云南省曲靖市鳳山中學高三物理聯考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，有一矩形線圈的面積為S，匝數為N，內阻不計，繞軸在水平方向的磁感應強度為B的勻強磁場中以角速度ω做勻速轉動，從圖示位置開始計時。矩形線圈通過滑環接一理想變壓器，滑動接頭P上下移動時可改變輸出電壓，副線圈接有可調電阻R，下列判斷正確的是（

）A.矩形線圈產生的感應電動勢的瞬時值表達式為e=NBSωcosωtB.矩形線圈從圖示位置經過π/2ω時間時，通過電流表的電荷量為零C.當P位置不動R增大時，電壓表讀數也增大D.當P位置向上移動、R不變時，電流表讀數減小參考答案：A2.如圖所示，在等量異種電荷形成的電場中，畫一正方形ABCD，對角線AC與兩點電荷連線重合，兩對角線交點O恰為電荷連線的中點。下列說法中正確的是

A．B、D兩點的電場強度相同B．A點的電場強度大于C點的電場強度且兩點電場強度方向相同C．一電子在B點的電勢能大于在C點的電勢能D．一電子沿對角線B→O→D路徑移動電場力不做功參考答案：AD3.（單選）A、B兩輛汽車在平直公路上朝同一方向運動，如圖所示為兩車運動的v-t圖象，下面對陰影部分的說法正確的是（）A．若兩車從同一點出發，它表示兩車再次相遇前的最大距離B．若兩車從同一點出發，它表示兩車再次相遇前的最小距離C．若兩車從同一點出發，它表示兩車再次相遇時離出發點的距離D．表示兩車出發時相隔的距離參考答案：A解析在v-t圖象中，圖象與時間軸所包圍的圖形的“面積”表示位移，兩條線的交點為二者速度相等的時刻，若兩車從同一點出發，則題圖中陰影部分的“面積”就表示兩車再次相遇前的最大距離，故A正確，BCD錯誤．故選A4.把火星和地球都視為質量均勻分布的球體。已知地球半徑約為火星半徑的2倍，地球質量約為火星質量的10倍。由這些數據可推算出

(

)

A.地球表面和火星表面的重力加速度之比為5：1

B.地球表面和火星表面的重力加速度之比為10：1

c.地球和火星的第一宇宙速度之比為：1

D.地球和火星的第一宇宙速度之比為：1參考答案：C5.（多選）下列說法中正確的是_________。

A．電磁波在同種介質中只能沿直線傳播

B．單擺經過平衡位置時，合外力為零

C．機械波的傳播周期與機械波中的質點做簡諧運動的周期相等

D．做簡諧運動的物體在半個周期內經過的路程一定為振幅的2倍

E．觀察者向波源靠近，觀察者感覺波源的頻率變大參考答案：CDEA、電磁波在同種均勻介質中沿直線傳播，若不均勻，傳播路徑會改變，故A錯誤；B、單擺經過平衡位置時，重力和拉力的合力提供向心力，不為零，故B錯誤；C、機械波的傳播周期性是質點振動周期性的反映，機械波的傳播周期與機械波中的質點做簡諧運動的周期相等，故C正確；D、做簡諧運動的物體在半個周期內經過的路程一定為振幅的2倍，一個周期內通過的路程為振幅的四倍，故D正確；E、根據多普勒效應，觀察者向波源靠近，觀察者感覺波源的頻率變大，故E正確。故選CDE。二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.（8分）如圖所示，四個相同的電流表分別改裝成兩個安培表和兩個伏特表。安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它們按圖接入電路，則安培表A1的讀數

安培表A2的讀數；安培表A1的偏轉角

安培表A2的偏轉角；伏特表V1的讀數

伏特表V2的讀數；伏特表V1的偏轉角

伏特表V2的偏轉角；（填“大于”，“小于”或“等于”）參考答案：大于，等于，大于，等于7.22.（4分）如圖所示甲、乙兩圖為常用的電流表和電壓表的刻度盤，在甲圖中如果接入電路的“+”和“-0.6”兩個接線柱，則表的示數為_____，如果接入電路的是“+”和“-3”兩個接線柱，則表的示數為_____.在乙圖中，若選用的量程為0～15V，則表的示數為_____，若選用的量程為0～3V，則表的示數為_____.

參考答案：8.某同學做《共點的兩個力的合成》實驗作出如圖（11）所示的圖，其中A為固定橡皮條的固定點，O為橡皮條與細繩的結合點，圖中______________是F1、F2合力的理論值，________________是合力的實驗值，需要進行比較的是____________________________________，通過本實驗，可以得出結論：在誤差允許的范圍________________________________是正確的。參考答案：）F；F′；F與F′的大小是否相等，方向是否一致；力合成的平等四邊形定則。9.（6分）某同學做了一個小實驗：先把空的燒瓶放到冰箱冷凍，一小時后取出燒瓶，并迅速把一個氣球緊密的套在瓶頸上，然后將燒瓶放進盛滿熱水的燒杯里，氣球逐漸膨脹起來，如圖所示。這是因為燒瓶里的氣體吸收了水的

，溫度

，體積

。參考答案：熱量，升高，增大解析：當用氣球封住燒瓶，在瓶內就封閉了一定質量的氣體，當將瓶子放到熱水中，瓶內氣體將吸收水的熱量，增加氣體的內能，溫度升高，由理氣方程可知，氣體體積增大。10.如圖所示，兩條平行金屬導軌ab、cd置于磁感應強度B=0.5T的勻強磁場中，兩導軌間的距離l=0.6m，導軌間連有電阻R。金屬桿MN垂直置于導軌上，且與軌道接觸良好，現使金屬桿MN沿兩條導軌向右勻速運動，產生的感應電動勢為3V。由此可知，金屬桿MN滑動的速度大小為 m/s；通過電阻R的電流方向為

（填“aRc”或“cRa”）。參考答案：11.（單選）氣體內能是所有氣體分子熱運動動能和勢能的總和，其大小與氣體的狀態有關，分子熱運動的平均動能與分子間勢能分別取決于氣體的()A.溫度與體積

B．體積和壓強

C.溫度和壓強

D．壓強和溫度參考答案：A12.平行板電容器所帶量Q=4×l0-8C，它的兩極板之間電壓U=2v，則它的電容為

F；如果電量減少一半，則兩板間電勢差變為

V。參考答案：2×10-8F

1V電容；當電量減小一半，電容不變，則電勢差；13.用電磁打點計時器、水平木板（包括定滑輪）、小車等器材做“研究小車加速度與質量的關系”的實驗。下圖是某學生做該實驗時小車即將釋放之前的實驗裝置圖，該圖中有4處錯誤，它們分別是：①___________________________；②___________________________；③___________________________；④___________________________。（2）某實驗小組設計了如圖（a）所示的實驗裝置，通過改變重物的質量，利用計算機可得滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關系圖像。他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如圖（b）所示。滑塊和位移傳感器發射部分的總質量m=

kg；滑塊和軌道間的動摩擦因數μ=

（重力加速度g取10m/s2）。參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（6分）一定質量的理想氣體，在絕熱膨脹過程中

①對外做功5J，則其內能（選填“增加”或“減少”）,

J.

②試從微觀角度分析其壓強變化情況。參考答案：答案：①減少，5；②氣體體積增大，則單位體積內的分子數減少；內能減少，則溫度降低，其分子運動的平均速率減小,則氣體的壓強減小。（4分要有四個要點各占1分；單位體積內的分子數減少；溫度降低；分子運動的平均速率減小；氣體的壓強減小。）15.(8分)如圖所示，有四列簡諧波同時沿x軸正方向傳播，波速分別是v、2v、3v和4v，a、b是x軸上所給定的兩點，且ab＝l。在t時刻a、b兩點間四列波的波形分別如圖所示，則由該時刻起a點出現波峰的先后順序依次是圖

；頻率由高到低的先后順序依次是圖

。參考答案：

BDCA

DBCA四、計算題：本題共3小題，共計47分16.在豎直平面直角坐標系xOy內，第Ⅰ象限存在沿y軸正方向的勻強電場E1，第Ⅲ、Ⅳ象限存在沿y軸正方向的勻強電場E2（E2=），第Ⅳ象限內還存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場B1，第Ⅲ象限內存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場B2．一帶正電的小球（可視為質點）從坐標原點O以某一初速度v進入光滑的半圓軌道，半圓軌道在O點與x軸相切且直徑與y軸重合，如圖所示，小球恰好從軌道最高點A垂直于y軸飛出進入第Ⅰ象限的勻強電場中，偏轉后經x軸上x=R處的P點進入第Ⅳ象限磁場中，然后從y軸上Q點（未畫出）與y軸正方向成60°角進入第Ⅲ象限磁場，最后從O點又進入第一象限電場．已知小球的質量為m，電荷量為q，圓軌道的半徑為R，重力加速度為g．求：（1）小球的初速度大小；（2）電場強度E1的大小；（3）B1與B2的比值．參考答案：解：（1）小球恰好從軌道最高點A垂直于y軸飛出，則小球在A點軌道對小球的作用力為零，即重力作為向心力，則有：；又有小球在光滑軌道上運動，只有重力做功，那么機械能守恒，所以有：=；解得：；（2）小球在第一象限只收電場力和重力的作用，合外力F=mg﹣qE1，方向豎直向下，故小球做類平拋運動；在水平方向上有：x=vAt；在豎直方向上有：；所以，====；（3）由（2）可得小球進入第四象限時速度v′的水平分量為：；v′的豎直分量為：；所以，，v′與x軸正向之間的夾角為60°；小球在第三、第四象限所受的電場力F電=qE2=mg，故小球的合外力為洛倫茲力，所以，小球在洛倫茲力的作用下做圓周運動，如圖所示，那么由圖上幾何關系可知，小球在第四象限做圓周運動的半徑R1有關系式：R1sin30°+R1cos30°=x，所以，；小球在第三象限做圓周運動的半徑R2有關系式：2R2cos30°=R1sin30°+R1cos30°=x，所以，；又有洛倫茲力做向心力，所以，，；所以，；答：（1）小球的初速度大小為；（2）電場強度E1的大小為；（3）B1與B2的比值為．【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動．【分析】（1）由牛頓第二定律求得小球在A點的速度，再根據機械能守恒求得初速度；（2）分析小球受力情況，然后由類平拋的位移公式聯立求解電場強度；（3）由（2）求得小球進入第四象限的速度大小和方向，然后根據幾何關系求得小球在第三、第四象限的半徑比，在對小球進行受力分析，應用牛頓第二定律即可求得磁感應強度之比．17.如圖14所示，斜面體固定在水平面上，斜面光滑，傾角為θ，斜面底端固定有與斜面垂直的擋板，木板下端離地面高H，上端放著一個小物塊．木板和物塊的質量均為m，相互間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力kmgsinθ(k>1)，斷開輕繩，木板和物塊沿斜面下滑．假設木板足夠長，與擋板發生碰撞時，時間極短，無動能損失，空氣阻力不計．求：圖14(1)木板第一次與擋板碰撞彈起上升過程中，物塊的加速度；(2)從斷開輕繩到木板與擋板第二次碰撞的瞬間，木板運動的路程s；(3)從斷開輕繩到木板和物塊都靜止，摩擦力對木板及物塊做的總功W.參考答案：(1)設木板第一次上升過程中，物塊的加速度為a物塊由牛頓第二定律kmgsinθ－mgsinθ＝ma物塊解得a物塊＝(k－1)gsinθ，方向沿斜面向上．(2)設以地面為零勢能面，木板第一次與擋板碰撞時的速度大小為v1由機械能守恒得：×2mv＝2mgH解得v1＝設木板彈起后的加速度為a板，由牛頓第二定律得：a板＝－(k＋1)gsinθ木板第一次彈起的最大路程s1＝＝木板運動的路程s＝＋2s1＝.(3)設物塊相對木板滑動距離為L根據能量守恒mgH＋mg(H＋Lsinθ)＝kmgsinθL摩擦力對木板及物塊做的總功W＝－kmgsinθL解得W＝－.答案(1)(k－1)gsinθ沿斜面向上(2)(3)－18.如圖所示，兩個同心圓半徑分別為r和2r，在兩圓之間的環形區域內存在垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B．圓心0處有一放