第=page11頁，共=sectionpages11頁2022-2023學年江西省贛州市高一（下）期末物理試卷1.下列關于物體做曲線運動的說法正確的是(

)A.速度一定變化，加速度也一定變化

B.速度一定變化，且物體一定有加速度

C.速度大小可以不變，所以物體不一定有加速度

D.在恒力作用下，物體不可能做曲線運動2.一帶電粒子從電場中的A點運動到B點，徑跡如圖中虛線所示，實線為電場中的三條電場線，不計粒子所受的重力，下列說法正確的是(

)

A.該粒子帶正電荷 B.A點的場強大于B點的場強

C.粒子速度逐漸減小 D.A點的加速度大于B點的加速度3.如圖所示，質量為m、電荷量為Q的帶電小球A用絕緣細線懸掛于O點，另一個帶電荷量為q的帶電小球B固定于O點的正下方，已知繩長OA為2l，O到B點的距離為l，平衡時A、B帶電小球處于同一高度，兩帶電小球可視為點電荷。已知重力加速度為g，靜電力常量為k，則下列說法正確的是(

)

A.A、B間庫侖力大小為kQql2

B.帶電小球B在A處產生的電場強度大小為kQ3l24.潛艇從海水的高密度區駛入低密度區。浮力急劇減小的過程稱為“掉深”。如圖a所示，某潛艇在高密度區水平向右勻速航行，t=0時，該撈艇開始“掉深”，潛艇“掉深”后其豎直方向的速度vy，隨時間變化的圖像如圖b，水平速度vx保持不變，若以水平向右為x軸，豎直向下為y軸，則帶艇“掉深”后的0～30A. B.

C. D.5.小物塊置于粗糙水平面上，水平方向上受到拉力F的作用，拉力F與時間t的關系和物塊的速度v與時間t的關系分別如圖甲、乙所示，若重力加速度g取10m/s2，根據圖象所提供的信息，下列說法正確的是(

)

A.物塊在4s內的總位移x=8m B.物塊的質量m=0.5kg

C.前2s內克服摩擦力的平均功率為6.如圖所示，公園里一個小孩在蕩秋千，懸掛秋千的兩根細線平行，小孩質量為m(小孩可視為質點)，空氣阻力和摩擦力可忽略，重力加速度為g.在最高點時細線與豎直方向夾角53°(cos53°A.910mg B.95mg7.“復興號”動車組用多節車廂提供動力，從而達到提速的目的。總質量為m的動車組在平直的軌道上行駛。該動車組共有四節車廂，其中兩節動力車廂，每節動力車廂發動機的輸出功率均為額定功率P，動車組經過時間t能達到的最大速度為vm，則這一過程中(

)A.該動車組所受阻力大小為Pvm B.該動車組所受阻力大小為P2vm

C.該動車組所受阻力做功8.如圖所示，排球比賽中運動員將排球從M點水平擊出，排球飛到P點時，被對方運動員擊出，球又斜向上飛出后落到M點正下方的N點，N點與P點等高，軌跡的最高點Q與M等高，不計空氣阻力。下列說法正確的是(

)

A.排球兩次飛行過程中加速度相同

B.排球兩次飛行過程中重力對排球做的功相等

C.排球離開M點的速率比經過Q點的速率小

D.排球到達P點時的速率比離開P點時的速率大9.2022年11月30日，“神舟十五號”載人飛船成功與空間站“天和”核心艙對接，“神舟十五號”載人飛船與“天和”核心艙對接示意圖如圖所示，圓形軌道Ⅰ為“天和”核心艙運行軌道，橢圓軌道Ⅱ為載人飛船運行軌道，兩軌道相切于A點，“神舟十五號”載人飛船在A點與“天和”核心艙完成對接。設“天和”核心艙所在的圓形軌道Ⅰ的軌道半徑為r，地球表面重力加速度為g，地球半徑為R，地球自轉周期為T，橢圓軌道Ⅱ的半長軸為a，下列說法正確的是(

)

A.“神舟十五號”載人飛船在軌道Ⅱ上運行經過A點的速度大于“天和”核心艙在軌道Ⅰ上運行的速度

B.“天和”核心艙在軌道Ⅰ上運行的周期與“神舟十五號”載人飛船在橢圓軌道Ⅱ上運行的周期之比為r3:a3

C.“天和”核心艙繞運行的線速度為v=gR210.如圖所示，輕彈簧左端固定，右端連接物體A，物體A置于光滑水平桌面上，物體A和B通過細繩繞過定滑輪連接。已知物體A和B的質量分別為2m和3m，彈簧的勁度系數為k，不計滑輪摩擦。物體A位于O點時，系統處于靜止狀態，物體A在P點時彈簧處于原長。現將物體A由P點靜止釋放，物體A不會和定滑輪相碰，當物體B向下減速到速度為零時(B未與地面相撞)，繩子恰好被拉斷且彈簧未超過彈性限度，則(

)

A.由P點釋放物體A瞬間，物體A的加速度為35g

B.繩子能承受的最大拉力為mg

C.從P點到O點，物體A動能的增加量小于重力對物體B所做功與彈簧彈力對A做的功之和

D.從P點到O點，物體A與彈簧所組成的系統機械能的增加量等于物體B11.如圖所示為研究曲線運動的實驗裝置，在光滑水平桌面中間O處有一轉軸，轉軸上安裝了力傳感器，力傳感器與一根不可伸長的輕繩連接，輕繩另一端拴著一小物體，小物體可視為質點。現讓小物體繞轉軸O做勻速圓周運動，小物體剛運動到AO連線時，繩子斷裂，然后經過桌面邊緣B點飛出做平拋運動，落到沙坑中的D處，AO與桌面邊緣垂直，AB與桌面另一條邊緣也垂直。不計空氣阻力，重力加速度為

(1)研究平拋運動的規律時，運用的思想方法是A.微元法

B.放大法

C.科學推理法

(2)測出小物體質量為m，做勻速圓周運動時小物體到O點間的距離為r，沙坑平面到桌面間的距離為h，D點到桌面邊緣B點正下方的距離為x，請推導出小物體做勻速圓周運動時力傳感器示數F的表達式______。((3)若在(2)的條件下，保持力傳感器F讀數不變，改變細繩的長度為原來的一半，小球仍然在AO連線處斷裂，則細線斷裂前，小球的角速度為______，落到沙坑的位置與桌子邊緣的距離為12.用“落體法”驗證機械能守恒定律的實驗裝置如圖1所示。(g取9.8

(1)在用“落體法”驗證機械能守恒定律的實驗中，有關重錘的質量，下列說法正確的是A.應選用質量較大的重錘，使重錘和紙帶所受的重力遠大于它們所受的阻力B.應選用質量較小的重錘，使重錘的慣性小一些，下落時更接近于自由落體運動C.驗證機械能守恒定律可以不稱量重錘的質量D.驗證機械能守恒定律必須稱量重錘的質量(2)選出一條清晰的紙帶如圖2所示，其中O點為打點計時器打下的第一個點，A、B、C為三個計數點，打點計時器通以頻率為50Hz的交變電流。用分度值為1mm的刻度尺測得OA=12.41cm，OB=18.90cm，OC=27.06cm，在計數點A和B、B(3)某同學利用他自己實驗時打出的紙帶，測量出了各計數點到打點計時器打下的第一個點的距離h，算出了各計數點對應的速度v然后以h為橫軸、以12v2A.19.6

B.9.8試分析試驗過程中造成圖線未過原點O的原因是____________。13.如圖所示，兩異種點電荷的電荷量均為Q=1×10?3C，絕緣豎直平面過兩點電荷連線的中點O且與連線垂直，平面上A、O兩點位于同一豎直線上，AO=l=3m，兩點電荷到O點的距離也為l。現有比荷qm=(1(2

14.在我國科幻電影《流浪地球2》的主角實施救援的電影片段中，提到了“洛希極限”這個概念，即當兩個天體的距離小于洛希極限時，天體就會傾向碎散，地球有解體的風險。若地球與月球間的“洛希極限”計算公式為d=1.26R地3ρ地ρ月，其中R地、ρ地、ρ月分別為地球的半徑、地球的密度和月球的密度；已知地球表面的重力加速度約為月球表面重力加速度的6倍，地球的半徑約為15.如圖所示輕彈簧一端固定在水平面上的豎直擋板上，處于原長時另一端位于水平面上B點處，B點左側光滑，右側粗糙.水平面的右側C點處有一足夠長的斜面與水平面平滑連接，斜面傾角為37°，斜面上有一半徑為R=2.5m的光滑部分圓軌道與斜面切于D點，部分圓軌道的最高點為E，LBC=2.0m，LCD=12.0m，A、B、C、D、E均在同一豎直面內.使質量為m=0.5kg的小物塊P擠壓彈簧右端至A(1)小物塊P運動到(2(3)小物塊P在斜面上的落點距

答案和解析1.【答案】B

【解析】AD.物體做曲線運動，它的速度的方向必定是改變的；在恒力作用下，只要力與速度不共線，物體就可以做曲線運動，加速度不變，故B.物體做曲線運動速度一定變化，由

a=ΔvΔC.物體做曲線運動，速度大小可以不變，速度方向一定改變，即物體的速度一定改變，所以物體一定有加速度，故C錯誤。故選B。

2.【答案】C

【解析】A.粒子做曲線運動的軌跡在粒子受力與速度的夾角之間，如圖

可知粒子受電場力的方向與該點的電場方向相反，所以該粒子帶負電荷，故A錯誤；B.電場線的疏密表示場強大小，所以A點的場強小于B點的場強，故B錯誤；C.帶電粒子從電場中的A點運動到B點，電場力做負功，粒子速度逐漸減小，故C正確；D.由牛頓第二定律可知a由于A點的場強小于B點的場強，所以A點的加速度小于B點的加速度，故D錯誤。故選C。

3.【答案】C

【解析】由幾何關系可知，A、B的距離為x小球A的受力分析如圖

A.依據庫侖定律，則A、B間庫侖力大小為F故A錯誤；B.根據電場強度的定義可知，帶電小球B在A處的電場強度為E故B錯誤；CD.設細線對小球A的拉力為

TT故C正確，D錯誤。故選C。

4.【答案】B

【解析】根據題意可知，潛艇在

x

軸方向上做勻速直線運動，

y

軸方向上先做勻加速直線運動，再做勻減速直線運動，則

x?y

運動軌跡的圖形，在

x

軸上取相鄰距離相等的幾段距離，則時間相等，

y故選B。

5.【答案】D

【解析】A.根據圖乙可知物塊在4?x故A錯誤；B.由題意得，當F=a根據牛頓第二定律得F當F=F又f代入數據解得m=2故B錯誤；C.前2sx克服摩擦力的平均功率為P故C錯誤；D.根據動能定理有W解得拉力F在4sW故D正確；故選D。

6.【答案】A

【解析】小孩從最高點到最低點過程在根據動能定理：m在對低點時豎直方向上受到重力和兩個繩子的拉力，根據牛頓第二定律得：2解得T故選A。

7.【答案】D

【解析】AB2解得該動車組所受阻力大小為f故AB錯誤；CD2解得該動車組所受阻力做功為W故C錯誤，D正確。故選D。

8.【答案】AD【解析】A.不計空氣阻力，排球兩次在空中只受重力作用，加速度為g，故A正確；B.設排球的拋體高度為h，第一次從M到P，重力做正功為W第二次做斜上拋運動從P到Q到N點，重力做功為零，排球兩次飛行過程中重力對排球做的功不相等，故B錯誤；C.排球從M到P和從Q到N都是平拋運動，在M、Q點均只有水平方向的速度，高度h相同，由

t=x由

x=v0t

可知離開M點的速度大于經過D.將排球從P到Q的斜上拋運動由逆向思維法可看成從Q到P的平拋運動，則由M到P和Q到P的平拋運動比較，運動高度相同，則運動時間相同，豎直分速度相同，但M到P的水平位移大，則水平速度較大，由

v=v02+vy故選AD。

9.【答案】BC【解析】A.“神舟十五號”載人飛船在軌道Ⅱ上運行時經過A點做近心運動，所受萬有引力大于向心力，即G

“天和”核心艙在軌道Ⅰ上做勻速圓周運動，所受萬有引力等于向心力，即G則v所以“神舟十五號”載人飛船在軌道Ⅱ上運行經過A點的速度小于“天和”核心艙在軌道Ⅰ上運行的速度，故A錯誤；B.由開普勒第三定律

r3a3=T天T故B正確；C.“天和”核心艙所在的圓形軌道Ⅰ所受萬有引力提供向心力G解得v故C正確；D.由

GMma所以在軌道I上A點的加速度等于在軌道II上A點的加速度，故D故選BC。

10.【答案】A

【解析】A.將AB作為整體，A在P2解得由P點釋放物體A瞬間，物體A的加速度為a故A正確；B.根據對稱性，B到達最低點的加速度大小與初始位置的加速度大小相同，因此，在B到達最低點時，根據牛頓第二定律可得T解得繩子能承受的最大拉力為T故B錯誤；C.從P點到O點，物體AB與彈簧組成的系統機械能守恒，物體B重力勢能的減小量等于物體A動能的增加量與彈簧彈性勢能之和；重力對物體B所做功等于物體B重力勢能的減小量，彈簧彈力對A做的功的絕對值等于彈簧彈性勢能的增加量，所以物體A動能的增加量等于重力對物體B所做功與彈簧彈力對A做的功以及物體B動能增加量之和，故CD.從P點到O點，物體A與彈簧所組成的系統機械能的增加量加上物體B動能的增加量等于物體B所受重力對B做的功，故D錯誤。故選A。

11.【答案】

D；

2hr

；

xrg【解析】(1故選D。(2)[x豎直方向為自由落體h繩沒斷時F解得2(3)[3]F線速度v聯立解得ω[4v物體平拋運動，水平方向x豎直方向h聯立解得x

12.【答案】

AC##CA

1.85

1.83

1.68

B

h

【解析】(1)[1]CDm可知不需要測量重物的質量，故C正確，故D錯誤。故選AC。(2)[Δ[3]打點計時器通頻率為50Hz的交變電流，計數點A和B、t做勻變速直線運動的物體在某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，打B點時的速度v[4Δ(3m變形可得1