ⅢC．僅Ⅲ和ⅣD．僅Ⅳ【答案】D查看答案【解析】中繼器和集線器工作在物理層，不能抑制網絡風暴。為了解決沖突域的問題，提高共享介質的利用率，通常利用網橋和交換機來分隔互聯網的各個網段中的通信量，以建立多個分離的沖突域。但是，當網橋和交換機接收到一個未知轉發信息的數據幀時，為了保證該幀能被目的結點正確接收，將該幀從所有的端口廣播出去。于是可以看出，網橋和交換機的沖突域等于端口的個數，廣播域為1。因此網橋不能抑制網絡風暴。59．主機甲和主機乙之間已建立了一個TCP連接，TCP最大段長度為1000字節，若主機甲的當前擁塞窗口為4000字節，在主機甲向主機乙連續發送兩個最大段后，成功收到主機乙發送的對第一個段的確認段，確認段中通告的接收窗口大小為2000字節，則此時主機甲還可以向主機乙發送的最大字節數是（）。[2010年聯考真題]A．1000B．2000C．3000D．4000【答案】A查看答案【解析】發送方的發送窗口的上限值應該取接收方窗口和擁塞窗口這兩個值中較小的一個，于是此時發送方的發送窗口為min{4000，2000）＝2000字節，由于發送方還沒有收到第二個最大段的確認，所以此時主機甲還可以向主機乙發送的最大字節數為2000-1000＝1000字節，正確選項為A。60．以大網交換機根據（）轉發數據包。A．IP地址 B．MAC地址 C．LLC地址 D．PORT地址【答案】B。查看答案【解析】交換機根據目標MAC地址，查找MAC地址列表，進而轉發數據的。路由器根據IP地址轉發數據包，端口地址用戶確定接收特定數據的主機進程。61．如果本地域名服務無緩存，當采用遞歸方法解析另一網絡某主機域名時，用戶主機、本地域名服務器發送的域名請求消息數分別為（）。[2010年聯考真題]A．1條，1條B．1條，多條C．多條，1條D．多條，多條【答案】A查看答案【解析】所謂遞歸查詢方式就是：如果主機所詢問的本地域名服務器不知道被查詢域名的IP地址，那么本地域名服務器就以DNS客戶的身份向其他服務器繼續發出查詢請求報文，而不是讓該主機自行下一步的查詢。所以主機只需向本地域名服務器發送一條域名請求，采用遞歸查詢方法，本地域名服務器也只需向上一級的根域名服務器發送一條域名請求，然后依次遞歸。正確選項為A。62．在OSI參考模型中，自下而上第一個提供端到端服務的層次是（）。[2009年聯考真題]A．數據鏈路層B．傳輸層C．會話層D．應用層【答案】B查看答案【解析】題目中指明了這一層能夠實現端到端傳輸，也就是端系統到端系統的傳輸，數據鏈路層主要負責傳輸路徑上相鄰結點間的數據交付，這些結點包括了交換機和路由器等數據通信設備，這些設備不能被稱為端系統，因此數據鏈路層不滿足題意。題目中指明了這一層能夠實現傳輸，會話層只是在兩個應用進程之間建立會話而已，應用層只是提供應用進程之間通信的規范，都不涉及傳輸。所以本題答案應該是B項。在OSI模型中網絡層提供的是主機到主機的通信服務。63．一個主機有兩個IP地址，一個地址是5，另一個地址可能是（ ）。 A． B．6 C．5D．4 【答案】C查看答案【解析】本題主要考查對IP地址分類和網絡互聯的理解。在Internet中，允許一臺主機有兩個或兩個以上IP地址。如果一臺主機有兩個或兩個以上IP地址，說明這個主機屬于兩個或兩個以上的邏輯網絡。A、B、D的IP地址網絡號與題目IP地址網絡號相同，因此不可能會出現在同一主機上，否則會引起IP地址沖突。只有C符合題意。64．在無噪聲情況下，若某通信鏈路的帶寬為3kHz，采用4個相位，每個相位具有4種振幅的QAM調制技術，則該通信鏈路的最大數據傳輸速率是（ ）。[2009年聯考真題]A．12kbpsB．24kbpsC．48kbpsD．96kbps【答案】B查看答案【解析】首先要根據信道有無噪聲來確定是否采用奈奎斯特定理。解題難點在于離散數值的確定，先確定調制技術的碼元數，此處為4個相位乘以4種振幅，共16種，即該通信鏈路的最大數據傳輸速率＝2×3×㏒2（4×4）＝6×4＝24kbps。65．ARP協議的功能是（ ）。A．根據以太網地址找到IP地址 B．根據IP地址找到MAC地址C．根據IP地址找到域名 D．根據域名找到IP地址【答案】B。查看答案【解析】ARP是地址解析協議，其功能已知目的主機IP地址時，如何找到對應的主機MAC地址。A項是RARP協議的功能，D項是DNS協議的功能。66．數據鏈路層采用后退N幀（GBN）協議，發送方已經發送了編號為0～7的幀。當計時器超時，若發送方只收到0、2、3號幀的確認，則發送方需要重發的幀數是（）。[2009年聯考真題]A．2B．3C．4D．5【答案】C查看答案【解析】后退N幀協議，即GO-BACK—N策略的基本原理是，當接收方檢測出失序的信息幀后，要求發送方重發最后一個正確接收的信息幀之后的所有未被確認的幀；或者當發送方發送了N個幀后，若發現該N幀的前一個幀在計時器超時后仍未返回其確認信息，則該幀被判為出錯或丟失，此時發送方就不得不重新發送出錯幀及其后的N幀。本題收到3號幀的確認，說明0，1，2，3號幀已經收到，丟失的是4，5，6，7號幀，共4幀。因此答案為C項。6