廣東省潮州市溪口聯僑中學2021-2022學年高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.物體做平拋運動時，下列描述物體速度變化量大小△v移隨時間t變化的圖像，可能正確的是參考答案：D2.被壓癟但尚未破裂的乒乓球放在熱水里泡一會兒，就會重新鼓起來。這過程乒乓球內的氣體_________。（填選項前的字母）

A．吸熱，對外做功，內能不變

B．吸熱，對外做功，內能增加

C．溫度升高，體積增大，壓強不變

D．壓強增大，單位體積分子數增大參考答案：B3.質量分別為m1和m2、電荷量分別為q1和q2的兩粒子在同一勻強磁場中做勻速圓周運動，已知兩粒子的動量大小相等。下列說法正確的是A.若q1=q2，則它們作圓周運動的半徑一定相等B.若m1=m2，則它們作圓周運動的周期一定相等C.若q1≠q2，則它們作圓周運動的半徑一定不相等D.若m1≠m2，則它們作圓周運動的周期一定不相等參考答案：A4.下面關于加速度的描述中正確的是(

)A．加速度描述了物體速度變化的多少B．加速度方向與速度方向相反時物體做減速運動C．加速度在數值上等于單位時間里速度大小的變化D．加速度減小時物體一定做減速運動參考答案：B5.（多選）如圖為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，P為0.9m處的質點，Q為2.2m處的質點。若經歷△t=0.1s，P質點恰好第一次運動到波谷，則下列說法正確的是（）A．該波的周期T=0.125sB．該波的傳播速度為v=14m/sC．從t=0時刻再經歷1s，P質點向前傳播的距離為14mD．從t=0時刻再經歷0.052s，Q質點一定向上振動參考答案：BD二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，足夠長的斜面傾角θ=37°，一物體以v0=24m/s的初速度從斜面上A點處沿斜面向上運動；加速度大小為a=8m/s2，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則物體沿斜面上滑的最大距離x=9m，物體與斜面間的動摩擦因數μ=0.25．參考答案：考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系．專題：牛頓運動定律綜合專題．分析：（1）根據勻變速直線運動的速度位移公式求出物體沿斜面上滑的最大距離．（2）根據牛頓第二定律，結合沿斜面方向上產生加速度，垂直斜面方向上合力為零，求出動摩擦因數的大小．解答：解：（1）由運動學公式得：==36m（2）由牛頓第二定律得有：沿斜面方向上：mgsinθ+f=ma…（1）垂直斜面方向上：mgcosθ﹣N=0…（2）又：f=μN…（3）由（1）（2）（3）得：μ=0.25

故答案為：9m．0.25．點評：本題考查了牛頓第二定律和運動學公式的綜合運用，知道加速度是聯系力學和運動學的橋梁．7.兩列簡諧波分別沿x軸正方向和負方向傳播，波速均為υ＝0.4m/s，波源的振幅均為A＝2cm。如圖所示為t＝0時刻兩列波的圖像，此刻平衡位置在x＝0.2m和x＝0.8m的P、Q兩質點恰好開始振動。質點M的平衡位置位于x＝0.5m處。則兩列波相遇的時刻為t＝______s，當t＝2.0s時質點M運動的路程為_______cm。參考答案：0.75，20

8.如圖所示，是一列橫波在某一時刻的波形圖象．已知這列波的頻率為5Hz，此時的質點正向軸正方向振動，由此可知：這列波正在沿軸

(填“正”或“負”)方向傳播，波速大小為

m/s.參考答案：負，109.利用油膜法可粗略測寫分子的大小和阿伏加德羅常數。若已知n滴油的總體積為v，一滴油所形成的單分子油膜的面積為S，這種油的摩爾質量為，密度為.則可求出一個油分子的直徑d=

△△；阿伏加德羅常數=△△

。參考答案：

10.如圖所示是一定質量的理想氣體狀態變化過程中密度隨熱力學溫度變化的曲線，則由圖可知：從A到B過程中氣體

（吸熱、放熱），從B到C過程中，氣體的壓強與熱力學溫度的關系為

（P與T成正比，P與T的平方成正比）參考答案：吸熱

P與T的平方成正比11.（多選）一個質量為m的物體以某一速度從固定斜面底端沖上傾角的斜面，其加速度為g，如圖此物體在斜面上上升的最大高度為h，則此過程中正確的是

A．物體動能增加了B．物體克服重力做功mghC．物體機械能損失了mghD.物體克服摩擦力做功參考答案：BC解析：A、物體在斜面上加速度為，方向沿斜面向下，物體的合力F合=ma=，方向沿斜面向下，斜面傾角a=30°，物體從斜面底端到最大高度處位移為2h，

物體從斜面底端到最大高度處，物體合力做功W合=-F合?2h=-mgh根據動能定理研究物體從斜面底端到最大高度處得W合=△Ek所以物體動能減小mgh，故A錯誤．B、根據功的定義式得：重力做功WG=-mgh，故B正確．C、重力做功量度重力勢能的變化，所以物體重力勢能增加了mgh，而物體動能減小mgh，所以物體機械能損失了mgh，故C正確．D、除了重力之外的力做功量度機械能的變化．物體除了重力之外的力做功還有摩擦力做功，物體機械能減小了mgh，所以摩擦力做功為-mgh，故D錯誤．故選：BC．12.一只木箱在水平地面上受到水平推力F作用，在5s內F的變化和木箱速度的變化如圖中（a）、（b）所示，則木箱的質量為_______________kg，木箱與地面間的動摩擦因數為_______________.（g=10m/s2）參考答案：25；0.213.在勻強電場中建立空間坐標系O﹣xyz，電場線與xOy平面平行，與xOz平面夾角37°，在xOz平面內有A、B、C三點，三點連線構成等邊三角形，其中一邊與Ox軸重合．已知點電荷q=﹣1.0×10﹣8C在A點所受電場力大小為1.25×10﹣5N；將其從A點移到B點過程中克服電場力做功2.0×10﹣6J，從B點移到C點其電勢能減少4.0×10﹣6J，則A、B、C三點中電勢最高的點是

點，等邊三角形的邊長為

m．（cos37°=0.8，sin37°=0.6）參考答案：C；0.4．【考點】電勢差與電場強度的關系；勻強電場中電勢差和電場強度的關系．【分析】根據電場力做功正負分析電勢能的變化，結合推論：負電荷在電勢高處電勢能小，在電勢低處電勢能大，分析電勢的高低．由電場力做功公式求等邊三角形的邊長．【解答】解：將負點電荷從A點移到B點過程中克服電場力做功2.0×10﹣6J，電勢能增大2.0×10﹣6J，從B點移到C點其電勢能減少4.0×10﹣6J，所以C點的電勢能最小，由推論：負電荷在電勢高處電勢能小，在電勢低處電勢能大，則C點的電勢最高．由于點電荷從B移動到C電勢能變化量最大，由等邊三角形的對稱性可知，BC邊應與x軸重合，設等邊三角形的邊長為L．從B點移到C點電場力做功W=4.0×10﹣6J已知點電荷q=﹣1.0×10﹣8C在A點所受電場力大小為F=1.25×10﹣5N，由W=FLcos37°得L===0.4m故答案為：C；0.4．三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖所示，一端帶有滑輪的粗糙長木板，1、2是固定在木板上的兩個光電門，中心間的距離為L．質量為M的滑塊A上固定一寬度為d的遮光條，在質量為m的重物B牽引下從木板的頂端加速滑下，光電門1、2記錄遮光時間分別為△t1和△t2．（1）用此裝置驗證牛頓第二定律，且認為滑塊A受到合外力的大小等于重物B所受的重力，實驗中除了調整長木板傾斜角剛好平衡滑動摩擦力外，還必須滿足M＞＞m；（2）實驗測得的加速度為（）．（用上述字母表示）；（3）若考慮到d不是遠小于L，則加速度測量值比真實值大（填“大”或“小”）．參考答案：【考點】：驗證牛頓第二運動定律．【專題】：實驗題；牛頓運動定律綜合專題．【分析】：為了認為A所受的外力合力等于B的重力，首先需要平衡摩擦力，其次是重物的質量遠小于滑塊的質量．根據極短時間內的平均速度等于瞬時速度求出滑塊通過光電門1、2的瞬時速度，結合速度位移公式求出加速度．：解：（1）根據牛頓第二定律，對整體有：a=，則繩子的拉力F=Ma==，當M＞＞m，重物的總重力等于繩子的拉力，等于滑塊的合力．（2）滑塊通過光電門1的瞬時速度，通過光電門2的瞬時速度為：，根據，解得：a=（）．（3）若考慮到d不是遠小于L，兩個中間時刻的實際距離大于L，而測量值為L，所以加速度的測量值比真實值大．故答案為：（1）M＞＞m；（2）（）；（3）大．【點評】：解決本題的關鍵知道驗證牛頓第二定律實驗中的兩個認為：1、認為繩子的拉力等于滑塊的合力，（前提需平衡摩擦力），2、認為重物的拉力等于繩子的拉力，（前提是重物的質量遠小于滑塊的質量）．以及知道系統機械能守恒的條件，知道該實驗中系統機械能不守恒，因為有阻力做功．15.用圖甲的裝置研究小車沿斜面在不同材料表面運動的情況．圖乙是某同學在實驗中獲得的一條紙帶．打點計時器的電源頻率為50Hz．①圖乙中A至N各點是打點計時器在紙帶上連續打下的點，根據刻度尺上的數據可以判斷，小車在A、E間（板面）做_____________運動，在F、N間（布面）做

運動，M點對應的小車速度為__________m/s.（結果保留2位有效數字）②若已知斜面的傾角為θ，小車的質量為m，在布面上運動時加速度的大小為a，重力加速度為g，則小車在布面上所受的阻力的表達式為_______________________.參考答案：①勻速直線，勻減速直線、；

②：①根據刻度尺上的數據可以判斷，小車在A、E間做勻速直線運動；在F、N間（布面）做勻減速直線運動；勻減速直線運動瞬時速度可以用該一段上的平均速度來表示，故；②由牛頓第二定律可得：解得：故答案為：①勻速直線，勻減速直線、；

②。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.粒子擴束裝置如圖甲所示，由粒子源、加速電場、偏轉電場和偏轉磁場組成。粒子源A產生相同的帶正電粒子(粒子質量為m，電荷量為q，其所受重力不計)由靜止開始，經加速電場加速后，連續不斷地沿平行于導體板的方向從兩極板正中央射入偏轉電場。偏轉電場的極板間距為d，偏轉電場的電壓如圖乙所示(已知偏轉電場的周期為T，偏轉電場的電壓最大值)，加速電場的電壓為。偏轉磁場水平寬度為、豎直長度足夠大，磁場右邊界為豎直放置的熒光屏，磁場方向垂直紙面向外。已知粒子通過偏轉電場的時間為T.不考慮粒子間相互作用。求：(1)偏轉電場的極板長度L1(2)粒子射出偏轉電場的最大側移量)ymax(3)求磁感應強度B為多少時，粒子能打到熒光屏上盡可能低的位置，求最低位置離中心點O的距離h。參考答案：

17.如圖所示，寬為L=1m、高為h=7.2m、質量為M=8kg，上表面光滑的木箱在水平地面上運動，木箱與地面間的動摩擦因數為。當木箱速度為v0=3m/s時，在木箱上表面的右端輕輕地放上一個質量m=2kg的光滑小鐵塊（可視為質點），g取10m/s2。求：（1）小鐵塊與木箱脫離時長木箱的速度大小v1；（2）小鐵塊剛著地時與木箱左端的距離s。參考答案：（1）小鐵塊在木箱上的過程，對木箱利用動能定理得：

①………5分 代入數值得v1=2m/s

②………3分 （2）鐵塊離開木箱后做自由落體運動，下落時間為

③………3分 鐵塊離開后木箱的加速度大小為

④………2分 從鐵塊離開到木箱停下所用的時間為

⑤………2分 因為，所以，木箱靜止后，鐵塊才著地，故鐵塊著地時與木塊左端距離

⑥………2分 代入數值解得s2=1m

18.（計算）（2013?漳州模擬）如圖所示，在真空室中平面直角坐標系的y軸豎直向上，x軸上的P點與Q點關于坐標原點O對稱，PQ間的距離d=30cm．坐標系所在空間存在一勻強電場，場強的大小E=1.0N/C．一帶電油滴在xOy平面內，從P點與x軸成30°的夾角射出，該油滴將做勻速直線運動，已知油滴的速度v=2.0m/s射出，所帶電荷量q=1.0×10﹣7C，重力加速度為g=10m/s2．（1）求油滴的質量m．（2）若在空間疊加一個垂直于xOy平面的圓形有界勻強磁場，使油滴通過Q點，且其運動軌跡關于y軸對稱．已知磁場的磁感應強度大小為B=2.0T，求：a．油滴在磁場中運動的時間t；b．圓形磁場區域的最小面積S．參考答案：（1）求油滴的質量m為1.0×10﹣8kg．（2）a．油滴在磁場中運動的時間為；b．圓形磁場區域的最小面積S為7.9×10﹣3m2．帶電粒子在勻強磁場中的運動；牛頓第二定律；向心力．解：（1）對帶電油滴進行受力分析，根據牛頓運動定律有qE﹣mg=0所以kg（2）帶電油滴進入勻強磁場，其軌跡如圖所示，設其做勻速圓周運動設圓周運動的半徑為R、運動周期為T、油滴在磁場中運動的時間為t，根據牛頓第二定律：所以m所以s設帶電油滴從M點進入磁場，從N點射出磁場，由于油